山东省德州市2022届高三物理下学期联合质量测评（PDF版附答案）

2022届高三联合质量测评A．B．C．D．物理试卷注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、考号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡5.拆卸高楼旧空调外机时，常用电动机通过缆绳进行牵引，为避免其与竖直墙壁碰撞，地面上的工人上的指定位置。（图中未画出）用一根拉绳拽着外机，如图所示。设缆绳拉力的大小为F1，方向与竖直方向成角；2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；回答拉绳拉力大小为F2，与竖直方向的夹角为β。工人拉拉绳使β保持不变，外机沿竖直方向缓慢下降过非选择题时，用签字笔写在答题卡上对应的答题区域。写在草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3、考试结束后，请将答题卡按顺序上交。程中（）第Ⅰ卷（40分）A．F1不断增大B．F2不断减小一、选择题：本大题共8个小题，每题3分，共计24分.把正确的答案涂在答题卡上.C．D．FF121．新冠肺炎疫情期间，某班级用于消毒的喷壶示意图如图所示，闭合阀门K，向下压压杆A可向瓶6．如图所示，两个质量均为m的小滑块P、Q通过铰链用长为L的刚性轻杆连接，P套在固定的竖内储气室充气，多次充气后按下按柄B打开阀门K，消毒液会自动经导管从喷嘴处喷出。储气室内L直光滑杆上，Q放在光滑水平地面上，轻杆与竖直方向夹角=30°，原长为的轻弹簧水平放置，气体可视为理想气体，充气和喷液过程中温度保持不变，则下列说法正确的是（）2A．充气过程中外界对储气室内气体做功，气体内能不变右端与Q相连，左端固定在竖直杆O点上。P由静止释放，下降到最低点时变为60°。整个运动过B．只要储气室内气体压强大于外界大气压强，消毒液就能从喷嘴处喷出程中，P、Q始终在同一竖直平面内，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g。则P下降C．喷液过程中，储气室内气体吸收热量并对外界做功过程中（）D．喷液过程中，储气室内气体分子对器壁单位面积的平均撞击力变大A．P、Q组成的系统机械能守恒142．在匀强磁场中，有一个原来静止的6C原子核，它衰变放出的粒子与B．P、Q的速度满足vvPQtan新核的径迹是两个相内切的圆，圆的直径之比为7:1，那么碳14的衰变方程为()140143-1A．6C→＋1e＋5BC．弹簧弹性势能最大值为mgL144102B．6C→2He＋4Be14212C．6C→1H＋5BD．P达到最大动能时，P对杆的弹力等于014014D．6C→－1e＋7N7．如图所示，ABCD为一边长为a的正方形的四个顶点，O为正方形的中心，E点是O点关于AD的对3．如图所示，竖直放置的肥皂薄膜受到重力作用而形成上薄下厚的薄膜，从膜左侧面水平射入的红称点，F点是O点关于BC的对称点。在A点、B点分别放置电荷量为+Q的点电荷，在C点放置电荷光，在左侧面观察到干涉条纹，则下列说法正确的是（）量为+2Q的点电荷，在D点放置电荷量为-Q的点电荷。以无穷远为电势零点，下列说法中正确的是A．干涉条纹是由薄膜左右两个面的光的衍射形成的（）B．干涉条纹是红黑相同的竖直条纹kQA．O点的电场强度大小为E0=52aC．入射光如果换成紫光，相邻亮条纹间距变大kQD．如果薄膜的下端再厚一些，干涉条纹变密B．O点的电场强度大小为E0=62a4.物体的运动状态可用位置x和动量p描述，称为相，对应px图像中的一个点。物体运动状态的C．O点电势小于零变化可用px图像中的一条曲线来描述，称为相轨迹。假如一质点沿x轴正方向做初速度为零的匀D．将试探电荷-q从E点移到F点电势能减小加速直线运动，则对应的相轨迹可能是（）高三物理试题第1页（共8页）高三物理试题第2页（共8页）\n22NBL8.如图，两光滑导轨水平放置在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，导轨间距最窄处为一C．