四川省眉山市2022年中考物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共39分）1．（3分）（2022•眉山）下列关于热现象的说法正确的是（ ） A．春天冰雪消融，这是升华现象 B．夏天冰棒周围冒“白气”，这是汽化现象 C．秋天的早晨花草上出现露珠，这是液化现象 D．冬天的湖面出现冰层，这是凝华现象考点：液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点；升华和凝华的定义和特点．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：（1）物质由固态直接变成气态叫做升华，由固态变成液态叫做熔化；（2）物质由气态变成液态叫做液化，由液态变成气态叫做汽化；（3）物质由液态变成固态叫做凝固，由气态直接变成固态叫做凝华．解答：解：A、春天冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，该选项说法不正确；B、夏天冰棒周围冒“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棒液化而成的小水滴，该选项说法不正确；C、秋天的早晨花草上出现露珠，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法正确；D、冬天的湖面出现冰层，是由水凝固而成的，该选项说法不正确．故选C．点评：生活中热现象很多，判断它们属于哪种物态变化，需要分清它们状态的变化，属于中考的热点题目． 2．（3分）（2022•眉山）能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是（ ） A．太阳能是不可再生能源 B．手机靠电磁波传递信号 C．至少要用六颗卫星才能实现全球通信 D．塑料和铜都是很好的绝缘材料考点：能源的分类；电磁波的传播；卫星中继通信；绝缘体．专题：其他综合题．分析：（1）短时间从自然界得不到补充的是不可再生能源，能够源源不断得到补充的是可再生能源；（2）电磁波能够传递信息，无线电广播、通信都是利用电磁波传播的；（3）卫星在通讯当中起到了中继站的作用，根据科学家的测算，全球只需要3颗同步卫星均匀分布，就可以实现全球通信；（4）善于导电的物体叫做导体，不善于导电的物体叫做绝缘体．解答：解：A、太阳能可再生能源，该选项说法不正确；B、手机既是无线电发射台，又是无线电接收台，靠电磁波传递信号，该选项说法正确；C、根据科学家测算，全球只需要3颗同步卫星均匀分布，每颗覆盖120°，3颗共覆盖360°，恰好将整个地球覆盖，实现全球通信，该选项说法不正确；19\nD、铜是导体，塑料是绝缘体，该选项说法不正确．故选B．点评：本题考查了能源分类、电磁波、卫星通信和绝缘体的相关知识，属于基础知识的考查，相对比较简单． 3．（3分）（2022•眉山）下列关于声现象的说法正确的是（ ） A．“低声细语”中的“低”，指声音的音调低 B．只要物体在振动，我们就能听到声音 C．大象交流时，利用次声波来传递信息 D．高速公路两旁的隔音板是为了防止噪声的产生考点：音调；超声波与次声波；防治噪声的途径．专题：声现象．分析：（1）音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性．（2）人耳听到声音的条件：①物体发生振动；②介质向外传声；③良好的听觉器官；④频率在人的听觉范围之内；⑤有足够的响度．（3）次声是指低于20Hz的声音，超声是指高于20000Hz的声音．（4）防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱．解答：解：A、“低声细语”中的“低”，指声音的响度小，该选项说法不正确；B、并不是振动产生的声音都能被人耳听到，如果频率不在20Hz到20000Hz之间，人耳也是听不到的，该选项说法不正确；C、大象依靠次声波交流，该选项说法正确；D、高速公路上的隔音板，阻断了噪声的传播，属于在传播过程中减弱噪声，该选项说法不正确．故选C．点评：本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，比较简单． 4．（3分）（2022•眉山）下列光现象中，由于光的折射而形成的是（ ） A．立竿见影B．钢笔“错位”C．杯弓蛇影D．日全食考点：光的折射现象及其应用．专题：光的折射、光的色散．分析：①光的折射现象是指光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象；②日常生活中常见的折射现象有：凸透镜成像，用放大镜看物体；看到水中的鱼“变浅”，斜插入水中的筷子被“折断”，海市蜃楼，彩虹等．