2022年秋粤沪版物理八年级上册期中测试题及答案（一）

粤沪版物理八年级上册期中测试题（一）一、填空题（每空2分，共26分。将答案直接写在横线上，不必写出解题过程。）1.质量为50kg的李扬同学在跳绳训练中，若他跳起时双脚离开地面4cm，则李扬同学跳绳一次克服自身重力所做的功是　　J．【考点】功的计算．【分析】知道溧阳的质量和他跳起时双脚离开地面的高度，根据W=Gh=mgh求出跳绳一次克服自身重力所做的功．【解答】解：李扬同学跳绳一次克服自身重力所做的功：W=Gh=mgh=50kg×9.8N/kg×0.04m=19.6J．故答案为：19.6．2.如图所示，斜面长s=10m，高h=4m．用沿斜面50N的拉力F，将一个重为100N的物体由斜面底端A匀速拉到顶端B．请在图中画出物体所受斜面支持力的示意图，并求出斜面的机械效率为　　．【考点】斜面的机械效率．【分析】（1）斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力，方向是相反的；压力的方向是垂直于斜面向下的，支持力就是垂直于斜面向上的，作用点在物体的重心上；（2）根据η=×100%=×100%求出斜面的机械效率．【解答】解：（1）物体受到斜面支持力的方向是垂直斜面向上，作用点画在物体的重心上，如下图所示：（2）斜面的机械效率：η=×100%=×100%=×100%=80%．故答案为：如上图所示；80%．3.燃气热水器是用天然气作为燃料给水加热的，已知天然气的热值为4.0×107J/m3，完全燃烧2m3的天然气可以获得　　　　J的热量．【考点】燃料的热值．【分析】根据Q=Vq可求出完全燃烧2m3的天然气放出的热量．【解答】解：完全燃烧2m3的天然气放出的热量：Q放=Vq=2m3×4.0×107J/m3=8.0×107J．故答案为：8.0×107．4.如图所示，闭合开关后，导体棒发生摆动，这是因为　　　　　　；导体棒在磁场里摆动时，　　（选填“会”或“不会”）产生感应电流．【考点】磁场对通电导线的作用；电磁感应．【分析】（1）通电导体在磁场中受力，受力方向与磁场方向和电流方向两个因素有关，根据这一原理人们制成的电动机；（2）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生．【解答】解：（1）闭合开关后，导体棒发生摆动，这是因为通电导体在磁场中受力；（2）导体棒在磁场里摆动时相当于导体做切割磁感线运动，所以电路中有感应电流．故答案为：通电导体在磁场中受力；会．5.如图甲所示的电路中，滑动变阻器的滑片P从a端移到b端，定值电阻两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图象如图乙所示，则定值电阻R1阻值为　　Ω．【考点】欧姆定律的应用．【分析】由图甲可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压；当滑片在a端时，只有定值电阻接入电路，电压表测电源两端电压，则由图示图象得出电源电压；然后在图象中找出一组电压与电阻的对应值，应用串联电路特点、欧姆定律即可求R1阻值出．【解答】解：由图甲所示电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压；由图甲所示电路可知，滑片在a端时，只有定值电阻接入电路，电压表测电源两端电压，由图乙所示图象可知，电源电压U=6V；由图示图象可知，R2=20Ω时，U1=2V，根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：U2=U﹣U1=6V﹣2V=4V，电路电流：I===0.2A，由I=得：R1===10Ω．故答案为：10．6.合肥地铁1号线是安徽省的首条地铁线路，于2016年12月26日正式开通运营．首期运营的线路长24.58km，运营平均速度40km/h，若以此速跑完全程，需　　分钟，若以行驶的地铁为参照物，站台上的广告牌是　　的（选填“运动”或“静止”）【考点】速度公式及其应用；参照物及其选择．【分析】（1）已知列车运行路程和平均速度，根据v=的变形公式t=求出列车的运行时间；（2）运动和静止是相对的，相对于参照物来说物体位置发生变化则是运动的，否则是静止的．【解答】解：由v=得，地铁的运行时间：t===0.6145h=36.87min．