安徽省2022年中考物理试卷一、填空题（每空2分，共26分）1.完成以下单位换算：（1）3＝________kg/m3；（2）5kW•h＝________J2.如图，水面上两船相距15km，实验员在一条船上敲响水里的一口钟，同时点燃船上的火药使其发光；另一条船上的实验员在看到火药发光后10s，通过水里的听音器听到了水下的钟声。依照这些数据计算声音在水中传播的速度为________m/s。3.如图，用细线将小钢球悬挂起来。让其在竖直平面内左右摆动。忽略空气阻力，在图上画出小钢球摆动到B点时所受力的示意图。4.如图，一轻杆AB悬于O点，其左端挂一重物，右端施加一个与水平方向成30°的力F，如今轻杆水平平衡。假设重物质量m＝3kg，BO＝3AO，g取10N/kg。那么力F的大小为________N。5.用沿斜面向上大小为的力将一个重为的物体从斜面底端匀速拉到顶端。已经知道斜面长为2m，高为1m，那么该过程中斜面的机械效率为________。6.假设完全燃烧3天然气放出的热量全部被100kg初温为25℃的水吸收，能够使水的温度升高到________℃[已经知道c水＝4.2×103J/（kg•℃），q天然气＝4.2×107J/m3]。7.如图中物块甲和乙处于静止状态。已经知道甲重12N，乙重8N，不计绳重及一切摩擦，那么甲遭到地面的支持力为________N。8.如图为电阻A和B的I﹣U图象。假设将A、B串联接入某电源两端，那么闭合开关后，它们两端的电压UA、UB．之比是________；假设将A、B并联接入电源两端，闭合开关后，测得干路电流为，那么电源电压是________V。9.如图电路中，U＝12V，R1＝6Ω，R2＝3Ω，R3＝4Ω．当S2断开，S1闭合时，电阻R1消耗的电功率为________W；当S1、S2都闭合时，6s内电流通过R2产生的热量是________J。18/18\n10.光从空气斜射到水面时，一局部光射进水中，另一局部光返回到空中，其光路如图甲。如今让光逆着折射光线的方向从水中斜射到与空气的分界面，请在图乙中画出相应的折射光线和反射光线。二、选择题（每题3分，共21分；每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）11.以下说法正确的选项（ ）A. 物体的速度越大，其惯性越大B. 电磁波不能在真空中传播C. 摩擦起电的本质是电子从一个物体转移到了另一个物体D. 磁感线是磁场中真实存在的曲线12.如图，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定。右端连接一金属小球，O点是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A位置，然后释放小球，小球就在AB间做往复运动（已经知道AO＝OB）。小球从A位置运动到B位置的过程中，以下推断正确的选项（ ）A. 小球的动能不断增加B. 弹簧的弹性势能不断减少C. 小球运动到O点时的动能与如今弹簧的弹性势能相等D. 在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变13.封闭在容器内的气体，是由大量的气体分子组成的，这些分子都在不停地做无规那么运动。以下有关说法正确的选项（ ）A. 温度一定时，气体分子的运动速度大小都一样B. 温度一定时，向各个方向运动的气体分子都有C. 温度升高时，每个气体分子的运动速度都增大D. 温度降低时，所有气体分子的运动方向都一样18/18\n14.如图，A、B两物块叠放在水平桌面上保持静止。图中分别给出了A、B的受力示意图。以下说法正确的选项（ ）A. F2与GA、F1两个力的合力是一对作用力与反作用力B. F1与F3是一对作用力与反作用力C. GA与F2是一对平衡力D. F2与F1是一对平衡力15.直线电流四周磁场的磁感线分布和磁场方向的断定方法如以以下图。将一枚转动灵敏的小磁针放在水平放置的直导线正下方，直导线通电的瞬间（ ）A. 假设电流方向从南向北，那么小磁针顺时针偏转B. 