山东省潍坊市2022年中考物理真题试题（解析版）

山东省潍坊市2022年中考物理试卷一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题的2分，选错或不选的得0分。1．（2分）（2022•潍坊）许多物理学家在科学发展的历程中都做出了杰出的贡献，其中首先发现电流磁效应的是（　　）　A．法拉第B．奥斯特C．安培D．焦耳考点：通电直导线周围的磁场．专题：磁现象、电生磁．分析：（1）法拉第发现了电磁感应，即磁场产生电流．（2）奥斯特发现了电流周围产生磁场，即电流的磁效应．（3）安培发现了通电螺线管磁极和电流的关系，即安培定则．（4）焦耳发现了电流产生热量跟电流大小、通电时间、电阻的关系，即焦耳定律．解答：解：电流磁效应就是电流产生磁场的现象．奥斯特在1820年发现电流周围存在着磁场．故选B．点评：掌握初中物理中各物理学家的贡献，并且掌握把该科学家的名字命名为什么物理量的单位．　2．（2分）（2022•潍坊）生活中经常要对一些物理量进行估测，下列估测值与实际值相差较大的是（　　）　A．一个苹果的重约为2N　B．中学生正常步行的速度约为1m/s　C．一支新的2B铅笔的长度约为20cm　D．一盏普通日光灯正常发光时的电流约为1.5A考点：重力大小的估测；长度的估测；速度与物体运动；电流的大小．专题：估算综合应用题．分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，根据生活经验及对生活常识的了解，逐一分析各选项并作出判断．解答：解：A、一个苹果的重约为2N，也就是苹果的质量m===0.2kg=0.4斤，与实际值差不多，不符合题意；B、中学生正常步行的速度约为1m/s，与实际值差不多，不符合题意；C、一支新的2B铅笔的长度约为20cm，与实际值差不多，不符合题意；D、一盏普通日光灯正常发光时的电流约为1.5A，其电功率是P=UI=220V×1.5A=330W，实际日光灯的电功率约40W左右，与实际值相差较大，符合题意．18\n故选D．点评：对生活中物体的数据进行估测，考查同学们的综合能力，同学们在学习中要注意观察，多思考．　3．（2分）（2022•潍坊）如图所示的电路中，电源电压不变，当开关S由闭合变为断开时，下列说法正确的是（　　）　A．电流表A1、A2的示数都变小　B．电流表A1的示数不变，A2的示数变小　C．灯泡L1亮度变暗，电路消耗的总功率变小　D．灯泡L2亮度不变，电路消耗的总功率变大考点：电路的动态分析；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律．专题：应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．分析：当开关S闭合时，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A2测干路电流；当开关S断开时，电路为L1的简单电路，两电流表测电路中的电流；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知L1支路的电流变化和灯泡亮暗的变化，根据并联电路的电流特点可知电路中电流的变化，利用P=UI可知电路消耗总功率的变化．解答：解：当开关S闭合时，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A2测干路电流；当开关S断开时，电路为L1的简单电路，两电流表测电路中的电流；∵并联电路中各支路独立工作、互不影响，∴当开关S由闭合变为断开时，通过灯泡L1的电流不变即电流表A1的示数不变，L1的实际功率不变，亮度不变，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴当开关S由闭合变为断开时，干路电流变小，∵P=UI，且电源的电压不变，∴电路消耗的总功率变小．故选B．点评：本题考查了并联电路的特点和电功率公式的应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．　4．（2分）（2022•潍坊）小红同学喜欢利用复读机进行英语听力训练，在音量不变的情况下，如果让复读机先正常播放一段录音，然后再快速播放同一段录音，则发出的录音（　　）　A．响度增大，音调不变B．响度减小，音调不变　响度不变，音调升高响度不变，音调降低18\nC．D．考点：音调、响度与音色的区分．专题：声现象．分析：声音的三要素包括音调、响度和音色；音调是指声音的高低，是由振动频率决定的；响度是指声音的大小，是由振幅和距发声体的距离决定的；音色可以用来区别不同的发声体．解答：解：音量不变是指声音的大小即响度不变，快速播放同一段录音，发出声音的振动频率加快，声音的音调变高．