n0与n1的比值为IR1狭缝，取狭缝所在处O点为坐标原点，狭缝右侧两导轨与x轴夹角均为，一电容为C的电容器与2导轨左端相连，导轨上的金属棒与x轴垂直，在外力F作用下从O点开始以速度v向右匀速运动，2(NBLIn)12nD．发电机的功率为n忽略所有电阻，下列说法正确的是（）0A．通过金属棒的电流不断在增大11.2021年11月6日，我国成功发射全球首颗6G试验地球卫星，卫星的轨道半径的三次方与其周期的二次方的关系图像如图所示。已知地球半径为R，引力常量为G，下列说法正确的是（）B．金属棒到达x0时，电容器极板上的电荷量为2BCvx0tan24aA．地球的质量为C．金属棒运动过程中，电容器的上极板带负电bG2D．金属棒运动过程中，外力F做功的功率恒定4bB．地球表面的重力加速度为2二、多项选择题：本大题共4个小题，每题4分，共计16分.在每题给出的选项中，有多项符合要aR求，全部选对得4分，选对但选不全得2分，有选错的得0分.并把正确的答案涂在答题卡上.42bC．绕地球表面运行的卫星的线速度大小为9．一列简谐横波沿x轴方向传播，x0处质点的振动图像如图甲所示，t0.15s时部分波形图如图Ra乙所示。已知该简谐波的波速为v4m/s。则下列说法正确的是（）3aD．地球密度为3bGR12.如图，半径为R的光滑圆形轨道固定在竖直面内。小球A、B质量分别为m、km（k为待定系数）。A球从左边与圆心等高处由静止开始沿轨道下滑，与静止于轨道最低点的B球相撞，碰撞中无机械能损失，重力加速度为g。关于各种情况下k的取值，下列各项中正确的是（）A．若0k0.2，则小球B第一次碰后就能够运动到圆轨道的最高点B．若0.2k1，则小球B第一次碰后将会在某处脱离圆轨道A．简谐横波的传播方向沿x轴负方向C．若k1，小球B不可能脱轨B．简谐横波的波长为1.8mD．若k3，小球A和小球B将在圆轨道的最低点发生第二次碰撞C．t0.15s，x0.6m处的质点传播到x0处第Ⅱ卷（60分）2D．t0.25s时x0.8m处的质点对应的纵坐标为m5三、填空题：本大题共2个小题，13题6分，14题8分，共计14分.把答案填在答题卡的相应位置.10．如图，发电机的矩形线圈长为2L、宽为L，匝数为N，放置在磁感应强度大小为B的匀强磁场13．用下列器材测量小车质量M。小车一端带有定滑轮的平直轨道，垫块，细线，打点计时器，纸带，频率为50Hz的交流电源，刻度尺，6个槽码，每个槽码的质量均为m15g。中，理想变压器的原、副线圈匝数分别为n0、n1和n2，两个副线圈分别接有电阻R1和R2，当发电机（1）完成下列实验步骤中的填空：线圈以角速度匀速转动时，理想电流表读数为I，不计线圈电阻，下列说法正确的是（）i.按图甲安装好实验器材，跨过定滑轮的细线一端连接在小车上，另一端悬挂着6个槽码。改变轨道nI1A．通过电阻R2的电流为的倾角，用手轻拨小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列等间距的点，表明小车沿倾斜轨道匀速n2nIR下滑；21B．电阻R2两端的电压为nii.保持轨道倾角不变，取下1个槽码（即细线下端悬挂5个槽码），让小车拖着纸带沿轨道下滑，根1据纸带上打的点迹测出加速度a；高三物理试题第3页（共8页）高三物理试题第4页（共8页）\niii.依次减少细线下端悬挂的槽码数量，重复步骤ii；（2）由于实验室中电压表损坏，所以选用灵敏电流计、定值电阻、电流表完成实验，实验图如下图1111所示，部分实验器材数据如下iv.以取下槽码的总个数nn16的倒数为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上作关系图线。naana.电流表A（量程0.6A，内阻可忽略）b.灵敏电流计G（量程300μA，内阻rG1000）c.两个定值电阻R11000，R240002（2）已知重力加速度大小g9.80m/s，计算结果均保留三位有效数字，请完成下列填空：①下列说法正确的是__________；A．接通电源后，再将小车从靠近打点计时器处释放B．小车下滑时，位于定滑轮和小车之间的细线应始终跟倾斜轨道保持平行C．实验中必须保证细线下端悬挂槽码的质量远小于小车的质量根据实验要求，与灵敏电流计串联的定值电阻为______（选填“R1”或“R2”）D．