假设电流方向从北向南，那么小磁针逆时针偏转C. 假设电流方向从东向西，那么小磁针不发生偏转D. 假设电流方向从西向东，那么小磁针不发生偏转16.公交车后门的两个扶杆上通常各装有一个按钮，每一个按钮都是个开关。当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，提示司机有人要下车。以下电路图符合上述要求的是（ ）A. B. C. D. 17.如以以下图的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻。闭合开关，向左挪动滑片P，那么（ ）A. 电压表的示数变大，电流表的示数变大B. 电压表的示数变大，电流表的示数变小C. 电压表的示数不变，电流表的示数变大D. 电压表的示数变小，电流表的示数变大三、实验题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分）18.图为研究“阻碍滑动摩擦力大小的要素”实验的示意图。实验的过程为：18/18\na．用弹簧测力计慢慢拉动木块。使它沿水平长木板滑动，当测力计示数稳定后，该示数即为此状态下滑动摩擦力的大小。b．改变放在木块上的砝码。测出此种情况F的滑动摩擦力。c．换用材料一样但外表粗糙的长木板，保持木块上的砝码不变，测出此种情况下的滑动摩擦力。…（1）该实验的原理是：________；（2）该实验的结论是：________。19.小明使用天平测小石块的质量。测量前他将天平放在水平桌面上，然后进展天平横梁平衡的调理。调理完成后指针静止时的位置和游码的位置如图甲。（1）请你指出小明调理天平横梁平衡的过程中遗漏的操作步骤：________；（2）完成遗漏的操作步骤后，为了调理横梁平衡，他需向________（选填“左”或“右”）调理平衡螺母，使指针指到分度盘中央刻度线或在中央刻度线两侧等幅摆动；（3）调理横梁平衡后，小明将小石块放在左盘，在右盘中加减砝码并调理游码在标尺上的位置，直到横梁恢复平衡。这时右盘中的砝码情况和游码在标尺上的位置如图乙所示，那么小石块的质量为________g。20.图甲为伏安法测电阻的实验电路图。（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于________（选填“a”或“b”）端；（2）小亮同学用完好的器材按图甲正确连接好电路，“试触”时，觉察电流表的指针偏转非常小；挪动滑动变阻器的滑片，觉察指针偏转仍然较小。产生该现象的缘故可能是：________；（3）电路调试完成后，某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙，那么如今被测电阻两端的电压为________V，该电阻的阻值为________Ω。四、计算题（第21小题5分，第22小题9分，第23小题9分，共23分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）18/18\n21.如图，水平地面上一个重为50N的物体，在大小为10N的水平拉力下作用下，向左做匀速直线运动，在5s的时间内通过的间隔为2m。求物体运动过程中：（1）所受摩擦力的大小；（2）拉力F做功的功率。22.将底面积S＝3×10﹣3m2高h＝的铝制圆柱体，悄悄地放入水槽中，使它静止于水槽底部，如图（圆柱体的底部与水槽的底部不密合），如今槽中水深h1＝（已经知道ρ铝＝2.7×103kg/m3，ρ水＝1.0×103kg/m3．g取l0N/kg）。求：（1）水对圆柱体底部的压强p1（2）圆柱体遭到的浮力F浮；（3）圆柱体对水槽底部的压强p2。23.如图为“研究小灯泡灯丝的阻值变化特点”的电路图。实验所选用的器材均能符合实验要求，其中局部器材的规格如下：小灯泡额定电压，额定电流；电压表（量程3V，内阻3000Ω）；电流表（量程50mA，内阻Ω），定值电阻R0（限值1000Ω）。按电路图连接好电路，闭合开关，调理滑动变阻器的滑片至某一位置时，觉察电压表的示数为，电流表的示数为315mA．