期中卷2一、单项选择（每题3分，共36分）1．（3分）下列有关物态变化的叙述中正确的是（ ）A．蒸发和沸腾在任何温度下都能发生B．烧水时在壶口上分看到的“白气”是水蒸气C．衣柜了的樟脑丸逐渐减少是汽化现象D．霜的形成是凝华现象，放出热量【考点】1H：汽化及汽化吸热的特点；1M：液化及液化现象；1Q：生活中的升华现象；1R：生活中的凝华现象．【分析】①蒸发和沸腾都属于汽化现象，蒸发可以在任何温度下进行，沸腾必须达到一定的温度；②水蒸气是无色透明的，人眼不能直接观察；③物质由固态直接变成气态的过程叫升华；由气态直接变成固态的过程叫凝华。升华吸热、凝华放热。【解答】解：A、蒸发可以在任何温度下进行，沸腾必须达到一定的温度。故A错误；B、烧水时在壶口上分看到的“白气”是温度较高的水蒸气遇冷液化形成的小水滴。故B错误；C、樟脑丸减小，由固态直接变成气态，属于升华现象。故C错误；D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，同时放出热量。故D正确。故选：D。【点评】此题考查了蒸发和沸腾的区别、液化现象和升华、凝华现象，是物态变化重要规律的考查，也是一道联系生活的应用题。2．（3分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）A．锯条锯木板时，锯条的内能增加，木板的内能减少B．物体的温度越高，它所含热量就越高C．两个物体的温度相同，它们之间就不能发生热传递D．物体吸收了热量，物体的温度一定会升高【考点】G6：温度、热量与内能的关系．【分析】（1）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；（2）热量是物体在热传递过程中改变的内能的多少，物体本身不含有热量。（3）热传递的条件是温度差；（3）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；【解答】解：A、因为锯木头时，锯条与木头之间相互摩擦做功，机械能转化为木头和锯条的内能，木头和锯条的内能都增大、温度升高。故A错误。B、热量是物体热传递过程中改变的内能的多少，物体本身不含有热量。故B错误；C、热传递的条件是温度差，故两个物体的温度相同，它们之间就不能发生热传递，故C正确；D、物体吸收了热量，物体的温度可能会升高，可能不变，如晶体熔化时，吸收热量，温度不变，故D错误。故选：C。【点评】①要正确理解温度、热量与内能的关系，以及热量的概念和改变内能的两种方式。18\n②解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。3．（3分）质量为3kg的石油，用去后，剩下的石油（ ）A．比热容为原来的，热值不变B．比热容不变，热值变为原来的C．比热容和热值均变为原来的D．比热容和热值都不变【考点】GD：比热容的概念及其计算；GJ：燃料的热值及其计算．【分析】比热容、热值和密度都是物质的一种特性，是每种物体特有的，可以用于区别其它物质的。物质不同，比热容、热值和密度一般也是不同的。【解答】解：比热容、热值的大小与物体的体积、质量、形状、温度都无关，与物质的种类有关，不同物质比热容、热值一般是不同的。故选：D。【点评】本题主要考查物体的物理属性。4．（3分）如图是一种可测定油箱内油面高度的装置，R′是定值电阻，R是滑动变阻器，它的金属划片是杠杆的一端，油量表由电流表改装而成，通过两只电表的示数变化可以反映油面的高度变化，关于此装置的工作原理，下列说法中正确的是（ ）A．当油面高度升高时，油量表示数减小B．当油面高度升高时，电压表示数增大C．当油面高度降低时，油量表示数增大D．当油面高度降低时，电压表示数不变【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】当油量发生为化时，浮标随之运动，带动与浮标相连的指针运动，则可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律电路中电流的变化和和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化。【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，油量表（电流表）测电路中的电流，电压表测R′两端的电压。（1）当油面上升时，R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻R变小，电源电压不变，由于I=可知，电路中的电流I变大，油量表的示数变大，电阻R′阻值不变，由U=IR可知，R′两端的电压变大，电压表示数变大，故A错误；B正确；（2）当油面下降时，R接入电路的电阻变大，电路中的总电阻R变大，电源电压不变，由18\n于I=可知，电路中的电流I变小，油量表的示数变小，电阻R′阻值不变，由U=IR可知，R′两端的电压变小，电压表示数变小，故CD错误；故选：B。