若细线下端悬挂着2个槽码，则小车在下滑过程中受到的合外力大小为4mg（3）实验过程分别记录电流表读数I及灵敏电流计读数IG，做出I与IG关系如图所示，可知电源电②某次实验获得如图乙所示的纸带，相邻计数点间均有4个点未画出，则小车的加速度大小动势E______V，电源内阻r______Ω。（结果均保留两位有效数字）a__________m/s2；四、解答题：本大题共4个小题，15题7分，16题9分，17题14分，18题16分，共计46分.解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15．中国南海有着丰富的鱼类资源。某科研小组把某种生活在海面下500m深处的鱼类从海里移到如图所示的两层水箱中。为使鱼存活，须给它们创造一个类似深海的压强条件。如图所示，在一层水箱中有一条鱼，距离二层水箱水面的高度h=50m，二层水箱水面上部空气的体积V=10L，与外界大气相112③测得关系图线的斜率为2.50s/m，则小车质量M__________kg。通。外界大气压p5332.an0=1.0×10Pa，水的密度ρ=1.0×10kg/m，g取10m/s（水箱内气体温度恒定）14．某研究小组通过实验测量某种型号电池电动势和内阻，①鱼在深海处的压强为多少？（1）研究小组利用多用电表粗略测定电池的电动势，当多用电表选择开关位于2.5V直流挡时，多②为使鱼正常存活，须给二层水箱再打进压强为p0、体积为多少的空气？用电笔表盘如图所示，则该电池电动势约为______V。研究小组想利用多用电表欧姆挡粗略测量电源内阻，你认为______（选填“可行”，“不可行”）高三物理试题第5页（共8页）高三物理试题第6页（共8页）\n18．如图甲所示，一长木板静止在光滑的水平桌面上，一劲度系数为k的轻弹簧将板连在竖直墙上，16．如图所示，在竖直平面内有一直角坐标系xOy，第一象限存在垂直平面向里的磁场区域，磁感应开始时弹簧处于原长。一质量为m的物块（可视为质点）从木板左端以初速度v0滑上长木板，最终恰强度沿y轴正方向不变，沿x轴正方向按照Bkx（k0为已知常数）的规律变化。一个质量为m、好停在长木板的右端，用时为T。通过传感器、数据采集器、计算机绘制了物块和木板的v－t图像，边长为L且位于第一象限内的正方形导线框abcd电阻为R，初始时ad边与x轴重合，ab边与y轴如图乙所示，其中A为物块的v－t图线，B为木板的v－t图线且为正弦函数图线。根据图中所给信重合，a点位于坐标原点O处。将导线框以速度v0沿与x轴正方向成37抛出，一段时间后导线息，求：框速度恰好减为0，整个运动过程中导线框的两邻边始终分别平行于两坐标轴。sin370.6，（1）从开始到t=T过程木板的位移大小xM和木板的长度L；cos370.8。求：T（2）从开始到t＝时间内摩擦力对木板做功W；4（1）从导线框开始运动到速度恰好减为零的过程中，线框中产生的焦耳热；（3）若物块从木板左端以更大的初速度v1滑上长木板，则初速度v1取何值时，才能让木板与弹簧组（2）若导线框在t时刻的水平分速度大小为v，此时导线框受到安培力的大小。成的系统最终获得最大的机械能。17．空心立方体（甲图）边长为2L，内壁六个表面涂有荧光粉。位于中间的某电学器件如乙图，中间阴极是一根长为2L的细直圆柱形导体，阳极是环绕阴极半径为r（r远小于L）的金属网罩，单位时间从阴极均匀发射N个电子（初速度不计），经加速后从阳极小孔水平射出，撞到内壁被吸收，可使内壁发光。已知阴阳两极之间所加电压恒为U，电子质量m，电量e，电子重力、电子间相互作用力与其他阻力均不计。（1）若在金属网罩外只加竖直向下的磁场，要使内壁不发光，求磁感应强度的最小值；（2）若在金属网罩外只加竖直向下的电场，要使内壁的上表面全部发光，求电场强度的最大值；2mU16U（3）现在金属网罩外同时加竖直向下的磁场B8和竖直向下的电场E，求从阴极底2eLL端射出的电子打在内壁上的速度大小。高三物理试题第7页（共8页）高三物理试题第8页（共8页）\n2022届高三联合质量测评θ增大而减小，入射光换成紫光，即波长变小，所以相邻亮条纹间距变小，故C错；D．而薄膜的下端再厚一些使得θ增大，则x减小，干涉条纹变密，故D错。物理试卷答案4．