所以ABD错误，C正确．故选C．点评：此题考查了学生对声音三要素的区分，其中音调和响度对学生来说是很难区分的，首先要理解其含义，特别是从听觉上理解其不同之处．　5．（2分）（2022•潍坊）如图是第30届潍坊国际风筝会吉祥物﹣﹣“绿色花蛇”，它在竖直放置的平面镜中的像是下图中的哪一个（　　）　A．B．C．D．考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．专题：光的传播和反射、平面镜成像．分析：平面镜所成的像与物大小相等，像与物到镜面距离相等，对应点连线与镜面垂直，故像与物是对称的，如果镜子直立放置，像与物比较是正立、等大、左右相反的．解答：解：根据平面镜成像的特点，当镜子直立放置时，选择正立、等大、左右相反的图形，即为镜中的像．故选C．点评：熟练掌握并灵活运动平面镜成像特点，是解答此题的关键．　6．（2分）（2022•潍坊）关于热现象，下列说法正确的是（　　）　A．温度高的物体比温度低的物体内能多　B．热能只能从内能多的物体转移到内能少的物体　C．物体内所有分子都在不停地做无规则运动　D．分子间相互作用的引力和斥力不能同时存在考点：热传递改变物体内能；分子间的作用力；分子的运动．18\n专题：分子热运动、内能．分析：内能与温度、质量、状态因素有关．热能从温度高的物体传向温度低的物体．一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，分子的运动属于扩散现象．分子间相互作用的引力和斥力同时存在．解答：解：A、内能与温度、质量、状态因素有关，因此温度高的物体内能不一定多；故A错误；B、热能从温度高的物体传向温度低的物体，故B错误；C、一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，故C正确；D、分子间相互作用的引力和斥力同时存在着，故D错误．故选C．点评：本题主要考查学生对：扩散现象、分子的热运动，热传递的条件以及分子间的相互作用力的掌握情况，综合性较强，需要学生多方联系、认真思考解答．　7．（2分）（2022•潍坊）如图所示，活塞式抽水机手柄可以看作是绕O点转动的杠杆，它在动力F1和阻力F2的作用下，处于平衡状态，则（　　）　A．F1•OC=F2•OAB．F1•OD=F2•OBC．F1•OE=F2•OAD．F1•OE=F2•OB考点：杠杆的平衡条件．专题：简单机械．分析：活塞式抽水机手柄可以看作是绕O点转动的杠杆，选项中的四个量应该分别代表了杠杆的动力、动力臂、阻力、阻力臂，关键是看它们的对应关系是否正确，据此来做出判断．解答：解：读图可知，F1为动力，其力臂是支点到动力作用线的垂直距离，应为OE；F2为阻力，其力臂是从支点到阻力作用线的垂直距离，应为OB，所以根据杠杆的平衡条件，最终的平衡关系是F1•OE=F2•OB，只有选项D符合题意．故选D．点评：解答此题的关键一是熟知杠杆的平衡条件，二是能准确判断杠杆的力臂，后者是本题考查的真正目的．　8．（2分）（2022•潍坊）用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”；夏天打开冰棒纸时，可以看到冰棒周围也出现“白气”，以下说法正确的是（　　）　A．壶嘴里冒出的“白气”，是水沸腾时产生的水蒸气　B．冰棒周围的“白气”是冰棒发生升华形成的水蒸气　C．在这两种“白气”形成的过程中，都需要吸收热量18\n　D．这两种“白气”都是水蒸气液化形成的考点：液化及液化现象．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：物质从固态变为液态的过程是熔化，物质从液态变为固态是凝固，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变成气态的现象称为升华，物质直接从气态变为固态是凝华．解答：解：（1）用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”，是壶嘴里冒出的温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；（2）夏天空气中有大量的水蒸气，水蒸气遇到冷的冰棒凝结成小水滴，形成“白气”，属于液化现象．因此二者都属于液化现象，液化放热．故选D．点评：本题通过生活中的热现象考查学生对物态变化的理解，解题的关键是先搞清楚变化前后物体的状态，再确定物态变化名称．　9．（2分）（2022•潍坊）密度计是用来测量液体密度的仪器，把两支完全相同的密度计分别放在甲、乙两种液体中，密度计静止时，两种液体的深度相同，如图所示，甲、乙两种液体对容器底的压强分别为p甲和p乙，密度计受到的浮力分别为F甲和F乙，则（　　）　A．