【点评】本题考查欧姆定律及滑动变阻器在生活中的应用，要通过对图的分析得出仪器的原理，再由物理规律求解。5．（3分）甲、乙两条铜导线的长度相同，甲的横截面积比乙小，现将它们串联后接入电路中，则（ ）A．乙导线两端的电压大，所以通过它的电流也大B．乙导线的电阻较小，两端的电压也较小C．甲导线的电阻大，所以通过它的电流小D．甲、乙两导线中的电流相同，各自两端的电压也相同【考点】H!：串联电路的电流规律；IA：影响电阻大小的因素；IH：欧姆定律的应用．【分析】根据影响电阻大小的因素以及串并联电路的作用进行分析，即导线的长度越长、横截面积越小以及电阻率越大，导线的电阻越大。【解答】解：A、因为相同长度、相同材料的导线，横截面积小的电阻大，所以甲的电阻大；又因为串联电路处处电流相等，所以A选项错误；B、因为串联电路起分压作用，而乙电阻的阻值小，所以乙导体两端的电压较小，故B选项正确；C、串联电路处处电流相等，所以C选项错误；D、串联电路起分压作用，由于两个电阻的阻值不同，所以甲乙两导线两端的电压不同。故选：B。【点评】知道影响电阻大小的因素，知道串联电路电流的规律，会灵活应用欧姆定律。6．（3分）如图，0.1分钟通过L2的电量是12库仑，A的示数为3.5A，则A1的示数为（ ）A．2安B．5.5安C．1.5安D．120安【考点】H@：并联电路的电流规律；H4：电量及其计算．【分析】从图可知，灯L1和L2并联，电流表A测量的是干路中的总电流，电流表A1测量的是通过灯L1的电流，电流表A2测量的是通过灯L2的电流，已知通过灯L2的电量和时间，可利用公式I=计算通过灯L2的电流，已知干路中的总电流，再利用并联电路中电流的特点计算出通过灯L1的电流。【解答】解：∵Q=12C，t=0.1min=6s，∴通过灯L2的电流为：I2===2A，电流表A测量的是干路中的总电流，故I=3.5A，从而可知，通过灯L1的电流为：18\nI1=I﹣I2=3.5A﹣2A=1.5A。故选：C。【点评】本题考查电荷量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，以及并联电路中电流的特点，在计算过程中要注意单位的换算。7．（3分）某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是（ ）A．当导体两端的电压为0时，电阻为0B．该导体的电阻随电压的增大而减小C．当导体两端的电压为0时，电流为0D．当导体两端的电压为2V时，电流为0.6A【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】（1）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关；（2）根据欧姆定律可知导体两端的电压为零时通过的电流；（3）根据图象读出当导体两端的电压为2V时通过的电流。【解答】解：AB．电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以导体的电阻不会随电压的变化而变化且导体两端的电压为0时其电阻不为0，故AB错误；C．当导体两端的电压为0时，由I=可知，通过导体的电流为0，故C正确；D．由图象可知，当导体两端的电压为2V时，电流为0.4A，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对影响电阻大小因素和欧姆定律的应用以及从图象中获取有用信息的能力，是一道基础题目。8．（3分）如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法正确的是（ ）A．甲的电阻值保持10Ω不变B．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3AC．乙的电阻值保持20Ω不变D．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电源电压为4V【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】（1）根据欧姆定律可知，当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，18\n据此结合图象分析甲乙电阻的变化；（2）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出总电流；（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，根据U=U甲+U乙求出电源电压。【解答】解：（1）由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲的电阻值不变；乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知乙的电阻值是变化的；故C错误；当U甲=2V时，对应的电流为0.1A，故R甲===20Ω；故A错误。