D【命题立意】运用数学解决物理的能力2【解析】质点沿x轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动，则有vax2而动量pmv联立可得1．C【命题立意】理想气体的相关规律1p关于x为幂函数，且x0，故正确的相轨迹图像为D。pmaxmax222动量【解析】A．理想气体内能由温度和质量决定，充气过程中外界对储气室内气体做功，气体的质量增加，虽然温度不变，但是气体内能增加，A错误；5.B【命题立意】力的合成与动态平衡B．只有当储气室内气体压强大于外界大气压强与喷嘴到液面这段导管内液体产生的压强之和时，消【解析】对外机受力分析，由重力G，拉绳的拉力F2和缆绳的拉力F1，由题意可知，外机在缓慢下毒液才能从喷嘴处喷出，B错误；降的过程中，处于动态平衡状态。将力F1和F2沿着水平和竖直方向分解，由力的平衡条件可得C．喷液过程中，气体膨胀，对外做功，喷液过程中温度保持不变，气体质量不变，气体内能不变，GG根据热力学第一定律，一定从外界吸收热量，C正确；F12cosGFcos，FF12sinsin，则F1，F2，cossincotcotsincosD．喷液过程中，由于温度不变，根据玻意耳定律，气体压强减小，即储气室内气体分子对器壁单位面积的平均撞击力减小，D错误。由题意可知，β不变，随着外机的下降逐渐减小，可得当逐渐减小时，F2和F1都在逐渐减小。2．D【命题立意】原子核衰变所以B正确，A错误；由AB选项分析可知，外机在三个力作用下处于动态平衡状态，又β不变，所【解析】由动量守恒定律可知，放出的粒子与新核动量大小相等、方向相反，由在磁场中两圆径迹以可知F1为F2和G的合力，由平行四边形定则可得FF12，，所以CD错误。故选B。mv内切可知，新核带正电，放出的粒子带负电，由两圆直径之比为7：1，且R可知新核的电荷量6．C【命题立意】运动的分解，功能关系qB是粒子的7倍。【解析】根据能量守恒知，P、Q、弹簧组成的系统机械能守恒，而P、Q组成的系统机械能不守恒，3．D【命题立意】光的薄膜干涉vP选项A错误；在下滑过程中，根据速度的合成与分解可知vvPQcossin，解得tan，选v【解析】A．干涉条纹是由薄膜左右两个面的反射光叠加形成的，故A错；QB．一个红条纹是同一厚度的薄膜左右面的反射光形成的，同一水平线上的薄膜厚度相同，则条纹水项B错误；根据系统机械能守恒可得EPmgL(cos30cos60)，弹性势能的最大值为平，故B错；31C．把楔形膜两边延长至相交，如图所示夹角设为θ，设第n、n＋1条亮纹处的薄膜厚EPmgL，选项C正确；P由静止释放，P开始向下做加速度逐渐减小的加速运动，当加速2度分别为dn和dn＋1，到交点的距离分别设为xn和xn1，因为夹角很小，应用边角关系有mg度为零时，P的速度达到最大，此时动能最大，则mgTcos，即杆的弹力为T，不为零，cosdddxsin，dxsin相邻亮纹间距n1nnnnn11xxn1xn，又根据干涉条选项D错误。故选C。sindn，2dn(1)联立解得x显然相邻亮纹间距随入射光波长增大而增大、随7．D【命题立意】电场的叠加件有2nn12sin1\n22kQkQkQ沿x轴负方向，故A正确；EACO222【解析】AB．A点电荷和C点电荷在O点的电场强度大小为22aaaB．由图甲可知，周期为0.4s，则波长为vT40.4m1.6m故B错误；22C．由于质点只会在各自平衡位置附近振动，并不会随波逐流，故C错误；kQkQkQ42πEBDO22a2D．x=0处的质点的振动方程为ytt0.4sin(m)=0.4sin5π(m)方向由O到A，在B点电荷和D点电荷量在O点的电场强度大小为22aaT222经过0.25s时，x=0处的质点的坐标为y0.4sin5π0.25(m)(m)5方向由O到D，所以四个电荷在O点产生的电场强度的大小由于x=0处的质点和x=0.8m处的质点相差半个波长，则t0.25s时x0.8m处的质点对应的纵坐标为22kQEEE25，故AB错误；0ACOBDO22am，故D正确。5C．O点在A、D电荷的中垂线上，所以O点在A、D电荷的电场中的电势为零，而O点在B、C电10．BC【命题立意】交流电的产生，变压器荷的电场中电势都大于零，所以O点的电势一定大于零，故C错误；【解析】AB．