2022届同心圆梦预测试题说明2022届同心圆梦预测试题，为本省重点高中一线高级教师根据本省13届高考考试说明，及高考趋势，编撰的一系列高考预测试题，主要通过命题倾向、解题思路、知识点考察方式、材料使用等诸多方面对13届高考试题进行全方面之预测、探讨。本预测试卷，内部所有试题，均为高中一线优秀之高级教师或原创或改编命制而来，原其命制主旨以考点、方法、思路、材料等宏观诸方向以求预测、补丁，则微观处略显未精益求精，间或有些许瑕疵错误，敬请用者谅解。1．一个小滑块以一定的初速度滑上倾角为30°的光滑斜面，在第1s内与前3s内通过的位移相等，取初速度方向为正，则下列判断正确的是()A．滑块在前3s内的平均速度B．滑块在第1s内和第2s内的位移之比为2：1C．滑块在前4s内的位移为零D．滑块在第3s内的平均速度2．同种材料制作的两个截面为直角三角形的物块叠放在一起，靠墙放在直立于地面的轻弹簧上处于静止状态，三角形，如图(a)。今在物块的角对边上再放一个也由同种材料制作的小物块C，则下列描述正确的是()A．放上物块C前物块B不受墙壁作用力，放上C后受到墙壁向右的作用力B．放上物块C前、后，物块A均受4个力C．放上物块C后，A、B、C不可能再平衡在轻弹簧上D．物块C可能下滑13\n3．如图所示，质量为m物块A由轻弹簧悬挂后放在倾角为的斜面B上，弹簧竖直状态，则()A．物块不可能受到三个力的作用B．物块可能只受两个力的作用C．若弹簧对物块有拉力，则斜面对物块的摩擦力一定小于D．地面对斜面的摩擦力一定不为0【答案】BCE【解析】轻弹簧的弹力在竖直方向上，因此当弹力等于物块重力时，物块受到两个力的作用，B项正确；无论弹力向上还是向下，弹力一定满足，合力向下，可等效为重力，此时物块受力如图所示，因此有，当弹力为0时，物块受到三个力的作用仍能平衡，A错；若弹簧对物块有拉力，则静摩擦力，C项正确；对A、B整体，水平方向除地面摩擦力外不受其它力，由于平衡，地面的摩擦力一定为0，D项错。4．三角形物块A靠墙放在直立于地面的轻弹簧上处于平衡状态，如图所示，今将小物块B轻放在物块A的斜面上，下列描述可能成立的是()A．放上B后，A一定受到墙壁向右的作用力B．若B静止在A上，则A一定不受墙壁作用力C．若B沿斜面下滑，则A对弹簧的压力小于A、B总重力D．若B沿斜面下滑，则A会向右离开墙壁【答案】BC【解析】若B静止在A上，则A、B只受重力和弹簧支持力两个力，A错B对；若B沿斜面下滑，具有沿斜面向下的加速度，则墙壁作用力等于的水平分量，A压紧墙壁，D错；系统重力与弹簧支持力的合力等于的竖直分量，因此系统处于失重状态，弹簧支持力小于系统总重力，由牛顿第三定律可知C项正确。5．在斜面上有质量分别为M、m的两滑块A、B，它们与斜面间动摩擦因数分别为、，当滑块A以速度13\n匀速下滑经过滑块B旁边时，B开始由静止加速下滑。由以上条件可求出()A．B追上A时B的速度B．B追上A时B的位移C．B追上A时所用时间D．B从开始运动到追上A的过程中的平均速度【答案】AD【解析】两滑块运动的图象如图所示，B追上A时的速度为，A正确；求位移需要求，而求需要知道B的加速度，由牛顿第二定律得，由于斜面倾角未知，因此位移和时间均不可求，BC错；B从开始运动到追上A的过程中的平均速度为，D项正确。6.受到一个竖直向下的力F作用的物体A正沿斜面匀速下滑，若撤去力F，改用一个力作用于A时，A沿斜面匀加速下滑，则关于的方向，下列四图中可能正确的是()7．物块沿倾角为=37°的斜面向上滑动时，取沿斜面向上为正方向，则位移随时间变化遵循，那么物块在2s末的速度和2s内的位移分别为()A．12m/s,0B．0,6mC．,0D．0,0【答案】B【解析】由可知，物块上滑时的初速度为12m/s，加速度大小为12，方向沿斜面向下，由牛顿第二定律得，，故当物块速度减小到零后将静止在斜面上，运动时间，因此2s末的速度为0，2s内的位移为，B项正确。13\n8．用力F将质量为m的物块压在竖直墙上，从时刻起，测得物体所受墙壁的摩擦力随时间按如图所示规律变化，则下列判断正确的是()A．时间内为静摩擦力，时刻之后为滑动摩擦力B．时间内物块沿墙壁加速下滑，时刻物块的速度为0C．压力F一定随时间均匀增大D．压力F恒定不变【答案】B【解析】物块受到重力、水平压力F、墙面支持力N和墙面摩擦力f，时摩擦力f=0，因此物块沿墙下滑，之后应该受到滑动摩擦力，必满足，而N=F，所以在时间内是滑动摩擦力，且随压力F的增大而增大，A项错误；时刻，，合力为0，加速度为0，所以时间内物块加速下滑，时间内减速下滑，之后摩擦力恒定且等于，应该是静摩擦力，故时刻物块的速度为0，B项正确；由可知，时间内压力F随时间均匀增大，但之后压力的变化不能由图象作判断，CD均错。