解答：解：A、立竿见影，是光的直线传播形成的，该选项不符合题意；B、钢笔“错位”，是光在空气和玻璃中传播的结果，是光的折射现象，该选项符合题意；19\nC、杯弓蛇影，是水面成像，属于光的反射，该选项不符合题意；D、日全食，是光沿直线传播形成的，该选项不符合题意．故选B．点评：本题考查了学生对生活中光现象的判断，考查了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象． 5．（3分）（2022•眉山）生活中很多光学器件含有透镜，下列光学器件中关于透镜的说法正确的是（ ） A．教学用的投影仪利用凸透镜成正立放大的实像 B．显微镜的物镜相当于凸透镜，目镜相当于凹透镜 C．照相机中“调焦环”的作用是调节凸透镜焦距的大小 D．近视眼患者眼睛的晶状体变厚，应佩戴凹透镜矫正考点：凸透镜成像的应用．专题：透镜及其应用．分析：A、投影仪利用的是凸透镜成像时：f＜u＜2f，成倒立放大的实像；B、显微镜的物镜和目镜都相当于凸透镜；C、照相机的镜头已经确定，不能调节焦距的大小，照相机的调焦是指调节镜头和胶片的距离，也就是调节像距大小．D、根据近视眼的成像特点及矫正方法来分析此选项．解答：解：A、教学用的投影仪利用凸透镜成倒立放大的实像，故A错误；B、显微镜的物镜相当于凸透镜，目镜相当于凸透镜，故B错误；C、照相机中“调焦环”的作用是调节镜头和胶片的距离，也就是调节像距大小，故C错误；D、近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，需戴凹透镜矫正．故选D．点评：此题主要考查了凸透镜成像的规律，要掌握规律的内容，搞清每种情况下的应用．在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来． 6．（3分）（2022•眉山）马明同学在家长陪同下到东坡湖划船游玩，下列现象与所用物理知识配对不正确的是（ ） A．以岸上树木为参照物，马明同学是运动的；以船为参照物，马明同学是静止的﹣﹣运动和静止具有相对性 B．马明用桨向后划水，木船就前进﹣﹣物体间力作用是相互的 C．马明同学看见岸边树木在水中的倒影﹣﹣光的折射现象 D．手能握住桨﹣﹣手和桨间有摩擦力考点：参照物及其选择；力作用的相互性；摩擦力的大小；光的反射．专题：光的传播和反射、平面镜成像；运动和力；重力、弹力、摩擦力．分析：（1）判断物体运动还是静止，就是看研究的物体和参照物之间位置是否发生了变化．（2）物体间力的作用是相互的；（3）水中倒影是由于光的反射形成的；19\n（4）物体发生运动或即将发生相对运动时，物体之间就会存在摩擦力．解答：解：A、以岸上树木为参照物，马明同学是运动的；以船为参照物，马明同学是静止的﹣﹣运动和静止具有相对性，故A正确；B、马明用桨向后划水，木船就前进﹣﹣物体间力作用是相互的，故B正确；C、马明同学看见岸边树木在水中的倒影﹣﹣光的反射现象，故C错误；D、手能握住桨﹣﹣手和桨间有摩擦力，故D正确．故选C．点评：本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力． 7．（3分）（2022•眉山）下列是发生在我们身边的常见物理现象，其中解释正确的是（ ） A．放在水平讲台上的书处于静止状态，因为它所受重力和支持力是一对平衡力 B．推课桌时会运动，而不用力推就会停下来，说明力是物体产生运动的原因 C．足球在空中沿曲线飞行，是因为受到重力和踢力的共同作用 D．竖直上抛的足球飞行到最高处时，如果所有力突然消失，足球将保持匀速直线运动状态考点：力与运动的关系．专题：运动和力．分析：A、掌握二力平衡条件，根据平衡条件进行分析；B、课桌停下来是因为受到摩擦力的作用，摩擦力方向与其运动方向相反；C、足球在空中飞行不受踢力作用，只受重力的作用；D、根据牛顿第一定律的知识进行分析，一个物体不受任何外力，将保持原来的静止状态或匀速直线运动状态．解答：解：A、书受重力和支持力的作用，处于静止状态，所以重力和支持力是一对平衡力，A正确；B、推课桌时会运动，而不用力推就会停下来，是因为受到阻力作用的原因，力是改变物体运动的原因，所以B错误；C、足球在空中飞行不受踢力作用，所以C错误；D、竖直上抛的足球飞行到最高处时，速度为零，如果所有力突然消失，足球将保持静止状态，所以D错误．故选A．点评：此题考查了二力平衡条件、力和物体运动的关系，要正确理解：1、处于平衡状态的物体受力平衡或不受力，物体将处于静止状态或匀速直线运动状态；2、物体运动状态改变，是因为物体受到力的作用． 8．（3分）（2022•眉山）一艘轮船从重庆驶入上海，在上海码头卸下货物后停泊．下列说法正确的是（ ） A．轮船所受浮力减小，将上浮一些，轮船的“排水量”减小 B．轮船所受浮力减小，将上浮一些，轮船的“排水量”不变 C．轮船所受浮力不变，将下沉一些，轮船的“排水量”减小 D．轮船所受浮力减小，将下沉一些，轮船的“排水量”不变考点：物体的浮沉条件及其应用．专题：浮沉的应用．19\n分析：解决此题要知道当船漂浮在水面上时，船的浮力等于物体重力；轮船始终在水面漂浮，所以轮船空载时的排水量等于轮船的自身质量．