（2）甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，则两灯泡两端的电压都为2V，由图象可知，I甲=0.1A，I乙=0.2A，故电路总电流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A，故B正确；（3）甲、乙串联在电路中时，当电路电流为0.2A时，由图象可知U甲′=4V，U乙′=2V，因为串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和，所以电源电压：U=U甲′+U乙′=4V+2V=6V，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的电流、电压特点以及欧姆定律的应用，根据图象得出相关的信息是解题的关键。9．（3分）如图所示，灯L1、L2完全相同，闭合开关S，只有一盏灯亮，且只有一个电表有示数，其故障可能是（ ）A．灯L1开路B．灯L1短路C．灯L2开路D．灯L2短路【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】根据电路图可知，两灯泡并联，电流表A测量L2电流，电压表测量L2两端电压；（1）根据电流表和电压表测量的对象确定有示数的仪表，从而判断电路故障；（2）先确定电路故障，然后逐一分析。【解答】解：A、若L1开路，只有L2发光，电流表、电压表都有示数，故A不符合题意；B、若灯L1短路，L2也同时被短路，两灯都不发光，两电表也都无示数，故B不符合题意；C、若L2开路，灯L1发光，电流表无示数，电压表有示数，故C符合题意；D、若L2短路，灯L1也同时被短路，两灯都不发光，两电表也都无示数，故D不符合题意。故选：C。【点评】要学会使用电流表、电压表来判断电路中的故障，学会从现象中分析原因。10．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，则下列说法正确的是（ ）18\nA．电流表与的示数的比值将减小B．电压表的示数与电流表的示数的比值将减小C．电压表的示数与电流表的示数的乘积将增大D．电流表与的示数的比值将增大【考点】IZ：电路的动态分析．【分析】由电路图可知，两电阻并联，电压表测电源电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测R1支路电流；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据电路结构、并联电路电流、电阻特点分析各电表的示数变化情况，从而判断各电表示数的比值或乘积的变化情况。【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电压表测电源电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测R1支路的电流；闭合开关S，因电源电压不变，所以电压表V的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器R1接入电路的阻值增大，根据I=可知，R1支路的电流减小，即电流表A2的示数将减小；因为并联电路各支路独立工作、互不影响，所以通过定值电阻R2的电流不变，即电流表A1的示数不变；由并联电路的电流特点可知，干路电流IA=IA1+IA2，所以干路电流将减小，即电流表A的示数减小；A、电流表A2与A的示数的比值==1﹣，由于电流表A1的示数不变、电流表A的示数减小，则将增大，1﹣将减小，即电流表A2与A的示数的比值将减小，故A正确；BC、电压表V的示数不变，电流表A的示数减小，则电压表V的示数与电流表A的示数的比值将增大，电压表V的示数与电流表A的示数的乘积将减小，故B、C错误；D、由于电流表A的示数减小、电流表A1的示数不变，所以电流表A与A1的示数的比值将减小，故D错误；故选：A。【点评】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、应用并联电路的特点和欧姆定律即可正确解题。11．（3分）图中，电阻R1与R3相等，电阻R2与R4相等。现有一个两端电压为10V的电源，18\n当把该电源接在A、B两个接线端时，电压表的示数为7.5V，电阻R1两端的电压为U1．当把该电源接在C、D两个接线端时，电压表的示数为5V，电阻R2两端的电压为U2．则下列选项不正确的是（ ）A．U1：U2=1：2B．R1：R2=1：3C．R2：R5=1：2D．R1：R5=1：3【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】分析电路图可知接在A、B两个接线端时，电阻R1与R3，R5串联在电路中，接在C、D两个接线端时，电阻R2与R4、R5串联在电路中，电压表都测R5的电压。