若以行驶的地铁为参照物，站台上的广告牌相对于列车来说位置发生变化，所以说广告牌是运动的．故答案为：36.87；运动．7.一首歌曲需要填词作曲．作曲者谱写的是演唱者唱歌时的　　（选填“音色”、“响度”或“音调”）【考点】频率及音调的关系．【分析】解决此题的关键是要知道声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高．【解答】解：一首歌曲的作曲，作曲家主要谱写的是演唱者唱歌时的音调，也就是我们俗称的歌曲的旋律．故答案为：音调．8.物态变化是自然界中常见的热现象，如：①早春，河中的冰逐渐消融②盛夏，剥开包装纸后冰棒会冒“白气”③深秋，清晨的雾在太阳出来后散去④冬天，早晨草地上铺上一层白霜．其中是由于液化形成的是　　（选填序号）【考点】液化及液化现象．【分析】要分析是什么物态变化，就要先确定此物质原来是什么状态，现在又是什么状态，即判断该物质由什么状态变化到什么状态．【解答】解：①河中的冰消融是固态冰变液态水，是熔化现象；②冰棒冒的“白气”是冰棒周围的气态的水蒸气遇冷变成的液态小水珠，是液化现象；③雾散去是液态的水变气态的水蒸气，是汽化现象；④霜是固态小冰晶，是空气中的水蒸气凝华形成的．故答案为：②．【点评】此题考查的是物态的几种变化，要注意物质原来和现在的状态，也要区别汽化的“汽”和气态的“气”．　9.小明放学一回家就闻到从厨房飘出的饭菜香味，这是扩散现象，它说明了分子在　　　　　　．【考点】扩散现象．【分析】根据分子的性质回答，分子都很小，分子间有间隔，分子在不断运动．【解答】解：闻到饭菜香味是由于分子在不停的做无规则运动到你的鼻孔，刺激嗅觉细胞，使小明闻到了香味．故答案为：不停的做无规则运动．10.一块质量为100g的冰块漂浮在水中，盛放在大烧杯内，如图所示，则冰块受到的浮力为　　N【考点】物体的浮沉条件及其应用．【分析】冰块漂浮在水中时受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮=G=mg求出其大小．【解答】解：因冰块漂浮在水中，所以，冰块受到的浮力：F浮=G=mg=0.1kg×9.8N/kg=0.98N．故答案为：0.98．二、选择题（在每个小题的选项中，只有一个选项符合题目要求，每小题3分，共21分）11.在探究凸透镜成像规律时，调整“三心等高”后，将凸透镜固定在光具座的50cm刻度处，将发光的F光源放在光具座的26cm刻度处时，调节凸透镜另一侧光屏的位置，能得到一个放大的实像．那么，当F光源移到离凸透镜10cm时，则F光源经凸透镜所成的像一定是（　　）A．倒立、缩小、实像B．倒立、放大、实像C．正立、放大、虚像D．不能成像【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】根据物体成放大的实像时的物距求出焦距，在根据凸透镜成像规律分析．【解答】解：将凸透镜固定在光具座的50cm刻度处，将发光的F光源放在光具座的26cm刻度处时，此时的物距为u=50cm﹣26cm=24cm，此时成倒立、放大的实像，则f＜24cm＜2f，则12cm＜f＜24cm；当F光源移到离凸透镜10cm时，在一倍焦距之内，成正立、放大的虚像．故选：C．【点评】本题考查了凸透镜的呈现规律，根据题意得出凸透镜的焦距是解题的关键．　12.下列有关内能的说法中，正确的是（　　）A．物体吸收热量后，内能增加，温度升高B．高温高压气体膨胀对外做功，其内能变大C．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递D．物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量【考点】温度、热量与内能的关系；热量的概念；热传递；做功改变物体内能．【分析】（1）晶体熔化过程中，吸热但温度不变；（2）物体对外做功，内能减小；（3）发生热传递的条件是：存在温差；（4）物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量；【解答】解：A、晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故A错误；B、高温高压气体膨胀对外做功，其内能减小，故B错误；C、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故C错误；D、从能量的转化可知，物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量，故D正确；故选D．