那么满载时的排水量就等于轮船自身质量与货物质量之和．解答：解：当轮船在上海码头卸下货物后，质量减少，轮船的重力减小，船漂浮在水面上时，船的浮力等于物体重力，所以轮船所受到的浮力也减小，即轮船将上浮一些，卸下货物的质量等于轮船减少的排水量，轮船的“排水量”指的是满载时排开水的质量，对于任何一艘轮船来说，它是固定不变的值．故选B．点评：本题考查了密度公式的应用，知道卸下货物的质量等于轮船减少的排水量这一等量关系是本题的关键． 9．（3分）（2022•眉山）如图所示，用来研究电动机工作原理的是（ ） A．B．C．D．考点：直流电动机的原理．专题：电动机、磁生电．分析：电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受到磁场力的作用；分析各图示情景，知道各实验装置的原理，然后找出符合题意的选项．解答：解：A、图示是奥斯特实验装置，表明通电导线周围存在磁场，不符合题意；B、图示是探究电磁感应现象的装置，不符合题意；C、图示通电导线在磁场中受到磁场力的作用而运动，揭示了电动机的原理，符合题意；D、图示是研究影响电磁铁磁性大小与电流的关系，不符合题意．故选C．点评：本题考查了电动机原理实验，分析清楚各图示情景、知道各实验揭示的物理情景是正确解题的前提与关键． 10．（3分）（2022•眉山）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，下列说法正确的是（ ） A．电路中总电阻变大 B．电压表的示数变小 C．电压表示数与电流表示数的比值不变 D．电路消耗的总功率变小19\n考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用；电功率的计算．专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．分析：由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和R两端的电压变化，利用欧姆定律判断电压表示数与电流表示数比值的变化，利用P=UI确定电路消耗总功率的变化．解答：解：由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，故A不正确；∵I=，∴电路中的电流变大，R两端的电压变大即电压表的示数变大，故B不正确；∵电压表示数与电流表示数的比值等于定值电阻R的阻值，∴电压表示数与电流表示数的比值不变，故C正确；∵P=UI，且电源的电压保持不变，∴电路消耗的总功率变大，故D不正确．故选C．点评：本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器的使用、欧姆定律、电功率公式的应用等，判断好电压表测量的电路元件是关键，同时要注意把电压表示数与电流表示数的比值转化为定值电阻的阻值来处理． 11．（3分）（2022•眉山）如图所示，小灯泡规格为“6V3W”（灯丝电阻不变），闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电流表示数为0.5A；当滑片P移至b端时，电压表示数为3V．则（ ） A．小灯泡灯丝电阻是6Ω B．电源电压是12V C．滑动变阻器最大阻值是20Ω D．滑片P移至b端时，灯消耗的实际功率是0.75W考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算．专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；（2）当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电路为灯泡L的简单电路，此时电路中的电流和额定电流相等，则灯泡的额定电压即为电源的电压；（3）当滑片P移至b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，利用19\nP=I2R求出灯泡的实际功率．解答：解：（1）根据P=UI可得，灯泡的额定电流：IL额===0.5A，根据欧姆定律可得，灯泡的电阻：RL===12Ω，故A不正确；（2）当滑动变阻器的滑片P移至a端时，电路为灯泡L的简单电路，∵电流表示数0.5A和灯泡的额定电流相等，∴电源的电压U=UL额=6V，故B不正确；（3）当滑片P移至b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴灯泡两端的电压：UL=U﹣UR=6V﹣3V=3V，∵串联电路中各处的电流相等，∴此时电路中的电流：I===0.25A，滑动变阻器的最大阻值：R===12Ω，故C不正确；灯消耗的实际功率：PL=I2RL=（0.25A）2×12Ω=0.75W，故D正确．故选D．