江苏沛县地区2022年高考考前指导七一、电路问题1．电路的动态分析这类问题是根据欧姆定律及串联和并联电路的性质，分析电路中因某一电阻变化而引起的整个电路中各部分电学量的变化情况，它涉及欧姆定律、串联和并联电路的特点等重要的电学知识，还可考查学生是否掌握科学分析问题的方法——动态电路局部的变化可以引起整体的变化，而整体的变化决定了局部的变化，因此它是高考的重点与热点之一．常用的解决方法如下．(1)程序法：基本思路是“部分→整体→部分”．先从电路中阻值变化的部分入手，由串联和并联规律判断出R总的变化情况；再由欧姆定律判断I总和U端的变化情况；最后再由部分电路欧姆定律判定各部分电学量的变化情况．即：R局→R总→I总→U端⇒(2)直观法：直接应用部分电路中R、I、U的关系中的两个结论．①任一电阻R的阻值增大，必引起该电阻中电流I的减小和该电阻两端电压U的增大，即：R↑→②任一电阻R的阻值增大，必将引起与之并联的支路中电流I并的增大和与之串联的各电阻两端的电压U串的减小，即：R↑→(3)极端法：对于因滑动变阻器的滑片移动引起电路变化的问题，可将变阻器的滑片分别滑至两边顶端讨论．(4)特殊值法：对于某些双臂环路问题，可以代入特殊值去判定，从而找出结论．●例1 在如图5－4所示的电路中，当变阻器R3的滑片P向b端移动时( )图5－4A．电压表的示数增大，电流表的示数减小B．电压表的示数减小，电流表的示数增大C．电压表和电流表的示数都增大D．电压表和电流表的示数都减小【解析】方法一(程序法) 当滑片P向b端移动时，R3接入电路的阻值减小，总电阻R将减小，干路电流增大，路端电压减小，电压表的示数减小，R1和内阻两端的电压增大，R2、R3并联部分两端的电压减小，通过R2的电流减小，但干路电流增大，因此通过R3的电流增大，电流表的示数增大，故选项B正确．方法二(极端法) 当滑片P移到b端时R3被短路，此时电流表的示数最大，总电阻最小，路端电压最小，故选项B正确．方法三(直观法) 当滑片P向b移动时，R3接入电路的电阻减小，由部分电路中R、I、U关系中的两个结论可知，该电阻中的电流增大，电流表的示数增大，总电阻减小，路端电压减小，故选项B正确．[答案] B【点评】在进行电路的动态分析时，要灵活运用几种常用的解决此类问题的方法．2．电路中几种功率与电源效率问题(1)电源的总功率：P总＝EI．(2)电源的输出功率：P出＝UI．(3)电源内部的发热功率：P内＝I2r．(4)电源的效率：η＝＝．-13-\n(5)电源的最大功率：Pmax＝，此时η→0，严重短路．(6)当R＝r时，输出功率最大，P出max＝，此时η＝50%．●例2 如图5－5所示，E＝8V，r＝2Ω，R1＝8Ω，R2为变阻器接入电路中的有效阻值，问：图5－5(1)要使变阻器获得的电功率最大，则R2的取值应是多大？这时R2的功率是多大？(2)要使R1得到的电功率最大，则R2的取值应是多大？R1的最大功率是多大？这时电源的效率是多大？(3)调节R2的阻值，能否使电源以最大的功率输出？为什么？【解析】(1)将R1和电源(E，r)等效为一新电源，则：新电源的电动势E′＝E＝8V内阻r′＝r＋R1＝10Ω，且为定值利用电源的输出功率随外电阻变化的结论知，当R2＝r′＝10Ω时，R2有最大功率，即：P2max＝＝W＝1.6W．(2)因R1是定值电阻，所以流过R1的电流越大，R1的功率就越大．当R2＝0时，电路中有最大电流，即：Imax＝＝0.8AR1有最大功率P1max＝Imax2R1＝5.12W这时电源的效率η＝×100%＝80%．(3)不可能．因为即使R2＝0，外电阻R1也大于r，不可能有的最大输出功率．