13.如图，一重为G的物体放在粗糙的水平地面上，在斜向上的拉力F的作用下，用时t，向右匀速运动距离s．有关物体受力、功、功率，以下说法错误的是（　　）A．在水平方向上物体受到地面的摩擦力和拉力F沿水平方向的分力平衡B．在竖直方向上，物体受到重力、地面的支持力和拉力F沿竖直方向的分力C．拉力F所做的功W=Fs，功率P=D．拉力F所做的功W=Fscos30°，功率P=【考点】功的计算；平衡力的辨别；功率的计算．【分析】（1）根据二力平衡分析；（2）物体在竖直方向上受到三个力的共同作用；（3）（4）根据功和功率的计算公式分析．【解答】解：A、在水平方向上，物体做匀速直线运动，则在水平方向上受力平衡，故物体受到地面的摩擦力和拉力F沿水平方向的分力平衡，故A正确；B、物体在竖直方向上受到重力、地面的支持力和拉力F沿竖直方向的分力的共同作用，故B正确；CD、结合图示可知，拉力在水平方向上的分力为：F'=Fcos30°，则拉力F所做的功：W═F's=Fcos30°•s=Fscos30°，功率P==，故C错误，D正确；故选：C．14.如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度△l之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点．不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球（　　）A．运动过程中惯性减小B．运动过程机械能先增大后减小C．在b点时重力等于弹力D．受到的弹力先减小后增大【考点】惯性；弹力；机械能．【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大．（2）机械能是动能和势能的统称，动能与物体的质量和速度有关；（3）小球从a到b的过程中，受弹簧的弹力、重力，重力大于弹力，小球速度越来越大．随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当小球到达b点时，弹力与重力相等．【解答】解：A、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系．小球运动过程中质量不变，惯性不变．故A错误；B、小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．此过程中小球的机械能转化为弹簧的弹性势能，所以小球的机械能变小，故B错误；CD、小球从a到b的过程中，受竖直向上的弹簧的弹力，竖直向下的重力，重力大于弹力，合力向下，小球速度越来越大．随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当小球到达b点时，弹力与重力相等，两力是一对平衡力，合力为零，故C正确，D错误．故选C．15.如图所示电路中，电源电压为3V，当开关S闭合后，只有一只灯泡发光，且电压表示数为3V，产生这种现象的原因是（　　）A．灯L1短路B．灯L2短路C．灯L1断路D．灯L2断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测灯L1两端电压；灯泡不亮，可能是由于灯泡短路或电路存在断路造成的，根据电路故障现象分析电路故障原因．【解答】解：A、如果灯L1短路，灯L1不发光，灯L2发光，电压表示数为零，故A错误，不符合题意；B、如果灯L2短路，灯L2不发光，灯L1发光，电压表测电源电压，示数等于电源电压3V，符合题意；CD、如果灯L1断路或L2断路，两灯泡均不发光，故CD错误，不符合题意．故选B．16.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，在将滑动变阻器R的滑片P自左向右移动的过程中：①V1示数变大②V2示数变大③A示数变小④灯泡L亮度变亮，以上四点描述中正确的是（　　）A．①②B．②③C．①④D．②④【考点】电路的动态分析．