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道通过灯泡的电流和额定电流相等时灯泡的实际电压与额定电压相等． 12．（3分）（2022•眉山）关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是（ ） A．家庭电路中保险丝熔断，都是由于短路引起的 B．照明用的灯与控制它的开关只需要串联即可 C．保险丝被烧断后，可用铜丝代替保险丝接入电路 D．发现家用电器或电线失火时，必须先切断电源后再救火考点：安全用电原则．专题：压轴题；电与热、生活用电．分析：（1）家庭电路电流过大的原因：短路、用电器总功率过大；（2）开关与用电器的连接方法：从火线先接入开关，再接入用电器，从用电器出来后回到零线．（3）保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；19\n（4）电器设备失火时，要先切断电源，再实行施救措施．解答：解：A、家庭电路中保险丝熔断，可能是由于短路或用电器总功率过大引起的，故A错误；B、从火线出来的线必须先接入开关，再接入用电器，这样能够起到防触电作用．故B错误；C、当用细铜丝代替后，细铜丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，故C错误；D、电器设备失火时，要先切断电源，再实行施救措施．故D正确．故选D点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识．只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生． 13．（3分）（2022•眉山）把重为6N、边长为0.1m的正方体物块投入足够多的水中，当物块静止时，下列说法正确的是（g取10N/kg）（ ） A．物块在水中处于悬浮状态B．物块所受的浮力为10N C．物块下表面所受水的压强为1000PaD．物块密度为0.6×103kg/m3考点：密度的计算；液体的压强的计算；浮力大小的计算．专题：压轴题；密度及其应用；压强、液体的压强；浮力．分析：已知物块的边长，可求物块的体积，已知物块的重力可求物块的质量，根据公式ρ=可求物块的密度，再与水的密度进行比较，即可知道物体的在水中的浮沉状态；从而求出物体所受的浮力；再根据物体受到的浮力求出物体排开的水的体积，进一步求出浸入的深度，根据公式p=ρgh求出下表面受到的压强．解答：解：（1）物体的体积V=（0.1m）3=0.001m3；物体的质量m===0.6kg；物体的密度ρ===0.6×103kg/m3，故D正确；（2）由于物块的密度小于水的密度，物块在水中将漂浮，故A错误；（3）因为物块漂浮，物块受到的浮力等于自身的重力，为6N；故B错误；（4）物块排开水的体积V排===6×10﹣4m3；浸入的深度h===0.06m；物块下表面所受水的压强：p=ρ水gh=1000kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa．故C错误．故选D．点评：本题考查物体的质量、密度、排开水的体积、浮力、液体压强等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是求物体的密度，判断物体在水中的沉浮状态． 二、填空题（本大题共6小题，11空，每空2分，共22分）19\n14．（4分）（2022•眉山）护士用体温计测量病人体温前，总要用力甩体温计，使水银返回玻璃泡内，这是利用了水银具有 惯性 ；若使用体温计测得高烧患者体温为39℃，不甩体温计直接又测另一正常体温的人，则体温计示数为 39 ℃．考点：惯性；体温计的使用及其读数．专题：温度计、熔化和凝固；运动和力．分析：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质．体温计用后应用力向下甩，若不甩直接测量病人的体温不一定准确．解答：解：当拿着体温计用力甩时，体温计是运动的，停下后，体温计处于静止状态，而玻璃泡内的汞由于惯性还要保持原来的运动状态，继续向下运动，所以体温计内的汞就会落回到玻璃泡内；使用体温计测得高烧患者体温为39℃，不甩体温计直接又测另一正常体温的人，由于人的正常体温小于39℃，则体温计示数为39℃．故答案为：惯性；39．点评：本题考查的主要是惯性知识和体度计的正确使用，以及使用体温计时的注意事项﹣﹣使用体温计前，要先甩几下，使水银液柱回到玻璃泡中． 15．（4分）（2022•眉山）体积为100cm3的冰块，全部熔化成水后，水的质量为 90 g，水的体积为 90 cm3．（冰密度为0.9×103kg/m3）考点：密度公式的应用．专题：密度及其应用．分析：已知冰的体积和密度，求质量，利用密度的计算公式计算；冰和水的质量前后不变．解答：解：∵ρ=，∴冰的质量m=ρV=0.9×103kg/m3×100×10﹣6m3=0.09kg=90g；水的体积V水===0.09×10﹣3m3=0.09×10﹣3×106cm3=90cm3．