p甲＜p乙F甲=F乙B．p甲＜p乙F甲＞F乙　C．p甲＞p乙F甲=F乙D．p甲＞p乙F甲＜F乙考点：压强大小比较；物体的浮沉条件及其应用．专题：压轴题；压强、液体的压强；浮沉的应用．分析：（1）同一支密度计的重力不变，放入甲、乙两种液体中都处于漂浮状态，根据漂浮的条件可知在两种液体中所受浮力的大小关系；（2）由图可知，密度计排开液体之间的关系，根据阿基米德原理判断密度计在两种液体中的读数关系，再据液体内部压强的计算公式可判断密度计在两种液体中液面下相同深度处所受压强大小关系．解答：解：由图可知，密度计在甲、乙液体中处于漂浮状态，∵同一支密度计的重力不变，∴密度计在两种液体中所受的浮力相等；∵甲中密度计排开液体的体积大与乙中排开液体的体积，∴根据F浮=ρgV排可知，甲液体的密度小于乙液体的密度据p=ρgh可知，在h相同时，在甲液体中的压强小于在乙液体中的压强．故选A．18\n点评：本题考查了阿基米德原理和物体漂浮条件的应用，利用好物体漂浮条件F浮=G是解此类题目的关键．　10．（2分）（2022•潍坊）小明家的饮水机具有加热和保温两种功能：当饮水机处于加热状态时，饮水机的红灯亮绿灯灭；水被加热到预定温度时，饮水机内部的温控开关S自动切换到保温状态，此时饮水机的绿灯亮红灯灭，下列电路中与上述情况相符的是（　　）　A．B．C．D．考点：串、并联电路的设计．专题：压轴题；图析法；电流和电路．分析：由题意可知，两灯泡独立工作、互不影响即为并联，根据P=可知，加热时电路中的电阻小于保温时电路中的电阻，据此进行解答．解答：解：A、由电路图可知，加热时饮水机的红灯亮绿灯灭，保温时绿灯亮红灯灭，且加热时的电阻小于保温时的电阻，符合题意，故A正确；B、由电路图可知，加热时红灯亮绿灯灭，但温控开关S自动切换时，电路中无加热管起不到保温作用，不符合题意，故B不正确；C、由电路图可知，无论加热时还是保温时绿灯均发光，不符合题意，故C不正确；D、由电路图可知，加热时绿灯亮红灯灭，不符合题意，故D不正确．故选A．点评：本题考查了电路图的设计，分清加热时和保温时电路电阻的关系和指示灯的颜色是关键．　二、选择题（共10小题，满分30分，每小题跟车出的四个选项中，至少有两个是正确的，选对的每小题3分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）11．（3分）（2022•潍坊）关于声现象，下列说法正确的是（　　）　A．一切正在发声的物体都在振动　B．声音在真空中的传播速度为3×105m/s　C．放鞭炮时捂耳朵是在传播过程中减弱噪声　D．超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波具有能量考点：声音的产生；声速；防治噪声的途径；声与能量．专题：声现象．分析：（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质，不能在真空中传播；（2）防治噪声的途径有三条：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；（3）声音既能够传递信息，又能传递能量．解答：18\n解：A、声音是由物体的振动产生的，一切正在发声的物体都在振动，该选项说法正确；B、声音不能在真空中传播，该选项说法不正确；C、放鞭炮时捂耳朵，是在人耳处减弱噪声，该选项说法不正确；D、超声波能够粉碎体内“结石”，因为声波具有能量，该选项说法正确．故选AD．点评：本题考查了声学的基础知识，属于识记性内容，相对比较简单，是基础知识的考查．　12．（3分）（2022•潍坊）电磁波家庭成员很多，有无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、y射线等，电磁波与人们生活密不可分，已渗透到我们生活的各个方面．关于电磁波的应用，下列说法正确的是（　　）　A．验钞机利用红外线来辨别钞票真伪　B．手机利用无线电波传递信号　C．遥控器利用紫外线实现对电视机遥控　D．微波炉利用电磁波来加热食品考点：紫外线；红外线；电磁波的传播．专题：光的折射、光的色散；信息的传递．分析：掌握无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、y射线的特点及作用．紫外线的应用：合成维生素D、使荧光物质发光、杀菌等；红外线照在人身上也会使人体的温度升高，电视机的遥控器是利用红外线来工作的；微波的频率和水频率接近，容易引起水分子的共振而产生热量，生活中常用微波进行加热，如微波炉利用微波加热．解答：解：A、紫外线能使荧光物质发光，所以验钞机利用紫外线来辨别钞票真伪，所以A错误；B、手机是利用微波来传递信号的，电视是利用无线电波来传递信号的，手机和电视不同，所以B错误；C、电视机的遥控器是利用红外线来工作的，所以C错误；D、微波炉是用微波来加热食品的，微波属于电磁波，所以D正确．