求如今：（1）小灯泡两端的电压；（2）通过小灯泡的电流；（3）小灯泡灯丝的阻值。参考答案一、填空题（每空2分，共26分）1.【答案】（1）19.3×104（2）1.8×107【考点】密度及其特性，电功率【解析】【解答】解：（1）由于1g/cm3＝1×103kg/m3，因此，3＝19.3×103kg/m3；（2）由于1kW•h＝3.6×106J，因此，5kW•h＝5×3.6×106J＝1.8×107J。故答案为：19.3×104；1.8×107。18/18\n【分析】明确1g/cm3＝1×103kg/m3，1kW•h＝3.6×106J，进展换算即可.2.【答案】1500【考点】速度公式及其应用【解析】【解答】解：由题意可知，看到火药发光，通过10s听到钟声，可近似认为声音在水中传播15km用的时间为t＝10s，声音在水中传播的速度为：v＝＝＝1500m/s。故答案为：1500。【分析】结合题意，利用v＝求得声音在水中传播的速度.3.【答案】解：如以以下图：【考点】力的三要素及力的示意图，重力示意图【解析】【解答】解：忽略空气阻力，小钢球在B点只遭到重力和拉力的作用，重力的方向竖直向下，拉力的方向沿绳子向上；过球心作竖直向下的重力G和沿绳子斜向上的拉力F，如以以下图：【分析】忽略空气阻力，小钢球在B点只遭到重力和拉力的作用，结合力的示意图的画法画出即可.4.【答案】20【考点】杠杆的平衡条件【解析】【解答】解：反向延长力F的作用线，过支点O作力F作用线的垂线即为F的力臂L1，由于右端施加一个与水平方向成30°的力F，那么由几何知识可知L1＝OB，已经知道BO＝3AO，重物质量m＝3kg，那么物体重力G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N，由杠杆平衡条件得：G×L2＝F×L1，即G×OA＝F×OB，代入数据可得，30N×OA＝F××3OA，解得F＝20N。故答案为：20。18/18\n【分析】结合图像，利用杠杆的平衡条件分析求解，留意反向延长力F的作用线，过支点O作力F作用线的垂线即为F的力臂L1.5.【答案】70%【考点】斜面的机械效率【解析】【解答】解：使用斜面时做的有用功：W有＝Gh＝4.9N×1m＝，拉力所做的功：W总＝Fs＝3.5N×2m＝7J，斜面的机械效率：η＝×100%＝×100%＝70%。 故答案为：70%。【分析】依照W=Gh求出有用功，依照W=Fs求出拉力做的功，利用η＝×100%求出这个斜面的机械效率.6.【答案】45【考点】热量的计算，燃料的热值【解析】【解答】解：完全燃烧3天然气放出的热量：Q放＝V天然气q＝3×4.2×107J/kg＝8.4×106J；依照Q吸＝cm△t＝Q放可知，水温度升高值：△t＝＝＝20℃，水的末温度为：t＝t0+△t＝25℃+20℃＝45℃。故答案为：45。【分析】利用燃料完全燃烧放热公式Q放=mq求放出的热量；再由Q放=Q吸=cm△t得到水升高的温度.7.【答案】4【考点】二力平衡的条件及其应用，定滑轮及其工作特点18/18\n【解析】【解答】解：物体甲受竖直向下的重力G甲＝12N、竖直向上的拉力F拉＝G乙＝8N、竖直向上的地面的支持力F支作用而静止，处于平衡状态，由力的平衡条件得：G甲＝F拉+F支，那么甲遭到地面的支持力：F支＝G甲﹣F拉＝12N﹣8N＝4N。故答案为：4。【分析】对甲物体进展受力分析，由平衡条件可求出支持力.8.【答案】1：2；2【考点】欧姆定律及其应用【解析】【解答】解：（1）串联电路中电流处处相等，将A和B串联后接入某电源两端时，假设通过的电流I＝时（也可取其他电流值），由图象可知，它们两端的电压UA＝1V，UB＝2V，那么UA：UB＝1V：2V＝1：2；（2）由图象可知，当U＝3V时，IA＝，IB＝，那么RA＝＝＝5Ω，RB＝＝＝10Ω，假设将A、B并联接入电源两端，那么A和B并联的总电阻：R并＝＝＝Ω；如今干路电流为，那么由I＝可得电源电压：U＝IR并＝0.6A×Ω＝2V。故答案为：1：2；2。