故答案为：90；90．点评：计算本题利用密度公式，计算过程中要注意单位换算，1kg=1000g，1cm3=10﹣6m3． 16．（2分）（2022•眉山）如图所示，质量为50kg的人，站在质量为30kg的吊篮内，他至少用 200 N的拉力拉住绳子，才能使自己和吊篮在空中保持静止．（g取10N/kg，不计轮重和摩擦）考点：滑轮组绳子拉力的计算．专题：简单机械．19\n分析：以人和吊篮整体为研究对象，根据定滑轮的力学特征，分别表示出绳子间拉力的关系，然后由平衡条件求解拉力大小．解答：解：如图所示：人和吊篮的总质量：m=50kg+30kg=80kg，人和吊篮受到的重力：G=mg=80kg×10N/kg=800N，∵2F+F1=G，F1=2F，∴4F=G，∴F=G=×800N=200N故答案为：200．点评：本题采用整体法求解拉力大小，关键要抓住定滑轮的力学特征，确定出每根绳子的张力大小． 17．（4分）（2022•眉山）设长方体砖块的三条棱长之比为1：2：4，如果将两块相同的砖A、B按图示方式置于水平地面上，砖块A对砖块B的压强为pA，它们对地面的压强为pB，则pA：pB= 2：1 ；砖块A对砖块B的压力为FA，砖块B对地面的压力为FB，则FA：FB= 1：2 ．考点：压力及重力与压力的区别；压强大小比较．专题：压强、液体的压强．分析：水平地面的物体对地面的压力等于重力，根据三条棱长的关系判断受力面积，然后根据p=求出压强之比．解答：解：设砖块的重力为G，三边长分别为a、2a、4a；则FA=G，FB=2G，故FA：FB=G：2G=1：2；A与B的接触面积为：SA=a×2a=4a2，B与地面的接触面积为：SB=2a×4a=8a2，则pA==pB==19\npA：pB=：=1：2．故答案为：2：1；1：2．点评：本题考查了压强公式，关键是找出两种情况下受力面积及其压力的大小． 18．（4分）（2022•眉山）一根阻值为100Ω的电阻丝，两端加上100V的电压时，通电1min所产生的热量为 6×103 J，电阻丝消耗的电功率为 100 W．考点：焦耳定律的计算公式及其应用；电功率的计算．专题：压轴题；电能和电功率；电与热、生活用电．分析：已知电阻两端的电压和电阻值，根据欧姆定律可求通过的电流，利用公式Q=UIt可求10min电阻丝上产生的热量，根据P=UI即可求出电阻丝消耗的功率．解答：解：通过电阻丝的电流I===1A，通电1min所产生的热量：Q=W=It=100V×1A×1×60s=6×103J；电阻丝消耗的电功率：P=UI=100V×1A=100W．故答案为：6×103；100．点评：题考查利用欧姆定律求电流、电阻丝产生热量以及功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用． 19．（4分）（2022•眉山）桔杆野外焚烧，既不安全又不环保，且浪费能源，若回收再利用，既可产生沼气，又可产生肥料．100kg桔杆可产生沼气1m3，若完全燃烧这部分沼气可产生热量 4.2×107 J，不计热量损失，这些热量可以使 200 kg的水温度升高50℃．[已知沼气热值为4.2×107J/m3、水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]．考点：热平衡方程的应用．专题：压轴题；比热容、热机、热值．分析：根据Q放=Vq，从而计算出沼气燃烧的量；又根据热量的计算公式，可以计算出水的质量．解答：解：完全燃烧这部分沼气可产生热量Q放=Vq=1m3×4.2×107J/m3=4.2×107J；∵由Q吸=cm△t，Q吸=Q放=4.2×107J；∴m===200kg．故答案为：4.2×107；200．点评：本题考查了燃料完全燃烧放热公式的应用，注意固体（液体）燃料完全燃烧放热公式Q放=mq、热值单位J/kg；气体燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq、热值单位J/m3． 三、作图题（本题共3小题，每小题2分，共6分）20．（2分）（2022•眉山）如图所示，已知射向凹透镜的两条入射光线，请画出对应的折射光线．19\n考点：透镜的光路图．专题：透镜及其应用．分析：仔细观察入射光线和折射光线的特点，根据凹透镜的光学特点作图．解答：解：对于凹透镜，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线其传播方向不变．如图所示：点评：凹透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点． 21．（2分）（2022•眉山）如图所示，是一种小型千斤顶的示意图．当手往下压摇臂时，能把重物抬高一段较小的距离．在A点用一个最小的力F，使杠杆ABO平衡，请画出F的方向，并标明F1的力臂L1．考点：杠杆中最小力的问题；力臂的画法．