茂名市2022第一次模拟考试物理试卷一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求．选对的得4分，错选或不答的得0分．13．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。关于科学家和他们的贡献，下列说法中不正确的是：A．牛顿最早提出力不是维持物体运动的原因B．卡文迪许首先通过实验测出万有引力常量C．安培提出了分子电流假说D．英国植物学家布朗，发现了悬浮在水中的花粉微粒不停地做无规则运动的现象14.如图所示，一定质量的理想气体密封在绝热（即与外界不发生热交换）容器中，容器内装有一可以活动的绝热活塞。今对活塞施以一竖直向下的压力F，使活塞缓慢向下移动一段距离后，气体的体积减小。若忽略活塞与容器壁间的摩擦力，则被密封的气体:A．温度升高，压强增大，内能减少B．温度降低，压强增大，内能减少C．温度升高，压强增大，内能增加D．温度降低，压强减小，内能增加15.用一束紫外线照射某金属时不能产生光电效应，可能使该金属产生光电效应的措施是A.改用红光照射B.改用X射线照射C.改用强度更大的原紫外线照射D.延长原紫外线的照射时间16．如图所示，吊床用绳子拴在两棵树上等高位置，某人先坐在吊床上，后躺在吊床上，均处于静止状态。设吊床两端系绳中的拉力为F1，吊床对人的作用力为F2，则A．坐着比躺着时F1大B．坐着比躺着时F1小C．坐着比躺着时F2大D．坐着比躺着时F2小二、双项选择题：本大题共5个小题，每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对者的得6分，只选1个且正确的得3分；有错选或不答的得0分．17.如图所示,在火星与木星轨道之间有一小行星带。假设该带中的小行星只受到太阳的引力,小行星与地球绕太阳运动都看作匀速圆周运动。下列说法正确的是A.太阳对各小行星的引力相同B.各小行星绕太阳运动的周期均大于一年C.小行星带内侧小行星的向心加速度值大于外侧小行星的向心加速度值D.小行星带内各小行星圆周运动的线速度值大于地球公转的线速度值6\n18.图中虚线为一组间距相等的同心圆,圆心处固定一带负电的点电荷。一带电粒子以一定初速度射入电场,实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹,a、b、c三点是实线与虚线的交点.则该粒子A.带负电B.在c点受力最大C.在b点的电势能大于在c点的电势能D.由a点到b点的动能变化小于由b点到c点的动能变化19.如图甲所示，导线MN和矩形线圈abcd共面且均固定。在MN中通以图乙所示的电流（电流正方向为M指向N），则在0——T时间内A．线圈感应电流方向始终为abcdaB.线圈感应电流方向始先abcda后adcbaC．ab边始终不受安培力作用D．bc边受安培力方向先右后左20.漏电保护开关由一个触电保安器和继电器J组成，如图所示。变压器A处用火线和零线双股平行绕制成线圈，然后接到用电器，B处有一个输出线圈，一旦线圈B中有电流，经放大后便能推动继电器切断电源。关于保安器的说法正确的是A．保安器的工作原理是电磁感应原理B．多开灯会使保安器切断电源C．线圈B中电流一定大于线圈A中的电流D．如图人“手——地”触电会切断电源21.汽车甲沿着平直的公路以速度v0做匀速直线运动，当它路过某处的同时，汽车乙从此处开始做初速度为零的匀加速直线运动去追赶汽车甲,根据上述已知条件A.可求出乙车追上甲车时，乙车的速度B.不能求出乙车追上甲车时，乙车的速度C.可求出乙车从开始运动到追上甲车时，乙车运动的时间D.不能求出乙车从开始运动到追上甲车时，乙车运动的时间34．（18分）(1)利用如图甲所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系。①做实验时，将滑块从图甲所示位置由静止释放，由数字计时器（图中未画出）可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为△t1、△t2；用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离L，用游标卡尺测得遮光条宽度d，则滑块经过光电门1时的速度表达式V1=；滑块加速度的表达式a=6\n。