根据串联电路电压特点结合欧姆定律可计算电阻R1两端的电压与电阻R2两端的电压和电阻之比。【解答】解：当把该电源接在A、B两个接线端时，等效电路图如图1所示；当把该电源接在C、D两个接线端时，等效电路图如图2所示。根据串联电路电压特点可知，电阻R1与R3相等，则R1与R3两端的电压相等，同理电阻R2与R4两端的电压相等。A、由图1和图2可得：===，故A正确；B、===，故B正确；C、由图2可得：====，故C正确；D、由图1可得：====，故D不正确；故选：D。【点评】学生要能结合串联电路电压特点根据欧姆定律找到电压和电阻之比的规律是解本题的关键。18\n12．（3分）举重比赛有甲、乙、丙三个裁判，其中甲为主裁判，乙和丙为副裁判。若裁判认定杠铃已被举起，就按一下自己面前的按钮。要求主裁判和至少一个副裁判都按下自己面前的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮。以下符合这一要求的电路是（ ）A．B．C．D．【考点】HU：串、并联电路的设计．【分析】由题意可知，主裁判和至少一个副裁判都按下自己面前的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮；根据串联电路电路中各元件相互影响和并联电路中各元件互不影响进行判断。【解答】解：由题意可知，当两个副裁判对应的按钮可以单独工作、并且互不影响，而主裁判的按钮与副裁判的按钮工作时相互影响，因此两个副裁判对应的开关并联连接后与主裁判对应的开关串联连接，即乙、丙并联后与甲串联。故选：B。【点评】根据题意得出两个开关的连接方式是解决本题的关键。二、填空题（每空1分，共21分）13．（2分）在探究“水的沸腾规律”实验中，利用收集的数据作出了水的温度随加热时间变化关系的图象，如图可知水的沸点是 98 ℃，实验中消耗10g酒精，若这些酒精完全燃烧，所放出的热量是 3×105 J（q酒精=3.0×107J/kg）【考点】1O：探究水的沸腾实验；GJ：燃料的热值及其计算．【分析】（1）液体沸腾时的温度叫做沸点，液体在沸腾过程中，不断吸热，但温度保持沸点不变。（2）知道酒精的热值和酒精的质量，利用燃料完全燃烧放热公式Q放=mq求10g酒精完全燃烧放出的热量。【解答】解：水沸腾时保持沸点温度不变，由图可见，该实验中水的沸点是98℃。m=10g=0.01kg，这些酒精完全燃烧，所放出的热量：Q放=mq=0.01kg×3.0×107J/kg=3×105J。故答案为：98；3×105。【点评】本题考查结合图象分析液体沸腾的特点，会看液体沸腾的图象，横坐标代表时间，18\n纵坐标代表温度还要明确每一个小格各代表多少，考查学生的分析归纳能力。还考查燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用，属于基础题目。14．（1分）有一带电体与一根和毛皮摩擦过的橡胶棒互相吸引，则此带电体带 正 （填“正”或“负”）电。【考点】H9：物体带电情况的判断．【分析】根据以下分析答题：用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。【解答】解：异种电荷相互吸引，物体与用毛皮摩擦过的橡胶棒相互吸引，说明物体与橡胶棒带异种电荷，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，所以物体带正电。故答案为：正。【点评】本题考查了物体所带电荷的电性，知道电荷间的相互作用、毛皮摩擦过的橡胶棒带负电是正确解题的前提与关键。15．（2分）我国家庭电路的电压都是 220 V，对人体安全的电压是 不高于36V 。【考点】I1：电压；IQ：家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法．【分析】记住家庭电路电压、人体安全电压、一节干电池的电压能顺利解题。【解答】解：家庭电路的电压为220V，对人体的安全电压是不高于36V。故答案为：220；不高于36V。【点评】家庭电路的电压和一节干电池的电压不直接出现，而是隐含在题目中，注意挖掘。16．（2分）一个小灯泡阻值为10Ω，正常工作时的电流为0.4A，现要将其接入12V的电路中，要求仍能正常发光，则应 串 联一个阻值为 20 Ω的电阻。【考点】I6：串联电路的电压规律；IH：欧姆定律的应用；II：电阻的串联．【分析】由欧姆定律可得出灯泡的额定电压，因电路电压大于灯泡的额定电压，所以必须串联电阻分压，根据串联电路电流和电压规律结合欧姆定律可计算串联的电阻的大小。【解答】解：由欧姆定律得：灯泡的额定电压U=IR=0.4A×10Ω=4V；因电源电压为12V，故应串联电阻分得另外的U'=12V﹣4V=8V的电压；则由欧姆定律得：串联电阻的阻值R===20Ω；故答案为：串，20。【点评】本题考查欧姆定律及串联电路的规律，要求学生能灵活应用所学物理知识解决生活中的问题。17．