本题中，当R2＝0时，外电路得到的功率最大．[答案] (1)10Ω 1.6W (2)0 5.12W 80%(3)不可能，理由略【点评】本题主要考查学生对电源的输出功率随外电阻变化的规律的理解和运用．注意：求R1的最大功率时，不能把R2等效为电源的内阻，R1的最大功率不等于，因为R1为定值电阻．故求解最大功率时要注意固定电阻与可变电阻的区别．另外，也要区分电动势E和内阻r均不变与r变化时的差异．3．含容电路的分析与计算方法在直流电路中，当电容器充放电时，电路里有充放电电流，一旦电路达到稳定状态，电容器在电路中就相当于一个阻值无限大的储能元件．对于直流电，电容器相当于断路，简化电路时可去掉它，简化后求电容器所带的电荷量时，可将其接在相应的位置上；而对于交变电流，电容器相当于通路．在分析和计算含有电容器的直流电路时，需注意以下几点：(1)电路稳定后，由于电容器所在支路无电流通过，所以此支路中的电阻上无电压降，因此电容器两极间的电压就等于该支路两端的电压；(2)当电容器和电阻并联后接入电路时，电容器两端的电压和与其并联的电阻两端的电压相等；-13-\n(3)电路的电流、电压变化时，将会引起电容器的充放电．●例3 在如图5－6所示的电路中，电容器C1＝4.0μF，C2＝3.0μF，电阻R1＝8.0Ω，R2＝6.0Ω．闭合开关S1，给电容器C1、C2充电，电路达到稳定后，再闭合开关S2，电容器C1的极板上所带电荷量的减少量与电容器C2的极板上所带电荷量的减少量之比是16∶15．开关S2闭合时，电流表的示数为1.0A．求电源的电动势和内阻．图5－6【解析】只闭合开关S1时，电容器C1的电荷量Q1＝C1E，C2的电荷量Q2＝C2E，式中E为电源的电动势再闭合开关S2后，电流表的示数为I，则C1的电荷量Q1′＝C1IR1，C2的电荷量Q2′＝C2IR2根据题意有：＝＝由闭合电路的欧姆定律，有：E＝I(R1＋R2＋r)联立解得：E＝16V，r＝2.0Ω．[答案] 16V 2.0Ω【点评】本题是一个典型的含电容器的直流电路问题，考查了学生对等效电路和电容器的充电、放电电路的理解及综合分析能力．4．交变电流与交变电路问题纵观近几年的高考试题，本部分内容出现在选择题部分的概率较高，集中考查含变压器电路、交变电流的产生及变化规律、最大值与有效值．如2022年高考四川理综卷第17题、山东理综卷第17题、福建理综卷第16题等．●例4 一气体放电管两电极间的电压超过500V时就会因放电而发光．若在它发光的情况下逐渐降低电压，则要降到500V时才会熄灭．放电管的两电极不分正负．现有一正弦交流电源，其输出电压的峰值为1000V，频率为50Hz．若用它给上述放电管供电，则在一小时内放电管实际发光的时间为( )A．10minB．25minC．30minD．35min【解析】由题意知，该交变电流的u－t图象如图所示电压的表达式为：u＝1000sin100πtV综合图象可知：在0～内，～时间段放电管能通电发光，通电时间为：Δti＝(－)＝s故一小时内放电管实际发光的时间为：t＝Δti×＝1500s＝25min．[答案] B【点评】①交变电流的热效应(如熔断、加热等-13-\n)取决于有效值，而对电容、空气导电的击穿则取决于瞬时值．②分析正弦交变电流的特性时需要熟练地运用数学函数与图象，仔细周密地分析正弦函数中角度与变量时间的关系．★同类拓展1 如图5－7甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，R1＝20Ω，R2＝30Ω，C为电容器．