专题：压轴题；简单机械．分析：（1）力臂是支点到力的作用线的垂直距离．（2）在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长，先确定最长的力臂﹣﹣即离支点最远的点，然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可．解答：解：根据图示可知，B为支点，A为动力作用点，在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，所以OA作动力臂最长，过A点与OA垂直向上作垂线就得到动力F的方向，如下图所示：19\n点评：此题既考查了力臂和力的画法，也考查了最小力的确定．根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力． 22．（2分）（2022•眉山）如图所示，根据图中磁感线方向，标出通电螺线管的N、S极，并用“+”“﹣”标出电源的正负极．考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则．专题：作图题；压轴题．分析：根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极．最后根据右手定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极．解答：解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极．所以螺线管的右端为N极，左端为S极．根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极．根据右手定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流入的．所以电源的左端为正极，右端为负极．故答案为：点评：本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断又考查了电流方向的判断，一环扣一环也是易错题，要求学生步步仔细才行． 四、计算题（本大题2小题，每小题6分，共12分）23．（6分）（2022•眉山）某课外小组在探究活动中利用多盏“6V1.8W”的灯进行了多次实验，结果发现当灯两端实际电压为额定电压的2倍时灯就会烧坏．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R2=30Ω，灯L标有“6V1.8W”字样，当S1、S2均断开时灯正常发光．求：（1）电源电压为多少？19\n（2）S1、S2均闭合时，通过电源的电流为0.5A，电阻R1阻值为多少？考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；电功率的计算．专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题．分析：（1）由电路图可知，当S1、S2均断开时灯泡L与电阻R2串联，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压；（2）当S1、S2均闭合时，根据并联电路的电压特点和题意可知灯泡会被烧坏，电流表的示数是通过R1的电流，利用欧姆定律求出电阻R1阻值．解答：解：（1）由电路图可知，当S1、S2均断开时灯泡L与电阻R2串联，∵灯泡正常发光，∴灯泡两端的电压UL=6V，灯泡的实际功率PL=1.8W∵串联电路中各处的电流相等，∴电路中的电流I=IL===0.3A，由欧姆定律可得，R2两端的电压：U2=IR2=0.3A×30Ω=9V，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴电源的电压：U=UL+U2=6V+9V=15V；（2）当S1、S2均闭合时，R1与RL并联，∵并联电路中各支路两端的电压相等，且当灯两端实际电压为额定电压的2倍时灯就会烧坏，∴此时灯泡会被烧坏，电路为R1的简单电路，通过电源的电流即为通过R1的电流，∴R1===30Ω．答：（1）电源电压为15V；（2）电阻R1阻值为30Ω．点评：本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用好“当灯两端实际电压为额定电压的2倍时灯就会烧坏”这一条件． 24．（6分）（2022•眉山）如图所示，利用滑轮组吊运建筑材料．某次将总重G为4000N的砖块匀速吊运到高为10m的楼上，用时40s，卷扬机提供的拉力F做功的功率为1250W．求在此过程中：（1）拉力F做功多少？（2）拉力F的大小为多少？（3）滑轮组的机械效率为多少？19\n考点：功的计算；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率．