（2分）如图电路，电阻R1=4Ω、R2=6Ω，电源电压是3V，则开关闭合前电流表的示数是 0.5 A，开关闭合后，电流表的示数为 1.25 A。【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】由电路图可知，当开关闭合前电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路表的示数；当开关闭合后，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出各支路的电流，根据并联电路的电流特点求出电流表的示数。【解答】解：（1）当开关闭合前电路为R2的简单电路，18\n电流表的示数I===0.5A；当开关闭合后，两电阻并联，电流表的示数I′=I1+I2=+=+=1.25A。故答案为：0.5；1.25。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断和电流表所测电路元件的辨别。18．（2分）如图电路，若要使灯L1、L2串联，则应闭合的开关是： S2 ；若要使灯L1、L2并联则应闭合的开关是 S1、S3 。【考点】HT：串联电路和并联电路的辨别．【分析】根据串联和并联、短路的概念分析。把几个用电器首尾相接，连入电路就是串联。把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，就是并联，【解答】解：要使L1、L2串联，应将两灯首尾相连，即断开S1、S3，闭合S2；要使L1、L2并联，应让两灯首首相连，尾尾相连，故应闭合S1、S3，断开S2。故答案为：S2；S1、S3。【点评】本题考查了开关的通断状态对灯泡的连接方式的影响，知道串并联电路连接方式的不同。19．（3分）如图甲所示，当开关S从点2转到1时，电流表和电压表对应的示数如图乙所示，由图甲和图乙中的信息可知，电源电压是 6 V，电阻R2的阻值是 20 Ω，电阻R2的I﹣U图象是丙图中的 a 。（填“a”或“b”）【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】当开关在2时，两电阻串联，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测量总电流，当开关在1时，电路中只有电阻R1，电压表测量电源电压，此时示数最大，从乙图可以看出，【解答】解：从乙图可以看出电源电压为6V，当两电阻串联时，电阻R1两端的电压为2V，电流为0.2A，所以电阻R2两端的电压为U2=U﹣U1=6V﹣2V=4V，所以电阻R2的阻值是R2===20Ω，从图丙上可以看出，当电压为4V时，a对应的电流为0.2A，b对应的电流为0.4A，所以电阻R2的I﹣U图象是丙图中的a。故答案为：6；20；a。18\n【点评】本题考查电压、电阻的计算，关键是从图象上读出数据，难点是会分析开关在不同位置时电路的连接情况以及明白电流表和电压表分别测量哪一部分的电流和电压，要知道串联电路电流和电压的规律。20．（4分）汽油机的一个工作循环是由 四 个冲程组成，在压缩冲程中，气体的温度升高，这是通过做功的方式把 机械能 转化为内能。为了不让汽油机在工作时温度升得太高，在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是通过 热传递 的方式减少汽缸内能。用水来冷却汽缸是因为水的 比热容 较大。【考点】GA：热传递改变物体内能；GE：水的比热容的特点及应用；GM：内燃机的四个冲程．【分析】（1）汽油机的一个工作循环有四个冲程，即吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程。（2）改变内能的方式有做功和热传递，热传递是能量的转移过程，做功是能量的转化过程，两种方式是等效的。（3）在自然界中水的比热容最大，这也是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因。【解答】解：（1）汽油机的一个工作循环是由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，在压缩冲程中，气体的温度升高，这是通过做功的方式把机械能转化为内能；（2）汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，是利用水的比热容大，散热效果好；这是通过热传递的方式改变汽缸的内能。故答案为：四；机械能；热传递；比热容。【点评】本题考查了改变内能的方法、水的比热容大的应用和内燃机四个冲程的工作过程，学会结合实际分析物理问题。21．（3分）如图1所示的电路中，电源电压不变。闭合开关后。滑片由b端向a端移动过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系如图2，则电源电压U= 6 V，电阻R= 12 Ω，滑动变阻器的最大阻值是 50 Ω。