由题知理想电流表读数为I，则根据欧姆定律U1=IR1D．F点在A、D电荷的中垂线上，所以E、F点在A、D电荷的电场中的电势均为零，而E点离B、nUnUnn000002根据变压器电压与匝数的关系有，代入数据有U0=IR1，U2=IR1nUnUnnC电荷的距离大于F离B、C电荷的距离，所以在B、C电荷的电场中E点的电势小于F点的电势，，112211nR21再由欧姆定律有U2=I2R2可计算出I2=I，综上可知，A错误、B正确；即EF所以试探电荷的电势能qqEF，故D正确。nR12EC．由于矩形线圈产生的交变电流直接输入原线圈，则有E2max28.B【命题立意】法拉第电磁感应定律的相关规律max=NB2Lω，U0==2NBLω，由2【解析】C．根据楞次定律可知电容器的上极板应带正电，C错误；n20IRn02NBL选项AB知U0=1则C正确；A．由题知导体棒匀速切割磁感线，根据几何关系切割长度为L=2xtanθ，x=vt，则产生的感应电动n1n11IR2ttanθ由题图可知电容器直接与电源相连，则电容器的电荷量为Q=CE=2BCv2ttanθ，D．由于变压器为理想变压器则有P2势为E=2Bv0=P1+P2=U1I+U2I2=IR1+U2I2Q2222则流过导体棒的电流I==2BCvtanθ，A错误；2NBLInRnR1221t代入选项ABC公式有P0=nnR012B．当金属棒到达x0处时，导体棒产生的感应电动势为E′=2Bvx0tanθ，则电容器的电荷量为由于矩形线圈产生的交变电流直接输入原线圈，则发电机的功率为P0，D错误。Q=CE′=2BCvx0tanθB正确；11.BC【命题立意】天体运动的相关规律D．由于导体棒做匀速运动则F=F安=BIL由选项A可知流过导体棒的电流I恒定，但L与t成正比，【解析】则F为变力，再根据力做功的功率公式P=Fv可看出F为变力，v不变则功率P随力F变化而变化；3GMm22rGM32D错误；A．对卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力r2mr()T解得22，由于rT图T4329．AD【命题立意】振动图像与波动图像rGMb4b像的斜率k，解得M，故A错误；22Ta4aG【解析】2GMmGM4bB．对地球表面物体有mg解得地球表面重力加速度为g故B正确；222A．由图甲可知，x0处质点在t0.15s时沿y轴负方向振动，由同侧法可知，简谐横波的传播方向RRaR2\nnmgMmv2GM42b则aC．绕地球表面运行的卫星，万有引力提供向心力，即Gm解得vMmnm62RRRaR1611mM即amgng故C正确；6mM43Mb3可得斜率k2.5D．地球的体积为VR则地球的密度为故D错误。mg33VaGR即得M0.278kg12.ACD【命题立意】竖直面内圆周运动，弹性碰撞模型1214.（前两空各1分，后三空每空2分）1.17（1.5~1.20）不可行R21.52.0【解析】A下滑到最低点的过程中mgRmv0，A碰B，有mv0mvABkmv，2【命题立意】电学实验的相关知识11122222gR1kmv0mvkmvAB知vB，vgRA2，B恰运动至轨道顶点【解析】2221k1k（1）多用电表选择开关位于2.5V直流挡,由图可知，电源电动势约为1.17V；1122210kmvBkmg2Rkmv，B在顶点vgR，所以k10.265。当k0.265时，多用电表欧姆档测电阻时，电阻需与其他电路断开，所以不能直接测量电源内阻；225B球可运动至轨道最高点，当0.265k1时，B脱轨；而k0.2，不一定脱轨；当k1时，B（2）由第（1）问知改装后的电压表量程应大于1.2V，选用R1、R2改装后电压表量程分别为116运动不到圆心等高处，不脱轨；当k3时vB2gR，vA2gR，故选ACD。U11IrgG()R30010(10001000)06V.2213.（每空2分）AB0.8200.278UIr()R300106(10004000)15V.2gG2【命题立意】考查对力学实验的理解创新能力。所以选R2；【解析】（3）根据闭合电路欧姆定律（2）①A．先接通电源，后释放小车，小车应从靠近打点计时器处释放，故A正确；EIr(R)(IIr)I500(0IIr)B．