故选D．点评：此题考查了无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、y射线的特点及作用，是基础性题目．　13．（3分）（2022•潍坊）光的世界变幻莫测、奥妙无穷．下列关于光现象的说法中，正确的是（　　）　A．不同颜色的光在真空中传播的速度不同　B．雨后彩虹是由于光发生反射形成的　海市蜃楼是由于光发生折射形成的18\nC．　D．日食和月食现象都是光沿直线传播造成的考点：光的传播速度与光年；光在均匀介质中直线传播；光的折射现象及其应用；光的色散．专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．分析：（1）光可以在真空中传播，光的传播速度是3×108m/s；（2）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（3）光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；（4）光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等．解答：解：A、不同颜色的光在真空中传播的速度相同，都是3×108m/s，该选项说法不正确；B、雨后彩虹是光的折射形成的，该选项说法不正确；C、海市蜃楼是光的折射形成的，该选项说法正确；D、日食和月食现象都是光沿直线传播造成的，该选项说法正确．故选CD．点评：本题列举了几个常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考．　14．（3分）（2022•潍坊）如图所示，是某建筑工地用起重机吊货物的情景．货物在钢绳的拉力作用下先沿竖直方向匀速上升，在水平移动到卸货地点．若不计摩擦和空气阻力，则货物在匀速上升过程中（　　）　A．重力势能增加，动能减少B．重力势能增加，机械能增加　C．动能不变，机械能增加D．动能减少，机械能减少考点：动能和势能的大小变化．专题：机械能及其转化．分析：（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）机械能等于动能和势能之和．解答：解：不计摩擦和空气阻力，货物在匀速上升过程中，质量不变，速度不变，高度增加，因此动能不变，重力势能增加，则机械能增加．故选BC．18\n点评：（1）掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素．（2）根据能量的影响因素判断动能、重力势能、弹性势能大小的变化．　15．（3分）（2022•潍坊）如图所示，是小宇同学画出的几种磁体周围的磁感线分布情况，其中正确的是（　　）　A．B．C．D．考点：磁感线及其特点；安培定则．专题：应用题；图析法；磁现象、电生磁．分析：（1）通过图示的螺线管的绕向和电源的正负极，利用安培定则可以确定螺线管的NS极，再利用磁感线的方向在磁体的外部，从磁体的N极出发，回到S极判断出A是否符合题意．（2）根据磁感线的方向在磁体的外部，从磁体的N极出发，回到S极判和常见磁感线的形状，断出B、C、D是否符合题意．解答：解：A、电流从螺旋管的右端流入，左端流出，结合螺线管的绕向，根据安培定则，可以确定螺线管的左端为N极，右端为S极，在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，而A图中两端的磁感线都是流出的，故A不符合题意．B、在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，B图中为两个N极，磁感线都是流出的，故B符合题意．C、在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，C图中为一个N极，一个S极，磁感线是N极出发，回到S极，故C符合题意．D、在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，而D图中U形磁体的磁感线从S极出发，回到N极，故D不符合题意．故选BC．点评：此题主要考查了学生对磁感线概念及方向的理解．磁感线很抽象，一定要注意理解．记清常见磁感线的分布对我们处理磁感线的题目是有帮助的．　16．（3分）（2022•潍坊）关于安全用电，下列说法正确的是（　　）　A．在使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体　B．雷雨天气里要躲在大树底下避雨　C．选择保险丝时，应尽量选择粗的　D．有金属外壳的家用电器要使用三孔插座考点：安全用电原则．18\n专题：电与热、生活用电．