【分析】结合I-U图象，找一点读出对应的电流和电压，依照欧姆定律R=求出元件A、B的电阻；依照串联分压及并联分流的原理求解即可.9.【答案】；32【考点】欧姆定律及其应用，电路的动态分析，电功率的计算，焦耳定律【解析】【解答】解：（1）当S2断开，S1闭合时，电阻R1和R3串联，电路的电流：I＝＝＝，电阻R1消耗的电功率：P＝I2R1＝（）2×6Ω＝；（2）当S1、S2都闭合时，电阻R1和R2先并联，再和R3串联，R1和R2并联的总电阻：R＝＝＝2Ω，18/18\n干路中的电流：I′＝＝＝2A，那么电阻R2两端的电压：U2＝I′R＝2A×2Ω＝4V，6s内电流通过R2产生的热量：Q＝W＝t＝×6s＝32J。故答案为：；32。【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，依照欧姆定律算出电路的电流，依照P＝I2R算出电阻R1消耗的电功率；同理，先算出电阻R1和R2的总电阻，依照欧姆定律算出电路的电流和电阻R2两端的电压，依照Q＝W＝t算出6s内电流通过R2产生的热量.10.【答案】解：如以以下图：【考点】作光的反射光路图，作光的折射光路图【解析】【解答】解：图中已通过入射点O作出垂直于界面的法线，依照反射角等于入射角在水中法线的另一侧画出反射光线；光从水斜射入空气中，依照折射角大于入射角画出折射光线，折射光线要比原来远离法线。如以以下图：【分析】利用光的反射、折射定律作图即可.二、选择题（每题3分，共21分；每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）11.【答案】C【考点】惯性及其现象，两种电荷，磁感线及其特点，电磁波在日常生活中的应用【解析】【解答】解：A、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，A不符合题意；B、电磁波的传播不需要介质，能够在真空中传播，B不符合题意；C、摩擦起电的本质是电子从一个物体转移到了另一物体上，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，C符合题意；18/18\nD、磁感线不是磁场中真实存在的曲线，而是人们假想出来的，它能够形象地描绘磁场，D不符合题意。故答案为：C。【分析】惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系.电磁波的传播不需要介质.摩擦起电的本质是电子从一个物体转移到了另一物体上，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电.磁感线：描绘磁场的强弱和方向而假想的曲线.磁体四周的磁感线是从它北极出来，回到南极.（磁感线是不存在的，用虚线表示，且不相交）12.【答案】D【考点】动能和势能的大小变化，机械能守恒条件【解析】【解答】解：由题知，O点是弹簧保持原长时小球的位置，那么AO段弹簧处于压缩状态，OB段弹簧处于拉伸状态；小球从A运动到O的过程中，弹簧逐步恢复原状，形变程度变小，弹性势能变小，小球所受弹力方向向右、速度不断增大，动能变大，此过程中弹性势能转化为动能；到达O点时，弹簧恢复原长，弹性势能为零，小球所受弹力为零，如今速度最大，动能最大；小球从O运动到B的过程中，弹簧被拉长，形变程度变大，弹性势能变大，如今小球所受弹力方向向左、速度不断减小，动能变小，此过程中动能转化为弹性势能；那么小球从A位置运动到B位置的过程中：A、小球的动能先增加后减少，A不符合题意；B、弹簧的弹性势能先减少后增大，B不符合题意；C、小球运动到O点时的动能（最大）与如今弹簧的弹性势能（为零）不相等，C不符合题意；18/18\nD、水平台面光滑，且AO＝OB，说明没有机械能转化为内能，小球和弹簧组成的整体机械能守恒，因此在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变，D符合题意。故答案为：D。