【分析】由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表V1测L两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化．【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表V1测L两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流；将滑动变阻器R的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故③错误；由U=IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，故①正确．因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故④正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡两端的电压变大，所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故②错误．故选C．17.有一环形电流，相当于一匝线圈．当电流从A端流入B端流出时，原本如图所示位置静止的小磁针会（　　）A．水平转动至N极指向纸内B．水平转动至S极指向纸内C．顺时针转动90度至竖直位置D．逆时针转动90度至竖直位置【考点】通电螺线管的磁场．【分析】闭合开关S后，环形导线中通有顺时针方向的电流，根据安培定则判断磁场方向．根据小磁针N极受力方向与磁场方向相同判断N极偏转方向．【解答】解：闭合开关S后，环形导线中通有顺时针方向的电流，根据安培定则判断环形导线内部磁场向里，外部磁场向外，则小磁针的N极向里偏转．故选：A．三、实验与探究题（第18题6分，第19题6分，第20题8分，共计20分）18.为了探究光的反射规律，小明用如图所示的装置进行实验，平面镜M置于水平桌面上．把一可沿ON折叠的白色带有刻度硬纸板竖直放置在平面镜M上．（1）实验过程中，纸板与平面镜必须　　放置；（2）以法线ON为轴线，将白色硬纸板的B面绕法线ON向前或向后旋转，可以探究：反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内，此时反射光线的位置　（选填“发生”或“不发生”）变化；（3）接下来小明想探究反射角与入射角大小关系，请你叙述实验操作过程　　　　　　．【考点】光的反射定律．【分析】（1）实验过程中，纸板与平面镜必须放置，这样才更方便让物像重合；（2）光的反射定律：入射光线、反射光线和法线在同一平面内，入射光线和反射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角．（3）多次实验可以多测量几组数据，得到的规律更具有说服力．【解答】解：（1）实验过程中，纸板与平面镜必须放置，这样才更方便让物像重合；（2）以法线ON为轴线，将白色硬纸板的B面绕法线ON向后旋转，此时反射光线的位置不发生变化，因为反射光线是由入射光线决定的．（3）多次改变入射角的大小去测反射角大小，是为了探究反射角与入射角的大小关系，使实验结论更具普遍性；故下来小明想探究反射角与入射角大小关系，请你叙述实验操作过程是：多次改变入射角大小，测量对应的反射角，比较两者大小得出结论．故答案为：（1）垂直；（2）不改变；（3）多次改变入射角大小，测量对应的反射角，比较两者大小得出结论．19.为研究橡皮筋是否也与弹簧有类似的性质，某实验小组的同学对A、B两根长度相同粗细不同的橡皮筋进行研究，并做成橡皮筋测力计．将橡皮筋的一端固定，另一端悬挂钩码（图甲所示），记录橡皮筋受到的拉力大小F和橡皮筋的伸长量△x，根据多组测量数据画出的图线如图乙所示．（1）当在两根橡皮筋上都悬挂重为6N的钩码时，橡皮筋A的伸长量为　cm，橡皮筋B的伸长量为　cm．（2）分别用这两根橡皮筋制成测力计，则用橡皮筋　B　制成的测力计量程大，用橡皮筋　制成的测力计测量的精确程度高（均选填“A”或“B”）．（3）将本实验中相同的两根橡皮筋A并联起来可以制成量程更大的弹簧测力计，能够测量力的最大值为　N．【考点】探究弹簧测力计原理的实验．【分析】（1）根据图乙分别找出在一定范围内A、B橡皮筋伸长与受到的拉力的函数关系式，根据函数关系式作答；（2）根据弹簧则力计的测力原理确定测力范围；根据受同样的力（在测量范围内）伸长量大的，测量精确高．