分析：使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的．使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故；当雷雨天，树作为地面上的“凸出物”，雷电电流通过树干就会传下来，在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害．选择保险丝时，应选择合适的保险丝；有金属外壳的家用电器，使用时金属外壳要接地．解答：解：A、使用测电笔辨别火线时，用手不能接触测电笔前端的金属探头，需要这接触笔尾金属体．故A错误；B、在大树下避雨，因为大树和人体都是电的良导体，雷电极易通过突起物﹣﹣大树传向人体，而造成雷电灾害．故B错误；C、选择保险丝时，应选择合适的保险丝，并不是越粗或越细越好，故C错误；D、家用电器的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故．故D正确．故选D．点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．　17．（3分）（2022•潍坊）关于电磁现象，下列说法正确的是（　　）　A．通电导体在磁场中一定受到磁场力B．发电机是根据电磁感应原理制造的　C．电子定向移动时能产生磁场D．电磁继电器应用了电流的磁效应考点：磁场对通电导线的作用；发电机的构造和原理；电流的热效应、化学效应和磁效应．专题：磁现象、电生磁；电动机、磁生电．分析：（1）通电导体在磁场中受到磁力作用；（2）发电机是根据电磁感应原理制造的；（3）电子定向移动形成了电流，电流周围有磁场；（4）电磁继电器应用了电流的磁效应．解答：解：A、当通电导体与磁感线平行时，则通电导体在磁场中不受到磁场力；故A错误；B、发电机是根据电磁感应原理制造的，故B正确；C、电子定向移动形成了电流，电流周围有磁场，故C正确；D、电磁继电器应用了电流的磁效应；故D正确．故选BCD．点评：本题考查电与磁的基本知识，难度不大．　18．（3分）（2022•潍坊）如图所示，电源电压保持6V不变，灯泡L与定值电阻R串联，灯泡L的电阻为10Ω，R的阻值为20Ω，闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表示数为6V，则电流表可能出现的情况是（　　）18\n　A．电流表无示数B．电流表示数为0.3A　C．电流表示数为0.2AD．电流表示数为0.6A考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．专题：欧姆定律．分析：电压表示数等于电源电压，说明电压表两接线柱与电源两极相连，故故障可能是电阻断路或灯泡短路，然后根据故障的可能，再结合欧姆定律即可求出电路中的电流．解答：解：如果R断路，则电路中没有电流，电流表示数为零；如果L短路，则电路中电流：I===0.3A．故选AB．点评：本题考查故障分析和欧姆定律的应用，关键还是确定故障所在．　19．（3分）（2022•潍坊）甲、乙两物体从同一地点同时向相同方向做直线运动，其s﹣t图象如图所示，由图象可知（　　）　A．两物体在0～10s内都做匀速运动，且v甲＞v乙　B．两物体在15～20s内都做匀速运动，且v甲＜v乙　C．两物体在15s末相遇，且0～15s内通过的路程相等　D．两物体在20s末相遇，且0～20s内通过的路程相等考点：速度公式及其应用．专题：压轴题；长度、时间、速度．分析：（1）在s﹣t图象中，一条斜线表示物体做的是匀速直线运动，根据图象读出甲乙物体在相同时间内通过的路程，即可比较出两物体的运动速度；（2）在s﹣t图象中，和时间轴平行的线段表示物体处于静止状态；（3）由图象可以看出两物体在0～15s内通过的路程相等，且在此时相遇．（4）根据图象读出0～20s内通过的路程是否相等．18\n解答：解：A、由图象看出两物体在0～10s内的图象是一条斜线，表示物体做的是匀速直线运动，且在相同时间内甲物体通过的路程大于乙物体通过的路程，所以v甲＞v乙，故A正确；B、甲物体在15～20s内的图象是一条和时间轴平行的直线，所以甲物体处于静止状态，故B错误；C、由图象看出两物体在15s末相遇，且0～15s内通过的路程相等，都是100m，故C正确；D、由图象看出两物体在15s末相遇，不是在20s末相遇，0～20s内通过乙通过的路程大于甲，故D错误．故选AC．点评：本题考查了由s﹣t图象比较物体的速度大小、判断两车的位置关系等内容，由图象判断小车的运动性质、找出小车的路程与所对应的时间，是解题的关键．　20．（3分）（2022•潍坊）如图甲所示，小亮用水平力推地面上的木箱，木箱运动的v﹣t图象如图乙所示，则下列分析正确的是（　　）　A．在0～20s内，木箱受到的摩擦力大小等于推力大小　B．