已知通过R1的正弦交变电流如图5－7乙所示，则[2022年高考·四川理综卷]( )[甲 乙图5－7A．交变电流的频率为0.02HzB．原线圈输入电压的最大值为200VC．电阻R2的电功率约为6.67WD．通过R3的电流始终为零【解析】根据变压器原理可知，原、副线圈中电流的周期、频率相同，T＝0.020s，f＝50Hz，A错误．由乙图可知，通过R1的电流最大值Im＝1A，根据欧姆定律可知，其最大电压Um＝20V，再根据原、副线圈的电压之比等于匝数之比可知，原线圈的输入电压的最大值为200V，B错误．因为电容器有通交流、隔直流的作用，故有电流通过R3和电容器，D错误．根据正弦交变电流的峰值与有效值的关系以及并联电路的特点可知I2＝，U2＝，R2上的电功率P2＝U2I2＝W，C正确．[答案] C●例5 某种发电机的内部结构平面图如图5－8甲所示，永磁体的内侧为圆柱面形，磁极之间上下各有圆心角θ＝30°的扇形无磁场区域，其他区域两极与圆柱形铁芯之间的窄缝间形成B＝0.5T的磁场．在窄缝里有一个如图5－8乙所示的U形导线框abcd．已知线框ab和cd边的长度均为L1＝0.3m，bc边的长度L2＝0.4m，线框以ω＝rad/s的角速度顺时针匀速转动．图5－8甲图5－8乙-13-\n(1)从bc边转到图甲所示的H侧磁场边缘时开始计时，求t＝2×10－3s时刻线框中感应电动势的大小；画出a、d两点的电势差Uad随时间t变化的关系图象．(感应电动势的结果保留两位有效数字，Uad的正值表示Ua＞Ud)(2)求感应电动势的有效值．【解析】(1)由题意知线框中产生感应电动势的周期T＝＝1.2×10－2st＝2×10－3s时刻bc边还在磁场中，故感应电动势为：ε＝BL2L1ω＝31.4V根据bc边在磁场区与非磁场区运动的时间可画出Uad－t图象如图5－8丙所示．图5－8丙(2)设感应电动势的有效值为E，当bc边外接纯电阻R时，考虑内的热效应得：Q＝×T＝×解得：E＝28.7V．[答案] (1)31.4V 如图5－8丙所示 (2)28.7V二、电磁感应规律的综合应用电磁感应规律的综合应用问题不仅涉及法拉第电磁感应定律，还涉及力学、热学、静电场、直流电路、磁场等许多知识．电磁感应的综合题有两种基本类型：一是电磁感应与电路、电场的综合；二是发生电磁感应的导体的受力和运动以及功能问题的综合．也有这两种基本类型的复合题，题中电磁现象与力现象相互联系、相互影响、相互制约，其基本形式如下：注意：(1)求解一段时间内流过电路某一截面的电荷量要用电流的平均值；(2)求解一段时间内的热量要用电流的有效值；(3)求解瞬时功率要用瞬时值，求解平均功率要用有效值．1．电磁感应中的电路问题在电磁感应中，切割磁感线的导体或磁通量发生变化的回路将产生感应电动势，该导体或回路相当于电源．因此，电磁感应问题往往与电路问题联系在一起．解决与电路相联系的电磁感应问题的基本方法如下：(1)用法拉第电磁感应定律和楞次定律确定感应电动势的大小和方向；(2)画等效电路图，注意区别内外电路，区别路端电压、电动势；(3)运用闭合电路欧姆定律，串、并联电路性质以及电功率等公式联立求解．-13-\n2．感应电路中电动势、电压、电功率的计算●例6 如图5－9甲所示，水平放置的U形金属框架中接有电源，电源的电动势为E，内阻为r．现在框架上放置一质量为m、电阻为R的金属杆，它可以在框架上无摩擦地滑动，框架两边相距L，匀强磁场的磁感应强度为B，方向竖直向上．ab杆受到水平向右的恒力F后由静止开始向右滑动，求：图5－9甲(1)ab杆由静止启动时的加速度．(2)ab杆可以达到的最大速度vm．(3)当ab杆达到最大速度vm时，电路中每秒放出的热量Q．