【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】（1）①当滑片在a端时，滑动变阻器接入电路电阻为零，此时电源电压只加在R上，电压表示数即为电源电压，故由图b可知电源电压；②当滑片在a端时，滑动变阻器接入电路电阻为零，电压表测R电压，电流表测通过R的电流，结合图b对应的电压和电流值，根据欧姆定律就可求出电阻R的阻值。（2）当滑片在b端时，滑动变阻器全部接入，则此时由图b可知此时电路中的电流及R两端的电压，则串联电路电压特点和根据欧姆定律可求得滑动变阻器的最大阻值。【解答】解：（1）①当滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路电阻为零，此时电源电压只加在R上，此时电压表示数即为电源电压，故由图b知电源电压U总=6V；②当滑片在a端时，滑动变阻器接入电路电阻为零，电压表测R两端电压示数为6V，电流表测通过R的电流示数为0.5A，18\n所以电阻R的阻值：R===12Ω；（2）当滑片在b端时，滑动变阻器全部接入，此时电路中电流最小，由图b可知此时电路中的电流为0.1A，电路总电阻：R总===60Ω，R的阻值：R′===10Ω，所以滑动变阻器最大阻值：R滑=60Ω﹣10Ω=50Ω。故答案为：6；12；50。【点评】本题结合图象考查了欧姆定律及串联电路特点应用，属综合性较高的题目，难点在于图象的分析，考查学生的综合能力，是一道好题。三、作图题（每题4分，共8分）22．（4分）如图1所示，现有一个电池组、两只电流表A1和A2、两只小灯泡L1和L2、一个开关、导线若干（用笔画线代替导线）．请你设计一个电路，要求开关闭合后，L1和L2并联，两只电流表接在电路中，且电流表A1测干路电流，电流表A2测L2的电流。（1）请在如图2的虚线框中画出你所设计的电路图。（2）按照你所设计的电路图，将图中的元件连接起来（导线不要交叉）。【考点】HQ：根据实物图画电路图；HR：实物的电路连接．【分析】（1）要解决此题，需要掌握串联电路和并联电路的区别。串联电路各元件逐个顺次连接起来，电流只有一条通路。并联电路各元件并列地连接起来，电流有多条通路。（2）要解决此题，需要掌握按照电路图连接实物的技巧。首先要搞清电路图的电路连接情况，从电源的一极开始出发，按照一定的次序连接。在此题中要注意电流表的使用规则，需串联在电路中。同时注意电流要从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出。在知道电流值时，要按照要求连接量程，若不知，可以用大量程。【解答】解：（1）题目中要求两个灯泡并联，A1测干路电流，所以A1要串联在干路中。A2测通过L2的电流，所以A2要与L2串联。故答案为：18\n（2）按照电路图，首先连接好电源，把两个干电池串联起来，从电源的正极出发，经过开关，首先进入电流表A1的正接线柱，从负接线柱出来，后分成两条支路，一条支路只有L1，另一条支路是A2与L2串联，根据电路图首先进入A2的正接线柱，后从负接线柱出来，两条支路合成干路回到电源的负极。故答案为：【点评】此题主要考查了电路图的设计与实物电路的连接，在设计电路图时注意串联电路和并联电路的概念。在按照电路图连接实物电路时，可以从电源的一个极出发，注意各元件的连接次序也要与电路图相同。同时注意电流表、电压表的使用规则。23．（4分）如图所示为小黄家客厅的实物电路图。请你用笔画线代替导线，把三孔插座和带有开关的电灯分别正确地接入电路中。【考点】IO：家庭电路的连接．【分析】对于电灯接线的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯口，火线接在开关上，通过开关进灯头”。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：18\n【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。四、实验探究题（每空1分，共15分）24．（3分）在研究“冰熔化特点”的实验中（实验装置如甲图），根据测得的数据描绘的“温度一时间”关系图象如乙图所示。（1）某时刻温度计的示数如甲图所示，温度是 ﹣2 ℃。（2）分析乙图象可知冰熔化过程中吸收热量，温度 保持不变 （选填“升高”、“降低”或“保持不变”）。（3）乙图中AB与CD段的加热时间相同，冰与水温度升高不同，由此可知：水的 比热容 比冰的大。【考点】1F：熔化和凝固的探究实验．【分析】（1）甲图首先判断出温度是零上，读数时应自下向上读，然后结合温度计的最小刻度值是0.5℃，读出正确示数；（2）晶体熔化时温度要达到熔点，不断吸热，温度不变；（3）升温快慢与物质不同状态下的比热容有关。由Q=cm△t判断冰和水的比热容大小。