【分析】动能的大小与物体的质量、速度有关，即质量越大，速度越大，因此动能越大；弹性势能的大小与物体的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大；留意由于水平台面光滑，整个系统能量守恒.13.【答案】B【考点】分子热运动【解析】【解答】解：A、温度一定时，气体分子的运动速度大小没有规律，A不符合题意；B、温度一定时，分子运动没有规律分子运动朝各个方向，B符合题意；C、温度升高时，大局部气体分子速度增大，不是每个气体分子速度增大，C不符合题意；D、温度降低时，气体分子运动依然朝各个方向，D不符合题意；故答案为：B。【分析】热运动：物体内部大量分子的无规那么运动.物体的温度越高，分子运动速度越快.14.【答案】B【考点】力作用的互相性，平衡力的区分【解析】【解答】解：由图知，A物块遭到向上的支持力F2、向下的重力GA、B对A向下的压力F1；B物块遭到向上的支持力F3和向下的重力GB，A、以A为研究对象，A物块在水平桌面上保持静止，受力平衡；GA、F1两个力的合力方向向下，合力的大小GA+F1＝F2，那么可知F2与GA、F1两个力的合力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，均作用在A物块上，因此是一对平衡力，不是一对互相作用力，A不符合题意；18/18\nB、B对A有向下的压力F1，因力的作用是互相的，那么A对B有向上的支持力F3，因此F1与F3是一对作用力与反作用力，B符合题意；C、A物块处于静止状态，由图示和力的平衡条件可得：F2＝GA+F1，那么GA与F2的大小不等，因此GA与F2不是一对平衡力，C不符合题意；D、A物块处于静止状态，由力的平衡条件可得：F2＝GA+F1，那么F2与F1的大小不等，因此F2与F1不是一对平衡力，D不符合题意。故答案为：B。【分析】二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，假设大小相等、方向相反、同时在同不断线上，那么这两个力二力平衡时合力为零.物体间力的作用是互相的.(一个物体对别的物体施力时，也同时遭到后者对它的力).15.【答案】D【考点】通电直导线四周的磁场【解析】【解答】解：由图知，推断通电直导线四周磁场方向用到了右手螺旋定那么，即：用右手握住直导线，使大拇指指向电流的方向，那么四指围绕的方向确实是通电直导线四周的磁场方向；A、假设电流方向从南向北，如以以以下图（即图中电流从左到右），依照上面的方法可知，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，而纸的里面是西，那么小磁针的N极指向也指向西面（如图中红色磁针），小磁针的N极原来指向北面（如图中蓝色磁针），因此，小磁针从北往西转动，俯视时，会觉察小磁针逆时针转动，A不符合题意。B、假设电流方向从北向南，即以以以下图中电流从左到右，依照上面的方法可知，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是东，小磁针N极指向也指向东面（如图中红色磁针），小磁针的N极原来指向北面（如图中蓝色磁针），因此，小磁针从北往东转动，俯视时，会觉察小磁针顺时针转动。B不符合题意。18/18\nC、假设电流方向从东向西，即以以以下图中电流从左到右，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是南，小磁针N极指向也指向南面如图中红色磁针，小磁针原来指向北面如图中蓝色磁针，因此小磁针会转动到相反的方向，C不符合题意。D、假设电流方向从西向东，即以以以下图中电流从左到右，通电直导线下面的磁场指向纸的里面，纸的里面是北，小磁针N极指向也指向北面如图蓝色磁针，小磁针原来指向北面（如图蓝色磁针），因此小磁针不转动。D符合题意。故答案为：D。【分析】结合题意，水平放置的通电直导线，当电流从左到右时，在通电直导线的下面的磁场是垂直指向纸的里面，通电直导线下面放小磁针，小磁针的N极指向和磁场方向一样，再由小磁针原来指向北面到如今的位置，推断小磁针的转动方向.16.