【解析】(1)ab滑动前通过的电流：I＝受到的安培力F安＝，方向水平向左所以ab刚运动时的瞬时加速度为：a1＝＝－．(2)ab运动后产生的感应电流与原电路电流相同，到达最大速度时，感应电路如图5－9乙所示．此时电流Im＝．图5－9乙由平衡条件得：F＝BImL＝故可得：vm＝．(3)方法一 由以上可知，Im＝＝由焦耳定律得：Q＝Im2(R＋r)＝．方法二 由能量守恒定律知，电路每秒释放的热量等于电源的总功率加上恒力F所做的功率，即：Q＝E·Im＋F·vm＝＋＝．[答案] (1)－ (2)(3)【点评】-13-\n①本例全面考查了感应电路的特点，特别是对于电功率的解析，通过对两种求解方法的对比能很好地加深对功能关系的理解．②ab棒运动的v－t图象如图5－9丙所示．图5－9丙3．电磁感应中的图象问题电磁感应中的图象大致可分为以下两类．(1)由给定的电磁感应过程确定相关物理量的函数图象．一类常见的情形是在某导体受恒力作用做切割磁感线运动而产生的电磁感应中，该导体由于安培力的作用往往做加速度越来越小的变加速运动，图象趋向于一渐近线．(2)由给定的图象分析电磁感应过程，确定相关的物理量．无论何种类型问题，都需要综合运用法拉第电磁感应定律、楞次定律、右手定则、安培定则等规律来分析相关物理量之间的函数关系，确定其大小和方向及在坐标系中的范围，同时应注意斜率的物理意义．●例7 青藏铁路上安装的一种电磁装置可以向控制中心传输信号，以确定火车的位置和运动状态，其原理是将能产生匀强磁场的磁铁安装在火车首节车厢下面，如图5－8甲所示(俯视图)．当它经过安放在两铁轨间的线圈时，线圈便产生一个电信号传输给控制中心．线圈边长分别为l1和l2，匝数为n，线圈和传输线的电阻忽略不计．若火车通过线圈时，控制中心接收到线圈两端的电压信号u与时间t的关系如图5－10乙所示(ab、cd为直线)，t1、t2、t3、t4是运动过程的四个时刻，则下列说法正确的是( )图5－10A．火车在t1～t2时间内做匀加速直线运动B．火车在t3～t4时间内做匀减速直线运动C．火车在t1～t2时间内的加速度大小为D．火车在t3～t4时间内的平均速度的大小为【解析】信号电压u＝ε＝nBl1v，由u－t图象可知，火车在t1～t2和t3～t4时间内都做匀加速直线运动．在t1～t2时间内，a1＝＝，在t3～t4时间内的平均速度＝＝，故B、D错误．[答案] AC【点评】从题图可以看出，在t3～t4时间内的u－t图线关于t轴的对称线与t1～t2时间内的u－t图线在同一直线上，由此可判断，火车在0～t4时间内一直做匀加速直线运动的可能性很大．●例6 如图5－11甲所示，两个垂直于纸面的匀强磁场方向相反，磁感应强度的大小均为B，磁场区域的宽度均为a．一正三角形(高为a)导线框ACD从图示位置沿图示方向匀速穿过两磁场区域．以逆时针方向为电流的正方向，则图5－11乙中能正确表示感应电流i-13-\n与线框移动的距离x之间的关系的图象是( )图5－11甲图5－11乙【解析】如图5－11丙所示，当x＜a时，线框切割磁感线的有效长度等于线框内磁场边界的长度图5－11丙故有E1＝2Bvxtan30°当a＜x＜2a时，线框在左右两磁场中切割磁感线产生的电动势方向相同，且都与x＜a时相反故E2＝4Bv(x－a)·tan30°当2a＜x＜3a时，感应电动势的方向与x＜a时相同故E3＝2Bv(x－2a)tan30°．[答案] C★同类拓展2 如图5－12甲所示，光滑的平行金属导轨水平放置，电阻不计，导轨间距为l，左侧接一阻值为R的电阻．区域cdef内存在垂直轨道平面向下的有界匀强磁场，磁场宽度为s．