【解答】解：（1）甲图中温度计的读数刻度上大下小说明温度为零下，根据图中所示0℃﹣5℃之间共10个格，故图中温度计的最小刻度值为0.5℃，图中温度为00℃下数4个格，故温度t=﹣2℃；（2）冰在熔化过程中，不断吸热，但温度不变；（3）由图象可以看出，AB段与CD段的倾斜程度不同，可知升高相同的温度，水比冰用的时间长，吸热多。由Q=cm△t，质量和升高温度相同时，水的比热容比冰的比热容大。故答案为：（1）﹣2；（2）保持不变；（3）比热容。【点评】此题考查了冰熔化试验以及冰和水比热容大小的判断，同学们要学会观察图象，分析实验，总结规律。25．（4分）为了比较水和沙子吸热本领的大小，小敏做了如图所示的实验：在两个相同的烧杯中，分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下表：质量/g升温10℃所需时间/s升温20℃所需时间/s升温30℃所需时间/s沙子306489124水3096163220（1）在此实验中用 加热时间 表示水和沙子吸热的多少；（2）分析上表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同温度时，水吸收的热量 大于 （选填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量；18\n（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子， 沙子 （选填“水”或“沙子”）升高的温度更高；（4）下列事实能用上述实验结果解释的是 A A．沿海地区昼夜温差会比内陆地区小B．用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸C．长期堆放煤的水泥地面变成黑色D．夏天给教室洒水，感觉凉爽。【考点】GX：探究比热容的实验．【分析】（1）相同的酒精灯，加热时间越长，水和沙子吸收的热量就越多；（2）根据比热容的概念和吸收热量的计算公式Q=cm△t，实验中采用了控制变量法，控制质量相等，升高的温度相同，比热容大的吸收的热量就多；（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，利用吸收热量的计算公式Q=cm△t，即可判断。【解答】解：（1）实验采用相同的酒精灯对其加热，加热时间越长，沙子和水吸收的热量就多，因此实验中用加热时间表示水和沙子吸热的多少。（2）因为质量相同的水和沙子，升高相同温度，水的比热容大于沙子的比热容，根据吸收热量的计算公式Q=cm△t知，水吸收的热量大于沙子吸收的热量；（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，水的比热容大于沙子的比热容，根据吸收热量的计算公式Q=cm△t可知，沙子的温度变化的大。（4）水的比热容较大，吸收或放出相同的热量水的温度变化较小，因此沿海地区昼夜温差会比内陆地区小，故A正确。故答案为：（1）加热时间；（2）大于；（3）沙子；（4）A。【点评】学会吸收热量的计算公式Q=cm△t，控制变量法是物理实验经常采用的方法。26．（8分）在“探究电流跟电压、电阻的关系”时，同学们设计如图所示电路图，其中R为定值电阻，R′为滑动变阻器，实验后，数据记录在表一和表二中。表一R=5Ω电压1.02.03.0电流0.20.40.6表二U=3V电阻51015电流0.60.30.2（1）小亮进行电路连接，当他连接最后一根导线后，电流表迅速偏转到最大刻度，则小亮操作中出现的错误为 连接电路时没有断开开关 和 滑动变阻器滑片没有处于阻值最大处 。18\n（2）小珍连接好电路后闭合开关，发现无论如何移动变阻器的滑片P，电压表、电流表均有示数，但都不改变，原因可能是 可能是把滑动变阻器上面或下面两个接线柱同时接入电路 。（3）上面设计的表格中存在的不足之处是 电压、电流、电阻没有标注单位 （4）表格补充完整后，通过对上面数据的分析可得出如下结论：由表一可得： 电阻不变，电流与电压成正比 。由表二可得： 电压不变，电流与电阻成反比 。（5）在研究电流与电阻关系时，先用10Ω的定值电阻进行实验，使电压表的示数为3V，再换用5Ω的定值电阻时，某同学没有改变滑动变阻器滑片的位置，合上开关后，电压表的示数将 小于 3V（选填“大于”、“小于”或“等于”）．此时应向 左 （选填“左”或“右”）调节滑片，使电压表的示数仍为3V。【考点】I6：串联电路的电压规律；IH：欧姆定律的应用；IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开且将滑动变阻器滑置于阻值最大处；（2）移动滑动变阻器滑片，电压表与电流表示数不变，说明滑动变阻器不能改变电路电阻，可能是把滑动变阻器上面或下面两个接线柱同时接入电路；（3）物理量包含数值和单位；（4）分析表一和表二得出结论；（5）根据分压原理判断电压表示数的变化，根据控制变量法，结合串联电路电压的规律和分压原理确定滑片移动的方向。【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开且将滑动变阻器滑置于阻值最大处。