（以上表达式均用已知字母表示）。如图乙所示，若用20分度的游标卡尺测量遮光条的宽度，其读数为mm。②在实验过程中，当改变小车质量M时，通过改变保证小车受到的合力大小不变。（2）现要用伏安法描绘一只标值为“2.5V，0.6W”小灯泡的I-U图线，有下列器材供选用：A．电压表(0～3V，内阻3k；0～15V，内阻10k)B．电流表(0～0.6A，内阻0.5；0～3A，内阻0.1)C．滑动变阻器(10，2A)D．滑动变阻器(100，1.0A)E．蓄电池(电动势6V，内阻不计）乙①为了减小测量误差，图甲中的S1应接(填“M”或“N”)，滑动变阻器应选用__________（用序号字母表示）。②根据你选择的电路，用笔画线代替导线在图乙中将实物连接成实验所需电路图。③开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于端（选填“A”、“B”或“AB正中间”）。闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数变化明显，但电流表示数始终为0，则电路故障为。35.(18分)如图所示，一滑板B静止在水平面上，上表面所在平面与固定于竖直平面内、半径为R的1/4圆形光滑轨道相切于Q。一物块A从圆形轨道与圆心等高的P点无初速度释放，当物块经过Q点滑上滑板之后即刻受到大小F=2μmg、水平向左的恒力持续作用。已知物块、滑板的质量均为m，滑板与水平面间的动摩擦因数μ，物块与滑板间的动摩擦因数3μ，物块可视为质点，重力加速度取g.（1）求物块滑到Q点的速度大小；（2）通过计算判断物块在滑板上滑行过程中，滑板是否滑动；（3）滑板足够长,求物块A与滑板B之间产生的内能？ABORPQF6\n36．（18分）如图所示，在真空中，半径为R的虚线所围的圆形区域内只存在垂直纸面向外的匀强磁场。有一电荷量为q、质量为m的带正电粒子，以速率V0从圆周上的P点沿垂直于半径OOl并指向圆心O的方向进入磁场，从圆周上的O1点飞出磁场后沿两板的中心线O1O2射入平行金属板M和N,O1O2与磁场区域的圆心O在同一直线上。板间存在匀强电场，两板间的电压为U,两板间距为d。不计粒子所受重力。求：(1)磁场的磁感应强度B的大小；(2)粒子在磁场中运动的时间；(3)粒子在两平行板间运动过程中的最大速度与板长L的关系。物理参考答案：34(1)①，，8.15；②高度h使保持不变。（每空2分）(2)①M，C；②实物连接如图所示（连线或量程选错不得分）；③A小灯泡断路(每空2分)35、（18分）解：（1）物块A从P点运动到Q点的过程中，由动能定理有：（3分）解得：（3分）（2）物块A滑上滑板B时，滑板B在水平方向受到滑块对它的摩擦力f1和水平地面对它的摩擦力f2的作用,其中（1分）（1分）物块在滑板上滑行的过程中，B受到的合力（1分）滑板B将向左滑动做加速运动。（1分）6\n（3）而F＜f1，物块做减速运动，直到两者两速度相等以物块和滑板组成系统为研究对象，系统水平方向受到的合外力（1分）系统动量守恒定律：（1分）解得：（1分）共速后两者不再分离，一起做匀速运动。设从B开始运动到A，B恰好同速的过程中，A的位移为L1，B的位移为L2。对A，由动能定理得：（1分）对B，由动能定理得：（1分）物块A与滑板B之间产生的内能：（1分）由以上三式解得：（2分）36．(1)粒子在磁场中做匀速圆周运动，设圆周运动的半径为r，由牛顿第二定律（2分）由几何关系知r=R（1分）所以（1分）(2)由公式（1分）在磁场中运动时间为四分之一个周期（1分）(3)粒子在平行板间做类平抛运动，则（1分）（1分）（1分）（1分）（1分）联立解得：（1分）6\n当，即时，粒子打在板上（1分）这种情况下粒子在板间的最大速度V1由动能定理得；（1分）得:（1分）当，即时，粒子从两板间飞出电场（1分）粒子在板间的最大速度V2这种情况下由动能定理得；（1分）最大速度（1分）6