在0～20s内，木箱受到的摩擦力大小小于推力大小　C．在20～40s内，木箱受到的摩擦力大小等于推力大小　D．在20～40s内，木箱受到的摩擦力大小大于推力大小考点：力与运动的关系．专题：压轴题；运动和力．分析：（1）由图乙判断物体在在0～20s和在20～40s内的运动状态．（2）静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件进行判断．解答：解：如图乙，木箱在0～20s内保持静止状态，木箱在水平方向上受到推力和摩擦力作用，这两个力是平衡力，大小相等；在20～40s内保持匀速直线运动状态，木箱在水平方向上受到推力和摩擦力作用，这两个力是平衡力，大小相等．故选A、C．点评：静止的物体和运动直线运动的物体都受到平衡力作用，根据平衡力条件判断力的大小和方向是常见的类型．　三、实验题（共4小题，满分30分）21．（6分）（2022•潍坊）小明同学利用如图所示的装置探究液体内部压强的特点，得到的实验数据如下表：18\n序号液体深度/cm橡皮膜方向压强计左右液面高度差/cm①水5朝上4.9②水5朝下4.9③水5朝侧面4.9④水10朝侧面9.7⑤水15朝侧面14.6⑥酒精15朝侧面11.8⑦盐水15朝侧面15.9（1）分析序号为①②③的三组数据，可得到的结论是：　相同液体的同一深度，向各个方向的压强相等　；（2）分析序号为　③④⑤　的三组数据，可得到的结论是：液体的压强随深度的增加而增大；（3）分析序号为⑤⑥⑦的三组数据，可得到的结论是：不同液体的压强还跟液体的　密度　有关．考点：探究液体压强的特点实验．专题：探究型实验综合题．分析：掌握液体内部压强的特点：随深度的增加而增大，同一液体相同深度向各个方向的压强相等，相同深度，液体的密度越大，压强越大；掌握控制变量法在此实验中的应用，通过分析表格中数据的变化的量和不变的量得出影响液体压强的因素．解答：解：（1）由①②③的三组数据，液体的密度相同，深度相同，橡皮膜方向不同，压强计左右液面高度差相同，则压强相同，可得相同液体的同一深度，向各个方向的压强相等；（2）③④⑤三组数据的液体密度相同、橡皮膜的方向相同，但深度不同，所以可以探究液体压强与深度的关系；（3）⑤⑥⑦的三组数据，深度相同，橡皮膜方向相同，液体密度不同，可得液体压强与液体密度有关．故答案为：（1）相同液体的同一深度，向各个方向的压强相等；（2）③④⑤；（3）密度．点评：此题是探究液体内部压强的规律实验，主要考查了学生对控制变量法的掌握和应用，在分析时，注意不变的量和改变的量．　22．（7分）（2022•潍坊）如图所示，是某物理实验小组用蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上研究凸透镜成像规律的实验装置．（1）将蜡烛、凸透镜和光屏依次摆放在光具座上，点燃蜡烛后，发现无论怎样移动光屏都找不到蜡烛的像，其原因可能是　ABD　A、光屏、凸透镜和蜡烛的中心不在同一高度B、物距小于透镜的一倍焦距18\nC、蜡烛在透镜的两倍焦距处D、蜡烛在透镜的焦点上（2）如果凸透镜焦距为10cm，当透镜到蜡烛的距离为15cm时，移动光屏，在光屏上可得到倒立的　放大　的实像．（3）当光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果用遮光板挡住透镜的上半部分，我们观察光屏时，将会在光屏上看到　C　A、蜡烛像的下半部分B、蜡烛像的上半部分C、蜡烛完整的像，像的亮度变暗D、蜡烛完整的像，像的亮度不变．考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）在凸透镜成像的实验中，在光屏上找不到像的原因有：物距小于焦距，成虚像；物体在焦点上，不成像；光屏；凸透镜和蜡烛的中心不在同一高度，结合选项进行分析；（2）根据物距处于1倍和2倍焦距之间时，成倒立放大的实像进行分析；（3）当用遮光板挡住透镜的某一部分时，由于通过凸透镜会聚的光线数量减少，所以像会比原来变暗，但仍成完整的像．解答：解：（1）A、光屏、凸透镜和蜡烛的中心不在同一高度，像可能成不在光屏上，A符合题意；B、物距小于透镜的一倍焦距，成放大正立的虚像，像不能成在光屏上，B符合题意；C、蜡烛在透镜的两倍焦距处，成倒立等大的实像，像可以成在光屏上，C不符合题意；D、蜡烛在透镜的焦点上，此时不能成像，D符合题意；（2）凸透镜焦距为10cm，当透镜到蜡烛的距离为15cm时，物距处于1倍和2倍焦距之间时，成倒立放大的实像；（3）如果用遮光板挡住透镜的上半部分，下半部分仍能会聚光线成完整的像，但由于会聚的光线比原来减少，所以像比原来变暗．故答案为：（1）ABD；（2）放大；（3）C．点评：此题是探究凸透镜成像规律的实验，要掌握凸透镜成像特点与物距、像距之间的关系及应用，考查了实验中出现问题的分析，关键要理解其中的原因．　