小亮进行电路连接，当他连接最后一根导线后，电流表迅速偏转到最大刻度，则小亮操作中出现的错误有：连接电路时没有断开开关；滑动变阻器滑片没有处于阻值最大处；（2）连接好电路后闭合开关，发现无论如何移动变阻器的滑片P，电压表、电流表均有示数，但都不改变，原因可能是：将滑动变阻器上面的两个接线柱连入电路中；或将滑动变阻器下面两个接线柱连入了电路中了；（3）物理量包含数值和单位，而上面设计的表格中存在的不足之处是表中电压、电流、电阻没有标注单位；（4）分析表一数据有，电压来原来的几倍，通过的电流为原来的几倍，所以得出的结论是：电阻不变，电流与电压成正比；分析表二数据有，电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，所以得出的结论是：电压不变，电流与电阻成反比；（5）先用10Ω的定值电阻进行实验，使电压表的示数为3V，再换用5Ω的定值电阻时，某同学没有改变滑动变阻器滑片的位置，合上开关后，根据分压原理，电压表的示数将小于3V，因研究电流与电阻的关系时，要控制电压不变，要增大电压表的示数到3V，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器分得的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，所以滑片向左移动。18\n故答案为：（1）连接电路时没有断开开关；滑动变阻器滑片没有处于阻值最大处；（2）可能是把滑动变阻器上面或下面两个接线柱同时接入电路；（3）电压、电流、电阻没有标注单位；（4）电阻不变，电流与电压成正比；电压不变，电流与电阻成反比；（5）小于；左。【点评】本题探究电流跟电压、电阻的关系，考查实验注意事项、反常现象的判断，表格的设计、分析数据归纳结论的能力及实验的操作过程，综合性较强。五、计算题（第27题8分，第28题12分，共20分）27．（8分）天然气是当今家庭中使用较普遍的一种能源，现用天然气来加热水。（1）为使2kg的水温度从20℃加热到100℃，水需要吸收多少热量？（2）如果加热过程中，天然气放出的热量只有50%被水吸收，则需要完全燃烧多少m3的天然气？[天然气的热值为8.3×107J/m3，水的比热容为4.2×103J/（Kg•℃）]。【考点】E6：能量利用效率；GG：热量的计算；GJ：燃料的热值及其计算．【分析】（1）知道水的比热容、质量和温度变化，利用公式Q吸=cm△t计算水吸收的热量。（2）知道水吸收的热量和热效率，可利用公式Q放=计算天然气需要放出的热量，又知道天然气的热值，可利用公式根据Q放=qV计算烧水要消耗多少体积的天然气。【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105J；（2）∵η=，∴天然气需要放出的热量：Q放===1.344×106J；∵Q放=qV，∴消耗天然气的体积：V==≈0.0162m3。答：（1）为使2kg的水温度从20℃加热到100℃，水需吸收6.72×105J热量；（2）需完全燃烧0.0162m3的天然气。【点评】本题考查了学生对热传递过程中吸热公式、热效率公式、燃料燃烧放出热量公式的综合运用，关键是对公式和公式变形的理解和应用。28．（12分）如图所示的电路中，电源电压为18伏不变，滑动变阻器R2上标有“20Ω2A”字样，闭合电键S，电流表A的示数为1安，电压表示数为4伏。求：①电阻R1的阻值。②电路中的最小电流I最小。③在电压表和电流表不改变量程的情况下，为使电路正常工作，滑动变阻器R2连入电路的阻值范围。18\n【考点】IH：欧姆定律的应用．【分析】（1）由图可知R1、R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；（2）当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据电阻的串联特点和欧姆定律求出最小电阻；（3）当电压表的示数最大时，电路中的电流为=3.75A＞2A，故电路中的最大电流为2A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，再根据串联电路的电阻特点求出变阻器接入电路的最小值，进一步确定R2连入电路的阻值范围。【解答】解：①电阻R1的阻值：R1===4Ω；②电路中的最小电流：I最小===0.75A；③电路中最大电流：I最大=2A，R总===9Ω，所以R2最小=R总﹣R1=9Ω﹣4Ω=5Ω，R2的阻值范围是5Ω～20Ω。答：①电阻R1的阻值为4Ω；②电路中的最小电流I最小为0.75A；③在电压表和电流表不改变量程的情况下，为使电路正常工作，滑动变阻器R2连入电路的阻值范围为5Ω～20Ω。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是公式和规律的灵活应用，难点是电路中最大电流的确定，解题时要注意滑动变阻器允许通过的最大电流。18