9．如图所示，木块A的质量为m，木块B的质量为M，叠放在光滑的水平面上。现用水平力F作用于A，恰能使A、B一起运动；今撤去力F，将另一水平力作用于木块B,则保持A、B相对静止的条件是不超过()A．B．C．D．【答案】C【解析】系统在水平方向只受力F作用，恰能一起运动，则A、B具有相同加速度，即，木块B水平方向只受A对B的静摩擦力(临界条件对应的受力对象)，因此最大静摩擦力；若撤去力F，将水平力作用于B，则对系统有，木块A水平方向只受B对A的静摩擦力f(临界条件对应的受力对象)，相对静止的条件是相互作用的静摩擦力，且，联立解得，C项正确。10．下列物理量的“–”号表示大小的是()A．力对物体做功W=–5JB．物体的加速度a=–2.0m/s2C．物体的重力势能Ep=–12.0JD．电场中某点的电势V【答案】13\nCD【解析】功的正负，只表示是动力做功还是阻力做功，不表示大小，也不表示方向，A项错误；矢量的正负，仅表示方向，B项错误；势能的正负和电势的正负表示相对零电势的高低，C、D项正确。11．我国古代神话中传说：地上的“凡人”过一年，天上的“神仙”过一天。如果把看到一次日出就当作“一天”，某卫星的运行半径为月球绕地球运行半径的，则该卫星上的宇航员24h内在太空中度过的“天”数约为（已知月球的运行周期为27天）()A．1B．8C．l6D．24【答案】B【解析】根据天体运动的公式得，解得卫星运行的周期为3h，故24h内看到8次日出，B项正确。12．如图，ACB是一光滑的、足够长的、固定在光滑水平桌面上的“”形框架，其中CA、CB边与水平方向的夹角均为θ．P、Q两个环分别套在CA、CB上，两根细绳的一端分别系在P、Q环上，另一端和一绳套系在一起，结点为O，现用恒力F拉结点，OP、OQ两根细绳拉直后的长度分别用l1、l2表示，受到的拉力分别用F1和F2表示()A．若l1=l2，则两绳受到的拉力F1=F2B．若l1>l2，则两绳受到的拉力F1F2C．若l1<l2，则两绳受到的拉力F1<F2D．不管l1和l2的大小关系如何，两绳受到的拉力大小始终相等【答案】AD【解析】杆对环的弹力始终垂直于环，对结点O受力分析，根据几何关系可知，不管两绳的大小关系如何，两绳的拉力方向与水平方向的夹角始终为，做力的平行四边形，解三角形知两力大小始终相等，A、D项正确，其它项错误。13．足够长的粗糙斜面上，用力推着一物体沿斜面向上运动，t=0时撤去推力，0—6s内速度随时间的变化情况如图所示，由图3可知()A．0—1s内重力的平均功率大小与1—6s内重力平均功率大小之比为5∶1B．0一ls内摩擦力的平均功率大小与1～6s内摩擦力平均功率大小之比为1∶1C．0一6s内重力做功与克服摩擦力做功之比为1∶513\nD．0一1s内机械能变化量大小与1～6s内机械能变化量大小之比为1∶514．课外活动小组利用如图(a)所示的装置，研究水从喷嘴P喷出时的速度跟容器中水面到喷嘴的高度间的关系．实验测得容器内水位的高度h与喷水距离x的系列数据，通过计算机作出图象是一条顶点在坐标原点的抛物线，如图(b)所示．则下列图象中可能正确的是(其中曲线为顶点在坐标原点的抛物线)()【答案】AD【解析】水从喷嘴喷出后做平抛运动，因此喷出速度，下落时间恒定，因此速度，图象与图象开关相同，A对B错；由图(b)和抛物线方程可得，因此同样有，C错D对．15．半圆形轨道竖直放置，在轨道水平直径的两端，分别以速度、水平抛出、两个小球，两球均落在轨道上的P点，OP与竖直方向所成夹角，如图所示．设两球落在P点时速度与竖直方向的夹角分别为、，则()A．B．C．D．【答案】B【解析】两球下落的高度相同，因此下落时间相等，平抛初速度，，，因此，A错B对；落在P13\n点时速度与竖直方向的夹角满足，故，CD错．16．如图所示，在做“用落体法验证机械能守恒定律”的实验中，（1）下列说法中正确的是.A．电磁打点计时器应接10V以下直流电源B．操作时应先放纸带后接电源C．选择的重物应该相对质量较大、体积较小的物体D．需使用秒表测出重物下落的时间（2）实验中误差产生的原因_________.(写出两个原因)．通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度．从纸带上选取多个点，测量从第一点到其余各点的下落高度h，并计算各点速度的平方v2，然后以________为纵轴，以________为横轴，根据实验数据作出图线．