高三物理二诊模拟814．下列叙述中正确的是（）A．自然界中涉及热现象的宏观过程都具有方向性B．气体的温度越高，气体中分子无规则运动越剧烈，气体压强一定越大C．物体被压缩时，分子间存在着斥力，不存在引力D．物体的内能与物体的温度有关，与物体的体积无关15．氢原子的能级图如右图所示，一群处于n＝3激发态的氢原子向基态跃迁，发出波长不同的三种光子，设它们在真空中的波长分别为λ1、λ2、λ3，且λ1<λ2<λ3，假设紫外线与可见光满足相同的规律，则下列说法中正确的是( )A．波长为λ3的光在玻璃砖内的传播速度最小B．让波长为λ2的光子照射逸出功为2.7eV的钙，则释放出来的光电子的最大初动能为0.7eVC．用该三种光做双缝干涉实验时，同样条件下用波长为λ1的光得到的条纹间距最大D．λ1、λ2、λ3之间的关系为λ1＝16．光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是( )A．用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象B．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象C．在光导纤维束内传送图像是利用光的色散现象D．用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象17．如图所示，沿x轴正方向传播的一列横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s，下列说法正确的是()A．从图示时刻开始，质点b比质点a先到平衡位置B．从图示时刻开始，经0.01s质点a通过的路程为2mC．从图示时刻开始，经0.015s质点b通过的路程小于0.6mD．若该波波源从0点沿x轴正向运动，则在x=2000m处接收到的波的频率将小于50Hz18．一对等量正点电荷电场的电场线（实线）和等势线（虚线）如图所示，图中A,B两点电场强度分别是，电势分别是，负电荷q在A、B时的电势能分别是，下列判断正确的是（）7\n19．2022年11月3日，神舟八号与天宫一号完美“牵手”，成功实现交会对接。“远距离导引”、“自主控制”、“对接”、“组合体飞行”和“分离撤离”等阶段，图示为“远距离导引”阶段。对接任务完成后，神舟八号飞船返回位于内蒙古自治区苏尼特右旗以西阿木古朗草原的主着陆场。则下列说法正确的是()A．在远距离导引段，神舟八号向前喷气B．在远距离导引段，神舟八号向后喷气C．在组合体飞行段，神舟八号与天宫一号绕地球作匀速圆周运动的速度大于7.9km/sD．分离后，天宫一号变轨升高至飞行轨道运行时，其动能比在交会对接轨道时大PBAQθ20．如图所示，固定在水平面上的斜面倾角为θ，长方体木块A质量为M，其PQ面上钉着一枚小钉子，质量为m的小球B通过一细线与小钉子相连接，小球B与PQ面接触，且细线与PQ面平行，木块与斜面间的动摩擦因数为μ。下列说法正确的是()A．若匀速下滑，则小球运动中机械能不变B．若匀速下滑，则小球对木块的压力为mgcosθC．若匀加速下滑，则小球机械能减小D．若匀加速下滑，则小球对木块的压力为零21．平面直角坐标系的第一象限和第三象限内存在xoy平面的匀强磁场，磁场方向如图所示，磁感应强度分别为B1、B2,且B2=2B1，一圆心角为90°的扇形闭合线圈从图示位置开始绕过O点的转动轴在xoy平面内逆时针匀速转动。规定顺时针方向为线圈中电流的正方向，则能正确反映线圈中感应电流I随时间t变化关系的图像是（）7\n22．（18分）Ⅰ．如图9所示为“验证碰撞中的动量守恒”的实验装置。（1）下列说法中不符合本实验要求的是。（选填选项前面的字母，单选）A．入射球比靶球质量大或者小均可，但二者的半径必须相同B．在同一组实验的不同碰撞中，每次入射球必须从同一高度由静止释放C．安装轨道时末端必须水平D．需要的测量仪器有天平和刻度尺（2）实验中记录了轨道末端在记录纸上的竖直投影为O点，经多次释放入射球，在记录纸上找到了两球的平均落点位置M、P、N，并测得它们到O点的距离分别为、和。已知入射球的质量为，靶球的质量为，如果满足，则可认为成功验证了碰撞中的动量守恒。Ⅱ．某同学想测量一段电阻丝的电阻率，其中使用了自己利用电流表改装的电压表。整个实验过程如下：A．测量电流表的内阻。按图1连接电路，将电位器R调到接入电路的阻值最大。闭合开关S1，调整R的阻值，使电流表指针偏转到满刻度；然后保持R的阻值不变，合上开关S2，调整电阻箱R′的阻值，使电流表指针达到半偏，记下此时R′的阻值；B．计算出改装电压表应串联的电阻R0的值。将电阻R0与电流表串联，则R0与电流表共同构成一个新的电压表；C．将改装的电压表与标准电压表接入如图2所示的校准电路，对改装的电压表进行校准；D．利用校准后的电压表和另一块电流表，采用伏安法测量电阻丝的电阻；E．测量电阻丝的直径和接入电路的电阻丝的长度；F．计算出电阻丝的电阻率。GS1S2R′R图1图2SVGR0图30mm4004535根据上述实验过程完成下列问题：（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，选不同的位置测量3次，求出其平均值d。其中一次测量结果如图3所示，图中读数为 mm；（2）7\n已知电流表的满偏电流为200µA，若当电流表指针偏转到正好是满偏刻度的一半时R′的阻值为500Ω，则电流表的电阻为Ω。