【答案】C【考点】串、并联电路的设计【解析】【解答】解：（1）当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，说明这两个开关能够独立工作、互不阻碍即为并联，且两个开关都位于干路上，由图示电路图可知，AB其中一个开关在支路上，AB不符合题意，C符合题意。（2）依照题意可知：当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，而D图只有两个开关同时闭合时，灯泡才亮，电铃才响，D不符合题意。故答案为：C。【分析】抓住题干中有用的信息，即电路元件是否能够独立工作（并联），依然互相阻碍（串联），得出两开关的连接方式，选择最正确答案即可.17.【答案】A【考点】欧姆定律及其应用，电路的动态分析18/18\n【解析】【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，闭合开关后，滑片向左滑动时，接入的阻值变小，那么电路中总电阻变小，由I＝可知，在电源电压不变时，电路中的电流变大，电流表实示数变大；R为定值电阻，由U＝IR可知其两端电压变大，故电压表示数变大；A符合题意，BCD不符合题意。故答案为：A。【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器滑片向左滑动时，接入的阻值变小，利用欧姆定律I＝分析电流变化情况；再依照U=IR分析电压表示数变化情况.三、实验题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分）18.【答案】（1）二力平衡（2）滑动摩擦力的大小跟压力大小及接触面积的粗糙程度有关【考点】探究阻碍摩擦力大小要素的实验【解析】【解答】解：（1）用弹簧测力计水平拉动木块做匀速直线运动时，拉力与摩擦力是一对平衡力，依照二力平衡条件可得出二者大小相等；（2）比较a、b次实验可知，接触面的粗糙程度，压力大小不同，结果摩擦力的大小不同，因此滑动摩擦力的大小与压力大小有关；比较a、c两次使用数据可知，压力大小一样，接触粗糙程度不同，结果摩擦力的大小不同，说明滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；综上分析可知，该实验的结论是：动摩擦力的大小跟压力大小及接触面积的粗糙程度有关。故答案为：（1）二力平衡；（2）滑动摩擦力的大小跟压力大小及接触面积的粗糙程度有关。【分析】（1）涉及到实验原理（只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上遭到平衡力的作用，依照二力平衡，拉力大小才等于摩擦力的大小）.（218/18\n）滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度和压力大小有关系，涉及到操纵变量法（研究与其中一个要素的关系时，要操纵另外一个要素不变：在接触面粗糙程度一样的条件下，压力越大，摩擦力越大；在接触面压力一样的条件下，接触面越粗糙，摩擦力越大）的运用和数据分析才能.19.【答案】（1）游码调零（2）右（3）78.4【考点】质量的测量与天平的使用【解析】【解答】解：（1）使用天平时，应先把游码移到标尺的零刻度线处，即游码归零，再调理平衡螺母使天平平衡，而小明调理天平横梁平衡的过程中遗漏了游码归零这一步骤。（2）甲图中没有将游码移至零刻度线，横梁就平衡了，假设将游码调零，那么指针会偏向分度盘左侧，如今要使横梁平衡，那么应将平衡螺母向右调理；（3）由图知，小石块的质量m＝＝。故答案为：（1）游码调零；（2）右；（3）。【分析】（1）结合天平的使用方法分析解答.（2）调理天平平衡时，螺母反指针.（3）物体的质量等于右盘中砝码总质量加上游码所对的刻度值.20.