若在实验误差允许的范围内，图线是一条过原点且斜率为g的直线，则验证了机械能守恒定律．【答案】（1）C（4分）(2)①下落过程中存在阻力，②长度的测量；计算势能变化时，选取始末两点距离过近，交流电频率不稳定等；(写出两个原因)（2分）（或v2）（2分）；h（或2v2）（2分）17.某次实验课上，一兴趣小组想要较准确地得到某一电阻的阻值，决定采用“伏安法”测量电阻，选用的仪器中，电压表内阻约为，电流表内阻约为，请完成以下问题：⑴实验之前，先使用多用电表粗测待测电阻的阻值，测量时，将电表调至13\n挡，经正确操作，得到多用电表的示数如图⑴所示，则待测电阻__．⑵在连接电路时，应采用电流表法（内接/外接）．⑶一个多量程多用电表的简化电路图如图⑵所示，当测量较大电流时，应将S旋到位置，该量程为（用图中标注的物理量表示）．【解析】（1）测电阻应读最上面一排刻度，因为是挡，所以读数为．（2）因为，为减小误差，应采用电流表内接法．（3）S接1或2是测电流的，其中接1时，量程为，较大．18.如图所示，可看作质点的物体A、B相距为，质量均为，与倾角为的固定斜面间的动摩擦因数分别是和，现将物体A、B从斜面上由静止释放，A将从斜面顶端沿斜面匀加速下滑，并与B发生连续弹性正碰（每次碰撞过程时间极短），已知，，取，斜面长．⑴若，求物体A、B一起下滑的加速度；⑵若，求A由静止开始到第二次相碰前克服摩擦阻力所做的功；13\n⑶若，求A到达斜面底端之前已经与B发生了几次碰撞．（1分）解得，（1分）即A、B速度交换从第1次碰后到第2次碰撞前，根据位移关系可得（1分）所以第2次碰撞前A的速度为（1分）（1分）（1分）（1分）⑶A与B第二次碰撞后，速度交换，（1分）从第2次碰后开始到第3次碰撞时，根据位移关系得（1分）解得，（1分）依题意计算可知，A第一次与B碰撞前的速度为1m/s，A第二次与B碰撞前的速度为13\n2m/s，A第三次与B碰撞前的速度为3m/s，……由于碰后速度交换，因而碰后B物体的速度为：第一次碰后：第二次碰后：第三次碰后：……第次碰后：每段时间内，B物体都做匀速直线运动，第次碰前运动的距离为（1分）带入即（1分）解得次，即A到达斜面底端之前已经与B发生了9次碰撞．（1分）19．如图所示，在竖直平面内有一场强为的匀强电场，在内、外半径分别为和的同心竖直圆环平面内，存在垂直圆环平面的匀强磁场，磁感强度，一正电粒子进入该区域后恰好做匀速圆周运动，重力加速度．⑴求电场的方向和正电粒子的荷质比；⑵求该粒子由圆心点沿纸面发射，却不能穿越磁场外边界的最大速度；⑶若以第（2）问中的最大速度从圆心处沿纸面射出该正电粒子，求粒子再次经过圆心需要多长时间．13\n⑶粒子在磁场中运动的周期根据几何关系知，解得，带电粒子经过一次磁场，然后偏转回到圆心，在磁场中的圆心角是，则在磁场中运动的时间（2分）在磁场外运动的时间（2分）则（2分）20．（16分）将一总质量为m、总电阻为R、每边边长为L的均匀导线制成的正方形闭合线框ABCD置于磁场方向垂直纸面向里、磁感强度大小按B＝B0+ky变化（k为大于零的常数）的水平有界磁场上方h处，如图所示。从图示位置静止释放线框，运动过程中线框平面保持在竖直平面内，且CD边始终与x轴平行。当线框在有界磁场中下降h0（h0＜L）高度时达到最大速度，线框的AB边刚进入磁场时开始做匀速运动，重力加速度为g，求：（1）当CD边刚进入磁场切割磁感线时，CD两点间的电势差大小；13\n（2）当线框在有界磁场中下降h0高度时速度大小v1；（3）线框从开始释放到线框AB边刚进入磁场的过程中产生的电能.【答案】（1）（2）（3）mg（h+L）—【解析】（1）设CD边刚进入磁场切割磁感线时的速度大小为v，根据自由落体运动规律得，（1分）根据法拉第电磁感应定律得，CD边切割磁感线产生的感应电动势为（1分）根据闭合回路欧姆定律，CD两点间的电势差大小（1分）解得：（2分）（2）当线框在有界磁场中下降h0高度时，根据电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可得，电路中产生的感应电流I=（1分）线框加速度为零达到最大速度，即mg=（B0+kh0）LI（1分）解得，v1=（2分）（3）线框的AB边刚进入磁场时，电路中的感应电流为I＇=（2分）根据线框开始做匀速直线运动可得，mg=[（B0+kL）—B0]LI＇（1分）13\n根据能量守恒定律可得，（2分）解得，△E=mg（h+L）—（2分）13