要求改装后的电压表的量程为2V，则必须给电流表串联一个阻值为R0=Ω的电阻；图5a/μAb/AO0.050.100.15200.0150.0100.050.0×××××××（3）在对改装后的电压表进行校准时，发现改装后的电压表的测量值总比标准电压表的测量值小一些，造成这个现象的原因是（）A电流表内阻的测量值偏小，造成串联电阻R0的阻值偏小B．电流表内阻的测量值偏大，造成串联电阻R0的阻值偏小C．电流表内阻的测量值偏小，造成串联电阻R0的阻值偏大D．电流表内阻的测量值偏大，造成串联电阻R0的阻值偏大（4）在利用校准后的电压表采用伏安法测量电阻丝的电阻时，由于电压表的表盘刻度仍然是改装前电流表的刻度，因此在读数时只能读出电流表指示的电流值a。测量电阻丝的电阻时，可以读得一系列a和对应流经电阻丝的电流b。该同学根据这一系列a、b数据做出的a－b图线如图5所示，根据图线可知电阻丝的电阻值为Ω。23（16分）如图所示，为供儿童娱乐的滑梯的示意图，其中AB为斜面滑槽，与水平方向的夹角为θ=37°；长L的BC水平滑槽，与半径R=0．2m的圆弧CD相切；ED为地面．已知儿童在滑槽上滑动时的动摩擦因数μ=0．5，在B点由斜面转到水平面的运动速率不变，A点离地面的竖直高度AE为H=2m．（取g=10m/s2,sin370=0．6,cos370=0．8）试求：（1）儿童在斜面滑槽上滑下时的加速度大小？（要求作出儿童在斜面上运动时的受力分析图）（2）儿童从A处由静止开始滑到B处时的速度大小？（结果可用根号表示）（3）为了使儿童在娱乐时不会从C处平抛滑出，水平滑槽BC的长度L至少为多少？24．（18分）如下图所示，半径R＝0.5m的光滑半圆轨道竖直固定在高h＝0.8m的光滑水平台上，与平台平滑连接，平台长L＝1.2m．可视为质点的两物块m1、m27\n束缚在一起，并静止在平台的最右端D点，它们之间有被压缩的轻质弹簧．某时刻突然解除束缚，使两物块m1、m2具有水平方向的速度，m1通过平台到达半圆轨道的最高点A时，轨道对它的压力大小是FN＝22N，水平抛出后落在水平地面上的P点，m2也落在P点．已知m1＝1kg，g取10m/s2.求(1)设突然解除束缚后，m1的速度v1是多少？(2)m2做平抛运动的速度v2是多少？(3)解除束缚的轻质弹簧释放出来的弹性势能是多少？25．（20分）在图所示的坐标系中，轴水平，轴垂直，轴上方空间只存在重力场，第Ⅲ象限存在沿轴正方向的匀强电场和垂直平面向里的匀强磁场，在第Ⅳ象限由沿轴负方向的匀强电场，场强大小与第Ⅲ象限存在的电场的场强大小相等。一质量为，带电荷量大小为的质点，从轴上处的点以一定的水平速度沿轴负方向抛出，它经过处的点进入第Ⅲ象限，恰好做匀速圆周运动，又经过轴上方的点进入第Ⅳ象限，试求：（1）质点到达点时速度的大小和方向；（2）第Ⅲ象限中匀强电场的电场强度和匀强磁场的磁感应强度的大小；（3）质点从离开到第三次经过轴的时间和第三次经过轴的坐标。7\n高三物理二诊模拟814A15D16B17C18A19B20C21D22，Ⅰ．（1）A（3分）(2)=（3分）Ⅱ.（1）0．414～0．419（2分）（2）500，（2分）9．50×103（2分）（3）C（3分）（4）10．0（3分）（写成10同样给分）23．（16分）解：（1）设儿童下滑的加速度大小为a，则有受力分析图……1分mgsin37°-μmgcos37°=ma1………2分解得：a1=2m/s2．…………1分（2）因为H=2m，圆弧CD的半径R=0．8m，所以AB的长度…………2分设儿童滑到B点的速率为vB，则：vB2=2aL1，………2分（或依动能定理:）解得：…………2分（3）设儿童在C点恰做平抛运动滑出时的速率为vC，则：……2分f=umg=ma2……………1分-2a2L≤vC2-vB2……………1分（或用动能定理：……2分）解得：L≥1m．……2分24.【解析】 设m1在A点时的速度为v，由牛顿第二定律得：m1g＋FN＝m1-------------2分解得：v＝4m/s设突然解除束缚后，m1的速度为v1，由机械能守恒定律得：m1v＝m1g×2R＋m1v2，--------------2分解得：v1＝6m/s---------------2分设m1从A点到P点运动的时间为t1，则：h＋2R＝gt，解得：t1＝0.6s-------------2分设m2运动的水平距离为s，则s＋L＝vt1，解得：s＝1.2m---------2分-7\n设m2在突然解除束缚后的速度为v2，做平抛运动的时间为t2由h＝gt，得：t2＝0.4s，-----------1分v2＝＝3m/s------------1分对m1、m2运用动量守恒定律得：0＝m1v1－m2v2------------------2分解除束缚的轻质弹簧释放出来的弹性势能是E＝m1v＋m2v------------2分解得：E＝27J.-------------2分25.（1）质点在第Ⅱ象限中做平抛运动，设初速度为，由------1分--------1分在点，速度的竖直分量---------1分，---------2分其方向与轴负向夹角--------1分（2）带电粒子进入第Ⅲ象限做匀速圆周运动，必有--------2分又恰能过负处，故为圆的直径，转动半径-------2分又由--------1分可解得-------------1分------------1分（3）带电粒以大小为，方向与轴正向夹角进入第Ⅳ象限，所受电场力与重力的合力为，方向与过点的速度方向相反，故带电粒做匀减速直线运动，设其加速度大小为，则：----------1分（未完-------------------本题中前面有点误）7