专题：计算题；压轴题；简单机械；功、功率、机械效率．分析：（1）已知拉力的功率和做功时间，利用公式W=Pt得到拉力做的功；（2）由图知，作用在动滑轮上的绳子段数为2，已知物体上升的高度，可以得到绳子拉下的长度；已知拉力做的功和绳子拉下的长度，利用公式F=得到拉力的大小；（3）已知物重和上升高度，可以得到有用功；已知有用功和拉力做的功，利用公式η=×100%得到滑轮组的机械效率．解答：已知：P=1250Wt=40sG=4000Nh=10m求：（1）W总=？（2）F=？（3）η=？解：（1）∵P=，∴拉力做的功为W总=Pt=1250W×40s=5×104J；（2）绳子拉下的长度为s=2h=2×10m=20m，∵W=Fs，∴拉力为F===2500N；（3）滑轮组做的有用功为W有用=Gh=4000N×10m=4×104J，滑轮组的机械效率为η=×100%=×100%=80%．答：（1）拉力做的功为5×104J；（2）拉力为2500N；（3）滑轮组的机械效率为80%．点评：此题考查的是机械效率、有用功和总功的计算，会正确判定作用在动滑轮上的绳子段数，清楚绳子拉下的长度与物体上升高度的对应关系，是解决此类问题的关键． 五、实验与探究（本大题共3小题，25题6分，26题9分，27题6分，共21分）25．（6分）（2022•眉山）在“测定小灯泡电阻”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，灯丝电阻约为8Ω．19\n（1）某同学连接的电路如图甲所示，请指出其中的两处错误或不妥：① 电压表测的是电源电压 ② 电流表用的是0﹣3A的量程 （2）将上述错误或不妥改正后，闭合开关，发现灯泡发出特别耀眼的光，且此时电流表、电压表都有示数，则出现该现象的原因可能是 在闭合开关以前，没有将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大 ．（3）实验时，调节滑动变阻器，当电压表的示数为 2.5 V时，灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，电流表示数为 0.34 A，则灯正常发光时电阻为 7.35 Ω．（保留两位小数）（4）该实验还可以测定小灯泡的额定功率，根据以上实验数据，这个小灯泡额定功率为 0.85 W．（5）实验小组实验过程中记录了下表内的信息，小明同学分析表内数据，发现该灯亮度增加时电阻 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”），造成这种现象的原因是 小灯泡的电阻随温度的升高而增大 ．次数U/vI/A灯泡亮度R/Ω11.00.20很暗21.50.25较亮32.5正常43.00.36很亮考点：伏安法测电阻的探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）根据情况进行分析，电流表应选择0～0.6A的量程，同时电压表应与灯泡并联；（2）根据小灯泡的亮度，判断电路中的电流过大，判断滑动变阻器的阻值；（3）要使小灯泡正常发光，则灯泡两端的电压应等于其额定电压；确定电流表的量程和分度值得出电流表的示数；根据R=计算出其电阻值；（4）根据P=UI计算出灯泡的额定功率；（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大．解答：解：（1）①由图甲知，电压表测量了灯泡和滑动变阻器的电压，应与灯泡并联；②根据题意，电路中的最大电流为I===0.3125A；（2）闭合开关，发现灯泡发出特别耀眼的光，说明此时电路中电流很大，可能是在闭合开关前，滑片未移至最大阻值处；（3）小灯泡的额定电压为2.5V，所以当电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；由图知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.34A；19\n则R==≈7.35Ω；（4）P=UI=2.5V×0.34A=0.85W；（5）由表格中数据知，R1===5Ω，R2===6Ω，R4===8.3Ω；随着电压的增大，电流增大，根据P=UI知，功率也增大，由电阻及灯泡的亮暗程度得，小灯泡的电阻随温度的升高而增大．故答案为：（1）①电压表测的是电源电压；②电流表用的是0﹣3A的量程；（2）在闭合开关以前，没有将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大；（3）2.5；0.34；7.35；（4）0.85；（5）变大；小灯泡的电阻随温度的升高而增大．点评：此题是“测定小灯泡电阻”的实验，考查了实物电路的连接中电压表、电流表的接法及量程的选择，同时考查了电流表的读数及电阻、功率的计算，同时涉及到了灯丝电阻与温度的关系． 26．