【答案】（1）a（2）电流表量程过大（3）；10【考点】伏安法测电阻的探究实验【解析】【解答】解：（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的a端；（2）小亮同学用完好的器材按图甲正确连接好电路，“试触”时，觉察电流表的指针偏转非常小；挪动滑动变阻器的滑片，觉察指针偏转仍然较小，故排除了电路中电阻过大的可能，故产生该现象的缘故可能是：电流表量程过大；（3）电路调试完成后，某次实验中电压表和电流表示数如图乙和丙，电压表选用小量程，分度值为那么，如今被测电阻两端的电压为，电流表选用小量程，分度值为，电流为，由欧姆定律，该电阻的阻值为：18/18\nR＝＝＝10Ω。故答案为：（1）a；（2）电流表量程过大；（3）；10。【分析】（1）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处.（2）电流表的指针偏转非常小，那么可能是选取的量程过大或电路中的电流较小，据此分析解答.（3）结合电表的量程、分度值读出示数，利用R＝求得电阻的阻值.四、计算题（第21小题5分，第22小题9分，第23小题9分，共23分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）21.【答案】（1）解：用10N的水平拉力，拉着物体向左做匀速直线运动，物体处于平衡状态，那么地面对物体的摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，故f＝F＝10N答：所受摩擦力的大小为10N（2）解：拉力F做的功：W＝Fs＝10N×2m＝20J，拉力F做功的功率：P＝＝＝4W答：拉力F做功的功率为4W【考点】功率的计算，二力平衡的条件及其应用，功的计算及应用【解析】【分析】（1）结合物体的运动状态进展受力分析，利用二力平衡的条件求得摩擦力大小.（2）依照W=Fs和P＝算出拉力F做的功和功率.22.【答案】（1）解：水的深度h1＝，那么水对圆柱体底部的压强：p1＝ρ水gh1＝1.0×103kg/m3＝500Pa答：水对圆柱体底部的压强p1＝500Pa（2）解：由图可知，圆柱体浸在水中的体积：V排＝Sh1＝3×10﹣3m2＝1.5×10﹣4m3，依照阿基米德原理可得，圆柱体所受的浮力：18/18\nF浮＝ρ水V排g＝1.0×103kg/m3×1.5×10﹣4m3×10N/kg＝答：圆柱体遭到的浮力F浮＝（3）解：圆柱体的重力：G铝＝m铝g＝ρ铝V铝g＝ρ铝Shg＝2.7×103kg/m3×3×10﹣3m2×0.1m×10N/kg＝；圆柱体静止于水槽底部，由力的平衡条件可知圆柱体对水槽底部的压力：F压＝G铝﹣F浮＝﹣＝，那么圆柱体对水槽底部的压强：p＝＝＝2.2×103Pa答：圆柱体对水槽底部的压强p2＝2.2×103Pa【考点】压强的大小及其计算，液体的压强的计算，阿基米德原理【解析】【分析】（1）依照p=pgh即可求出水对圆柱体底部的压强.（2）依照阿基米德原理F浮＝ρ水V排g求圆柱体的浮力.（3）首先求出压力，利用p＝求出圆柱体对水槽底部的压强.23.【答案】（1）解：通过电压表的电流：I1＝＝＝9×10﹣4A；电压表与R0串联可得R0的电流：I0＝I1＝9×10﹣4A；由欧姆定律变形可得R0的两端电压：U0＝I0R0＝9×10﹣4A×1000Ω＝，电压表与R0的支路总电压等于小灯泡两端的电压：U＝UV+U0＝＝答：小灯泡两端的电压是18/18\n（2）解：已经知道电流表测量小灯泡所在支路和电压表、R0所在支路干路的电流，电流表的示数为315mA．依照并联电路的电流特点可得通过小灯泡的电流：IL＝I﹣IV＝315mA﹣＝答：通过小灯泡的电流是（3）解：由I＝可得，小灯泡灯丝的阻值：RL＝＝＝Ω答：小灯泡灯丝的阻值是Ω【考点】欧姆定律及其应用，电路的动态分析【解析】【分析】（1）理清依照的连接方式及电表的测量对象，依照欧姆定律I=可求电压表的电流，由欧姆定律变形可求R0的电压；电压表与R0的支路总电压等于小灯泡两端的电压.（2）依照并联电路的电流特点可求通过小灯泡的电流.（3）依照欧姆定律I=可求小灯泡灯丝的阻值.18/18