小车下滑时，为保证实验的准确性，应使细线始终与轨道平行，故B正确；GG2GGGC．由于该实验每个槽码的质量已知道，故不需要使质量远小于小车质量，故C错误；整理得D．若细线下端悬挂着2个槽码，小车加速下滑，槽码加速上升，槽码超重，故细线对小车的拉力大E5000rIIGrr于2个槽码的重力，所以小车下滑过程中受到的合外力小于4mg，故D错误。根据图像斜率②根据图乙，由逐差法可得加速度0.37505000r6(84.676.468.2)(60.051.843.6)322(300150)10ra10m/s0.820m/s290.1③由平衡条件得Mgsinf6mg0解得减小n个槽码后，对小车和槽码分别有MgsinfTMar2.0T(6nmg)(6nma)3\n图像的截距为b联立解得b00.375082Qmv---------1分030030015025解得b0.75A（2）导线框在t时刻的水平分速度大小为v，水平位移为x，则在此时刻导线框产生感应电动势大小E为则有0.75r2eBLvBLvkxLLvkxLvkLv()--------2分解得E1.5V右左15．（7分）①p5.110Pa6；②V450L导线框内的感应电流大小为eI---------1分【命题立意】理想气体的状态方程R【解析】所以导线框受到安培力的大小为6①鱼在深海处的压强pp0gH5.110Pa---------2分FBL右IIBL左---------1分②为使一层水箱压强达到p，二层水箱中的气体压强应为ppgh4.610Pa6------2分联立解得124kLvF-----------1分将外界压强为p0，体积为V的空气注入一层水箱，根据玻意耳定律，有R2Um4UpV01()VpV----------2分17．（14分）（1）B2；（2）E；（3）Le2L66UeVm解得V450L-------1分【命题立意】带电粒子在电场，磁场中运动24【解析】82kLv16．（9分）（1）Qmv0；（2）F25R12（1）由动能定理得Uemv--------1分2【命题立意】框进磁场的相关规律2Ue可得v-----------1分【解析】m（1）导线框ad边与bc边框受到的安培力大小相等，方向相反，可知导线框在竖直方向做竖直上抛俯视图如图所示，有运动，当导线框速度减为零时，其竖直方向上升的高度LR2----------1分22mvv0sin洛伦兹力提供向心力qvB-----------1分y----------1分R2g解得根据能量守恒，线框中产生的焦耳热2UmB2-----------1分212LeQmvmgy----------2分02（2）由运动学公式可得4\n12mv0atL2-------1分fma-------2分2TTxvt-------1分t＝时木板处于平衡状态4xL2-------1分fkx------1分则得4Umv0E-----------1分x------1分LkT（3）由于竖直方向的电场获得的速度与竖直磁场平行，所以粒子水平面内一边做匀速圆周运动，竖摩擦力对木板做功22直面内做匀加速直线运动，互不影响；水平B可知mv0Wfx--------2分2kTLr--------1分18（3）当tT时物块刚好脱离木板，此时木板相对地面向右运动的位移最大，摩擦力对木板做的正2粒子不会碰到侧面台壁，而是打在上台面功最大，木板与弹簧构成的系统获得最大的机械能．Ee16Uea------------1分木块的位移mmL2T11T22Tv00TvT1vTVy2a2L-----------1分s1v1a()v1()-------2分22222T228Ue木板的位移V8------------1分ym2mv0Sx2----------2分2kT2266Ue物块脱离木板，有VVV------------1分0ymssL--------1分121mv2254vmvvT；（2）00018．（16分）（1）0；202；（3）4kT2代入数据得kT54vmv【命题立意】板块问题v00--------1分124kT【解析】（1）根据图像有xM=0--------2分最终恰好停在长木板的右端，则板长等于物块的位移大小1LvT0-------2分2（2）物块做匀减速运动5