（9分）（2022•眉山）如图所示，在“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验中：（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿 水平 方向拉着物块A做 匀速直线 运动，这样做便能测量出滑动摩擦力的大小．（2）在甲、乙、丙所示图中，分别用F1=1N，F2=2N，F3=1.5N的拉力，拉着物块A匀速前进．分析甲、乙两图可得：在接触面粗糙程度相同时， 压力 越大，滑动摩擦力越大；分析 甲与丙 两图可得：在压力一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大．（3）大量实验进一步证明：在接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比．在丙图中物块A上叠放一块与A相同的物块B，用弹簧测力计拉着物块A，使物块B随A一起匀速前进（如图丁所示）．此时弹簧测力计示数为F4，则F4= 3 N；此运动过程中，物块B受到的摩擦力为 0 N．考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）根据二力平衡条件的知识进行分析，一对平衡力的大小相等；（2）分析三幅图中的控制的量和改变的量结合测力计的示数得出结论；（3）根据摩擦力与压力的关系结合丙图的示数得出结论；根据摩擦力产生的条件得出B受到的摩擦力．解答：解：（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，拉力和摩擦力平衡，大小才相等；（2）甲、乙两图，接触面粗糙程度相同，乙的压力大于甲的压力，拉力大于甲的拉力，可得在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；19\n甲、丙两图，压力相同，丙比甲接触面粗糙，丙的拉力大于甲的拉力，可得在压力一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大；（3）在接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力大小与压力大小成正比，丁与丙的接触面粗糙程度相同，丁的压力是丙的2倍，所以摩擦力是丙的2倍，拉力也是丙的2倍，应为1.5N×2=3N；又AB两物体同时向前做匀速直线运动，所以它们之间没有摩擦力．故答案为：（1）水平；匀速直线；（2）压力；甲与丙；（3）3；0．点评：此题是“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验，考查了学生对控制变量法的掌握及应用，（3）中告诉滑动摩擦力大小与压力大小成正比的特点，分析丁的测力计示数，考查了学生对新知识的应用，同时还考查了摩擦力产生的条件． 27．（6分）（2022•眉山）物理学中把物体在单位时间内通过的路程叫速度，速度计算公式为：速度=路程/时间，即V=S/t．初中物理中还有很多这样定义的物理量，如密度、压强、功率、热值等，这种定义物理量的方法叫做比值定义法．高中物理中也有很多这样定义的物理量，如：把物体在单位时间内速度的变化量叫加速度（注：速度的变化量用△V表示，它等于前后速度之差；加速度用字母a表示，国际单位是m/s2）．由加速度的定义可知：（1）若一个物体开始运动的速度V0=2m/s，经过5s后它的速度变为Vt=6m/s，则这个物体在5s内的速度变化量△V= 4 m/s．（2）若问题（1）中的物体做匀加速直线运动（单位时间内速度的增加量相等），求出物体的加速度大小a= 0.8 m/s2．（3）加速度的定义公式a= ．（4）匀速直线运动的V﹣t图象如（甲）所示，图中阴影部分面积表示以速度V匀速直线运动的物体，运动时间为t时通过的路程S；匀加速直线运动的V﹣t图象如（乙）所示，其中阴影部分面积表示做匀加速直线运动物体，速度由V0到Vt，运动时间为t时通过的路程S．用V0、t、a写出S的表达式，S= V0t+at2 ．考点：速度与物体运动．专题：压轴题；长度、时间、速度．分析：（1）末速度与初速度之差就是速度的变化量；（2）在单位时间内速度的变化量叫加速度，根据加速度的定义求出即可；（3）根据加速度的定义写出表达式；（4）根据乙图中阴影部分的面积，分别用V0、t、a表示出即可．解答：解：（1）物体在5s内的速度变化量△V=Vt﹣V0=6m/s﹣2m/s=4m/s；（2）物体的加速度大小a===0.8m/s；（3）根据加速度的定义可知，加速度的定义公式a=；19\n（4）图乙中阴影部分的面积等于长方形的面积和三角形的面积之和，即S=V0t+at2．故答案为：（1）4；（2）0.8；（3）；（4）V0t+at2．点评：本题是一道涉及高中知识的物理题，但这道题我们是可以根据题中所给的信息并结合我们已有的学习方法和物理知识完成解答的．这道题主要考查学生对新知识的学习、分析能力，是一道好题． 19