一质量为m、电阻为r的金属棒MN置于导轨上，与导轨垂直且接触良好，受到F＝0.5v＋0.4(N)(v为金属棒速度)的水平外力作用，从磁场的左边界由静止开始运动，测得电阻两端电压随时间均匀增大．(已知：l＝1m，m＝1kg，R＝0.3Ω，r＝0.2Ω，s＝1m)-13-\n图5－12甲(1)分析并说明该金属棒在磁场中做何种运动．(2)求磁感应强度B的大小．(3)若撤去外力后棒的速度v随位移x的变化规律满足v＝v0－x，且棒在运动到ef处时恰好静止，则外力F作用的时间为多少？(4)若在棒未出磁场区域时撤去外力，画出棒在整个运动过程中速度随位移变化所对应的各种可能的图线．[2022年高考·上海物理卷]【解析】(1)金属棒做匀加速运动，R两端的电压U∝I∝E∝v，U随时间均匀增大，即v随时间均匀增大，故加速度为恒量．(2)F－v＝ma，将F＝0.5v＋0.4代入得：v＋0.4＝ma因为加速度为恒量，与v无关，m＝1kg所以0.5－＝0，a＝0.4m/s2代入数据得：B＝0.5T．(3)x1＝at2v0＝x2＝atx1＋x2＝s故at2＋at＝s代入数据得：0.2t2＋0.8t－1＝0解方程得：t＝1s．(4)速度随位移变化的可能图象如图5－10乙所示．图5－12乙[答案] (1)略 (2)0.5T (3)1s(4)如图5－12乙所示4．电磁感应中的动力学、功能问题-13-\n电磁感应中，通有感应电流的导体在磁场中将受到安培力的作用，因此电磁感应问题往往和力学、运动学等问题联系在一起．电磁感应中的动力学问题的解题思路如下：●例7 如图5－13所示，光滑斜面的倾角为θ，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长为l1，bc边的长为l2，线框的质量为m、电阻为R，线框通过细线与重物相连，重物的质量为M，斜面上ef线(ef平行底边)的右方有垂直斜面向上的匀强磁场(磁场宽度大于l2)，磁感应强度为B．如果线框从静止开始运动，且进入磁场的最初一段时间是做匀速运动，则( )图5－13A．线框abcd进入磁场前运动的加速度为B．线框在进入磁场过程中的运动速度v＝C．线框做匀速运动的时间为D．该过程产生的焦耳热Q＝(Mg－mgsinθ)l1【解析】设线框进入磁场前运动的加速度为a，细线的张力为FT，有：Mg－FT＝MaFT－mgsinθ＝ma解得：a＝设线框进入磁场的过程中的速度为v，由平衡条件得：Mg＝mgsinθ＋解得：v＝故线框做匀速运动的时间t1＝这一过程产生的焦耳热等于电磁感应转化的电能，等于克服安培力做的功，等于系统机械能的减小量，即：Q＝Mgl2－mgl2sinθ＝(Mg－mgsinθ)l2．[答案] BC【点评】①求线框受恒定拉力作用下进入匀强磁场后达到的最大速度在高中物理试题中较为常见．②这类问题求转化的电能往往有三种方法：一是t-13-\n；二是，克服安培力做的功；三是，根据能量的转化与守恒定律．●例8 如图5－14所示，虚线右侧为一有界的匀强磁场区域，现有一匝数为n、总电阻为R的边长分别为L和2L的闭合矩形线框abcd，其线框平面与磁场垂直，cd边刚好在磁场外(与虚线几乎重合)．在t＝0时刻磁场开始均匀减小，磁感应强度B随时间t的变化关系为B＝B0－kt．图5－14(1)试求处于静止状态的线框在t＝0时刻其ad边受到的安培力的大小和方向．(2)假设在t1＝时刻，线框在如图所示的位置且具有向左的速度v，此时回路中产生的感应电动势为多大？(3)在第(2)问的情况下，回路中的电功率是多大？