（3）将本实验中相同的两根橡皮筋并联起来代替弹簧测力计使用时，根据力作用的相互性，求能够测量力的最大值．【解答】解：（1）由图乙可知，A橡皮筋在受到的拉力不大于10N的情况下，B橡皮筋在受到的拉力不大于15N的情况下，橡皮筋伸长量△x与橡皮筋受到的拉力大小F变化关系为一直线，说明橡皮筋的伸长△x与受到接力F成正比例函数的关系，FA=kA△xA，FB=kB△xB，由图知，当FA=5N，△xA=10cm；FB=10N，△xB=10cm，将上面的数据分别代入FA=kA△xA、FB=kB△xB得：kA=0.5N/cm、kB=1N/cm，因此FA=0.5△xA，FB=△xB，所以，当在两根橡皮筋上悬挂重力为6N的物体时，橡皮筋A的伸长量为△xA=cm=12cm，橡皮筋B的伸长量为△xB=cm=6cm；（2）测力计是根据在测量范围内，橡皮筋的伸长与受到的接力成正比的原理制成的，由图乙知，A的量程为0﹣10N，B的量程为0﹣15N，则用橡皮筋B制成的测力计量程大；由图乙可知，在测量范围内，如F=5N时，用橡皮筋A制成的测力计伸长10cm，而用橡皮筋B制成的测力计伸长5cm，所以，用橡皮筋A制成的测力测量的精确程度高；（3）将两根A并联，每根橡皮筋最大受到10N的拉力，根据力的作用是相互的，两根橡皮筋并联起来的弹簧测力计能够测量力的最大值应为20N．故答案为：（1）12；6；（2）B；A；（3）20．20.小聪设计了如图甲所示的电路，利用滑动变阻器调节小灯泡的电流和电压，观察小灯泡的发光情况．电源电压恒为6V，R是滑动变阻器．（1）闭合开关后，移动滑片P，发现两电表示数始终如图乙所示，原因是将滑动变阻器的　　（填字母）两个接线柱接入了电路．（2）改正错误后，小聪继续实验，将有关实验数据标记在图丙上，分析图丙可知，他所选择的滑动变阻器的规格是　（选填字母）．A.20Ω0.5AB.20Ω2AC.50Ω0.5AD.50Ω2A（3）图丙中，阴影部分的面积大小表示　　．（4）实验操作时，因小灯泡L不慎损坏而出现断路，无论怎样移动滑片P，电压表指针　（选填“几乎不动”或“明显偏转”）．【考点】探究用电器的电功率实验．【分析】（1）移动滑片，电流表示数不变，说明滑动变阻器接入电路的阻值为零或为定值电阻；根据电压表的示数确定滑动变阻器接入电路的接线柱；（2）根据图丙可知，当电路中电流最小时，滑动变阻器接入电路的阻值最大；根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（3）根据阴影部分可知，阴影面积等于电压和电流的乘积，据此判断阴影部分面积表示的含义．（4）小灯泡L不慎损坏而出现断路，电压表串联在电路中，电压表分得的电压接近电源电压．【解答】解：（1）移动滑片，电流表示数不变，说明滑动变阻器接入电路的阻值为零或为定值电阻；根据图乙可知，电压表的量程0～15V，分度值为0.5V，示数为6V，等于电源电压，因此滑动变阻器接入电路的阻值为零，即滑动变阻器的接线柱CD接入了电路；（2）根据图丙可知，电路中的最小电流为0.2A，定值电阻两端电压为1V；由串联电路电压规律和欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最大阻值：R===25Ω；电流大于0.5A，故选D；（3）根据图丙可知，阴影部分面积等于电流与电压的乘积，因此阴影部分的面积大小表示R1的电功率为P=UI=2V×0.4A=0.8W．（4）实验操作时，因小灯泡L不慎损坏而出现断路，则电压表串联在电路中，因其内阻比其它电路元件大的多，根据分压原理，其示数接近电源电压，移动滑片改变变阻器连入电路中的电阻时，电压表示数仍接近电源电压，指针几乎不动．故答案为：（1）CD；（2）D；（3）小灯泡的实际功率是0.8W；（4）几乎不动．四、计算与推导题（第21题9分，22题各8分，第23题6分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21.利用如图所示的斜面装置用时10s可以把重为600N的物体匀速拉到斜面顶端，斜面长为5m，高为2m，实际拉力为300N．求：（1）拉力做功的功率；（2）该斜面装置的机械效率；（3）若沿斜面方向的拉力为F，物重为G，斜面长为L，高为H，请利用总功、有用功和额外功的关系推导出摩擦力f的表达式，并由表达式判断说明，拉力F和摩擦力f不是一对平衡力．