23．（7分）（2022•潍坊）张华同学到正大养殖基地参加社会实践活动，他帮助工作人员捡拾鸡蛋时，想知道新鲜鸡蛋的密度有多大，请你从“弹簧测力计、密度计、细盐、烧杯、水、细线、玻璃棒”中选出合适的实验器材，在不打碎鸡蛋的情况下，设计一个实验，测量新鲜鸡蛋的平均密度（ρ蛋＞ρ水）．要求：（1）写出所选实验器材：（2）简要说明测量方法．考点：设计实验测密度．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：鸡蛋悬浮时，密度与液体的密度相等，可以先用测力计测出鸡蛋的重力；再把鸡蛋全部浸入水中，并不断加盐，当鸡蛋悬浮时，用密度计测量盐水的密度，即为鸡蛋的密度．18\n解答：答：（1）要测量鸡蛋的密度，需要的实验器材：弹簧测力计，密度计、水、细线、玻璃棒；（2）①鸡蛋用细线拴好挂在测力计上，读出示数，即为鸡蛋的重力G；②将鸡蛋完全浸没在水中，然后往水中不断加盐，并用玻璃棒搅拌，直到鸡蛋悬浮为止，然后用密度计测量盐水的密度为ρ；③鸡蛋悬浮时，密度与液体的密度相等，所以ρ蛋=ρ．点评：本题考查了实验设计，注意物体悬浮时，物体的密度等于液体的密度，并且密度计可以测量液体密度．　24．（10分）（2022•潍坊）现有下列器材：蓄电池（6V）、电流表（0～0.6A，0～3A）、电压表（0～3V，0～15V）、定值电阻（若干）、开关、滑动变阻器和导线，要利用这些器材探究”电压不变时，电流与电阻的关系“，要求：（1）请根据图甲将图乙中未完成的电路连接起来．（2）实验中多次换用不同阻值的定值电阻，并调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，读出对应于不同阻值的电流表示数，并记于表格中，请你利用表格中的数据，在坐标纸上（如图丙）画出导体中的电流随电阻变化的图象．实验次数123456电阻R/Ω51015202530电流I/A0.60.30.20.150.120.1（3）在做完第一次实验后，接下来的操作是：断开开关，将5Ω的定值电阻更换为10Ω的定值电阻，再将滑动变阻器的滑片滑到　A　端（选填“A”或“B”），然后闭合开关，移动滑片，使电压表示数为　3　V时，读出电流表的示数．（4）为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器　A　A、50Ω1.0AB、50Ω0.5AC、20Ω1.0AD、20Ω0.5A．考点：探究电流与电压、电阻的关系实验．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）根据电路图连接实物电路图．（2）根据表中实验数据，在坐标系中秒出去对应的点，然后用平滑的曲线把各点连接起来，作出I﹣R图象．（3）探究电流与电阻关系实验，应保持电阻两端电压不变，更换大电阻后，应移动滑片增加滑动变阻器接入电路的阻值，以保证电阻两端电压不变．（4）求电路电流最小时滑动变阻器接入电路的阻值，然后选择滑动变阻器规格．解答：解：（1）根据电路图连接实物电路图，如图1所示．（2）应用描点法作图，根据表中实验数据，现在坐标系内描出对应点，然后作出图象，如图2所示．18\n（3）由表中第一组实验数据可知，定值电阻两端电压为U=0.6A×5Ω=3V，将5Ω的定值电阻更换为10Ω的定值电阻，为保证电阻两端电压保持不变，应将滑动变阻器的滑片滑到A端移动，增大滑动变阻器接入电路的电阻值，增大滑动变阻器的分压，使电压表示数为3V时，读出电流表的示数．（4）滑动变阻器两端电压U滑=U﹣UR=6V﹣3V=3V，测最后一组实验数据时，滑动变阻器接入电路的阻值R滑===30Ω，实验过程电路最大电流为0.6A，因此滑动变阻器应选A．故答案为：（1）电路图如图1所示；（2）图象如图所示；（3）A；3；（4）A．点评：本题考查了连接实物电路图、作I﹣R图象、滑动变阻器调节、选择实验器材等；应用图象法处理实验数据是常用的方法，要掌握描点法作图的方法．　四、计算题（共2小题，满分20分）解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后的答案的不能得分。25．（8分）（2022•潍坊）学习了简单机械的有关知识后，小强同学自制了一种简易升降晾衣架，它由四个定滑轮和两个动滑轮组成，绳子的一段固定在天花板上，人用力拉绳子的自由端可以使晾衣架匀速上升，晾衣架在匀速上升过程中横梁保持水平，如图所示．将40N的衣物挂在晾衣架上，人拉绳的力为12.5N时，衣物匀速上升，忽略绳重及摩擦．求：（1）此时该装置的机械效率；（2）将60N的衣物挂在晾衣架上，使其匀速上升1米，人所做的总功．考点：滑轮（组）的机械效率；功的计算．专题：计算题；压轴题；功、功率、机械效率．