【解析】(1)根据法拉第电磁感应定律可得，t＝0时刻线框中的感应电动势为：E0＝n＝n＝2nkL2根据闭合电路的欧姆定律可得，t＝0时刻线框中感应电流的大小为：I0＝＝根据安培力公式可得，线框的ad边受到的安培力大小为：F＝2nB0I0L＝根据楞次定律可知，感应电流的方向沿顺时针方向，再根据左手定则可知，ad边受到的安培力的方向为竖直(或垂直于ad边)向上．(2)在t1＝时刻，磁感应强度B1＝线框中由于线框的运动而产生的动生电动势的大小为：E1＝nB1Lv＝，方向沿顺时针方向线框中由于磁场变化而产生的感应电动势的大小为：E2＝n＝＝2nkL2，方向沿顺时针方向故此时回路的感应电动势为：E＝E1＋E2＝＋2nkL2．(3)由(2)知线框中的总感应电动势大小为：E＝＋2nkL2此时回路中的电功率为：P＝＝．[答案] (1)，方向竖直(或垂直于ad边)向上(2)＋2nkL2 (3)-13-\n【点评】感生电动势可表示为E1＝nS，动生电动势可表示为E2＝nB，要注意这两式都是E＝n的推导式[或写成E＝n＝n(S＋B)]．●例9 磁流体动力发电机的原理图如图5－15所示．一个水平放置的上下、前后均封闭的横截面为矩形的塑料管的宽度为l，高度为h，管内充满电阻率为ρ的某种导电流体(如电解质)．矩形塑料管的两端接有涡轮机，由涡轮机提供动力使流体通过管道时具有恒定的水平向右的流速v0．管道的前后两个侧面上各有长为d的相互平行且正对的铜板M和N．实际流体的运动非常复杂，为简化起见作如下假设：①在垂直于流动方向的横截面上各处流体的速度相同；②流体不可压缩．图5－15(1)若在两个铜板M、N之间的区域内加有方向竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场，则当流体以稳定的速度v0流过时，两铜板M、N之间将产生电势差．求此电势差的大小，并判断M、N两板中哪个板的电势较高．(2)用电阻不计的导线将铜板M、N外侧相连接，由于此时磁场对流体有阻力的作用，使流体的稳定速度变为v(v＜v0)，求磁场对流体的作用力．(3)为使流体的流速增大到原来的值v0，则涡轮机提供动力的功率必须增大．假设流体在流动过程中所受到的来自磁场以外的阻力与它的流速成正比，试导出涡轮机新增大的功率的表达式．【解析】(1)由法拉第电磁感应定律得：两铜板间的电势差E＝Blv0由右手定则可判断出M板的电势高．(2)用电阻不计的导线将铜板M、N外侧相连接，即使两铜板的外侧短路，M、N两板间的电动势E＝Blv短路电流I＝又R内＝ρ磁场对流体的作用力F＝BIl解得：F＝，方向与v的方向相反(或水平向左)．(3)解法一 设流体在流动过程中所受到的其他阻力与流速成正比的比例系数为k，在外电路未短路时流体以稳定速度v0流过，此时流体所受到的阻力(即涡轮机所提供的动力)为：F0＝kv0涡轮机提供的功率P0＝F0v0＝kv02外电路短路后，流体仍以稳定速度v0流过，设此时磁场对流体的作用力为F安，根据第(2)问的结果可知：F安＝此时，涡轮机提供的动力Ft＝F0＋F安＝kv0＋涡轮机提供的功率Pt＝Ftv0＝kv02＋-13-\n所以涡轮机新增大的功率ΔP＝Pt－P0＝．解法二 由能量的转化和守恒定律可知，涡轮机新增大的功率等于电磁感应产生的电功率，即ΔP＝＝．[答案] (1)Blv0 M板的电势高(2)，方向与v的方向相反(或水平向左)(3)【点评】①磁流体发电机的原理可以当做导体连续切割磁感线来分析，此时有E＝BLv；也可用外电路开路时，洛伦兹力与电场力平衡，此时有qvB＝q，得E＝U0＝BLv．②磁流体发电机附加压强做功等于克服安培力做功，等于转化的总电能．-13-