【考点】功率的计算；斜面的机械效率．【分析】（1）根据功的计算公式W=Fs可求出拉力做的功，即总功；再根据功率的公式P=可求功率；（2）根据W=Gh求出有用功；然后根据机械效率的计算公式可求出斜面的效率．（3）明确题目中的额外功，体现在克服斜面的摩擦做的功；进而得出摩擦力与拉力不是平衡力．【解答】解：（1）拉力做功为：W总=FL=300N×5m=1500J；拉力的功率为：P===150w；（2）此过程中，所做的有用功为：W有=GH=600N×2m=1200J；则斜面的机械效率为：η===80%；（3）由W额=W总﹣W有，因为W总=FL，W有=GH，W额=fL；所以fL=FL﹣GH，f=F﹣；即f＜F，因为f≠F，所以拉力F和摩擦力f是不是一对平衡力；答：（1）拉力做功的功率是150W；（2）该斜面装置的机械效率是80%；（3）拉力F和摩擦力f不是一对平衡力．22.小明用电水壶烧开水，电水壶内水的体积2L，电水壶正常工作560s，可将20℃的水加热至100℃．已知水的密度为1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）．（1）求水吸收的热量；（2）若电水壶正常工作时放出的热量有80%被水吸收，求电水壶的电功率．【考点】电功与热量的综合计算．【分析】（1）知道水的体积，根据m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（t2﹣t1）求出水吸收的热量；（2）根据η=×100%求出电水壶消耗的电能，再根据P=求出电水壶的电功率．【解答】解：（1）水的体积：V=2L=2dm3=2×10﹣3m3，由ρ=可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg，水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105J；（2）由η=×100%可得，电水壶消耗的电能：W===8.4×105J，电水壶的电功率：P===1500W．答：（1）水吸收的热量为6.72×105J；（2）电水壶的电功率为1500W．23.李刚同学做“伏安法”测电阻的实验时链接了如图甲所示的电路．闭合开关后，李刚调节滑动变阻器进行了多次测量．细心的李刚发现，滑动变阻器接入电路的阻值等于零时，待测电阻两端电压达不到两节新干电池串联后的总电压，此时对应的电流表电压表示数如图乙所示．实际上干电池的内部都是存在电阻的，简称内阻，干电池可以看成是一个电压稳定的理想电源与一个内阻串联而成．李刚想测出本实验中电源的内阻，他向老师要来一只5Ω的定值电阻替换掉甲图中的Rx，闭合开关，仍将滑动变阻器调节到接入电路的阻值等于零，测出此时电流为0.4A，请你结合李刚的两次测量求：（1）待测电阻Rx的阻值；（2）电源电压和干电池组的内阻r．【考点】欧姆定律的应用．【分析】（1）根据图乙中电表的量程和分度值读出示数，利用欧姆定律求出待测电阻Rx的阻值；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；5Ω的定值电阻替换掉甲图中的Rx后，定值电阻与电源的内阻串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出电池的内阻，进一步求出电源的电压．【解答】解：（1）由图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为Ux=2.4V，电流表的量程为0～0.06A，分度值为0.02A，示数为Ix=0.2A，由I=可得，待测电阻Rx的阻值：Rx===12Ω；（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=Ix（Rx+r）=0.2A×（12Ω+r），5Ω的定值电阻R0替换掉甲图中的Rx后，定值电阻与电源的内阻串联，电流表测电路中的电流，则电源的电压：U=I0（R0+r）=0.4A×（5Ω+r），因电源的电压不变，所以，0.2A×（12Ω+r）=0.4A×（5Ω+r），解得：r=2Ω，电源的电压U=Ix（Rx+r）=0.2A×（12Ω+2Ω）=2.8V．答：（1）待测电阻Rx的阻值为12Ω；（2）电源电压为2.8V，电池组的内阻为2Ω．