分析：（1）由图可知，动滑轮上引出的承担物重的绳子段数为4，知道物体的重力和人拉绳的拉力，可利用公式η====计算出滑轮组的机械效率．（2）在（1）中知道物体的重力和人拉绳的拉力，设晾衣架横梁（含动滑轮）的总重G架，可利用公式F=（G架+G）的公式变形计算出晾衣架横梁（含动滑轮）的总重力，又知道第二次提升物体的重力，可利用公式F=（G架+G衣18\n）计算出绳子自由端的力，知道物体上升的高度，从而可以计算出绳子末端移动的距离，再利用公式W=FS计算出人所做的总功．解答：解：（1）∵G=40N，F=12.5N，∴该装置的机械效率为：η======80%．（2）∵G=40N，F=12.5N，设晾衣架横梁（含动滑轮）的总重G架，由F=（G架+G）可得：晾衣架横梁（含动滑轮）的总重力为：G架=4F﹣G=4×12.5N﹣40N=10N；而第二次提升物体的重力为：G衣=60N，∴此时的拉力为：F′=（G架+G衣）=×（10N+60N）=17.5N，而物体上升的高度h=1m，则绳子末端移动的距离为：S=4h=4×1m=4m，∴人做的总功为：W=FS=17.5N×4m=70J．答：（1）此时该装置的机械效率为80%．（2）将60N的衣物挂在晾衣架上，使其匀速上升1米，人所做的总功为70J．点评：本题考查了机械效率、总功的计算，在滑轮组中，拉物体的力由几根绳子承担，则绳子自由端的力为拉物体的力的几分之一，绳子移动的距离是物体移动的距离的几倍．难点是判断动滑轮上绳子的段数，利用好推导公式F=（G架+G衣）这是本题的关键．　26．（12分）（2022•潍坊）在新农村建设中很多楼房顶部装有如图所示的太阳能、电能两用热水器，该热水器利用太阳辐射的能量加热时，能把太阳辐射能的70%转化为水的内能；用电热丝加热时，能把电能的90%转化为水的内能，该热水器也可利用太阳辐射的能量和电热丝同时加热．它的铭牌如表格所示．小明家热水器的支架与楼顶水平台面总接触面积为0.1m2．他家所在的地区（晴天）每天接受太阳辐射的时间为8h，太阳光照射地面时的辐射功率为900J/（s．m2），即每平方米的面积上每秒得到的太阳辐射能平均为900J．已知g=10N/kg，C水=4.2×103J、（kg．℃）．ρ水=1.0×103kg/m3．当热水器内蓄满水时，求：xx牌热水器型号HM﹣20集热管数28支额定频率50HZ水箱容积150L集热管管长180cm额定电压220V防水等级A系统承压3.0MPa额定功率4000W自身质量50kg采光面积2.0m3（1）热水器对水平台面的压力和压强；（2）热水器每天接受的太阳辐射能使水升高的温度；（3）热水器将水从20℃加热到52.4℃所需的最短时间．考点：太阳能热水器中的热量计算；压强的大小及其计算；太阳能的其他相关计算．专题：压轴题；能源的利用与发展．18\n分析：（1）根据ρ=求出水的质量，根据G=mg求出热水器和水的总重力，它对平台的压力等于其重力；根据p=求出压强；（2）根据太阳光照射地面时的辐射功率求出热水器每天接受的太阳辐射能，再根据Q=cm△t求出水升高的温度；（3）根据Q=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，根据W=Pt求出加热时间．解答：解：（1）水的质量m水=ρV=1.0×103kg/m3×0.15m3=150kg，热水器对水平台的压力：F=G=（m器+m水）g=（50kg+150kg）×10N/kg=2000N，热水器对水平台的压强：p===20000Pa；（2）热水器每天接受的太阳辐射能：W=900J/（s．m2）×8×3600s×2.0m2=5.184×107J，水吸收的热量：Q吸=70%W=70%×5.184×107J=3.6288×107J，水的体积V=150L=0.15m3，水的质量：m水=ρV=1.0×103kg/m3×0.15m3=150kg，∵Q=cm△t，∴水升高的温度：△t===57.6℃；（3）热水器将水从20℃加热到52.4℃所吸收的热量：Q吸′=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg．℃）×150kg×（52.4℃﹣20℃）=2.0412×107J，热水器利用太阳辐射的能量和电热丝同时加热，时间最短，假设此时的时间为t，∵W=Pt，则Q吸′=90%×Pt+70%×900J/（s．m2）×t×2.0m2=4860W×t∴需要加热的时间：t===4200s．答：（1）热水器对水平台面的压力为2000N；压强为20000Pa；（2）热水器每天接受的太阳辐射能使水升高的温度为57.6℃；（3）热水器将水从20℃加热到52.4℃所需的最短时间为4200s．点评：此题主要考查的是学生对压力、压强、热量、电能计算公式的理解和掌握，综合性较强，中考常见题型．18