福建省莆田市第六中学2022届高三物理9月月考试题(含解析)一、选择题(本题共11小题,每小题4分,共44分。在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题目要求,第8~11题,有多项符合题目要求。全部选对得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)1.在地面上以初速度v0竖直向上抛出一小球,经过2t0时间小球落回抛出点,其速率为v1,已知小球在空中运动时所受空气阻力与小球运动的速率成正比,则小球在空中运动时速率v随时间t变化的规律可能是A.B.C.D.【答案】A【解析】小球上升时,根据牛顿第二定律:mg+f=ma;由于减速上升,小球在空中运动时所受空气阻力与小球运动的速率成正比,所以f逐渐减小,则a逐渐减小,即v-t图象前一段曲线的斜率逐渐减小,故CD错误;又由于空气阻力的影响,小球落回抛出点的速度肯定小于抛出时的初速度,所以A正确,B错误;故选A。2.如图所示,一轻弹簧竖直固定在水平地面上,弹簧正上方有一个小球自由下落。从小球接触弹簧上端O点到将弹簧压缩到最短的过程中,小球的加速度a随时间t或者随距O点的距离x变化的关系图线是()-14-A.B.C.D.【答案】B【解析】试题分析:小球接触弹簧时,受重力和向上的弹力,由F=kx,可知,弹簧形变量x增大,弹力增大,由牛顿第二定律:mg-F=ma,得a=,结合数学函数图象可知B正确,D错,a与时间不成线性关系,AC错,所以本题选择B。考点:牛顿第二定律胡克定律图象3.如图所示,轻绳的一端系在质量为m的物体上,另一端系在一个圆环上,圆环套在粗糙水平横杆MN上,现用水平力F拉绳上一点,使物体处在图中实线位置,然后改变F的大小使其缓慢下降到图中虚线位置,圆环仍在原来位置不动,则在这一过程中,水平拉力F、环与横杆的摩擦力f和环对杆的压力N的大小变化情况是()A.F逐渐增大,f保持不变,N逐渐增大B.F逐渐增大,f逐渐增大,N保持不变C.F逐渐减小,f逐渐增大,N保持不变D.F逐渐减小,f逐渐减小,N保持不变【答案】D【解析】【详解】以重物为研究对象,分析受力情况:重力G、水平力F和绳子的拉力T,如图1所示。-14-由平衡条件得:F=Gtanθ,当θ减小时,F逐渐减小。再以两物体整体为研究对象,分析重力G总、水平力F,杆的摩擦力f和支持力N,则有:N=G总,保持不变。f=F,逐渐减小。所以D正确、ABC错误。故选D。【点睛】本题主要是考查了共点力的平衡问题,解答此类问题的一般步骤是:确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解,然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答.4.如图所示,光滑水平面上放置质量分别为m、2m和3m的三个木块,其中质量为2m和3m的木块间用一不可伸长的轻绳相连,轻绳能承受的最大拉力为T.现用水平拉力F拉其中一个质量为3m的木块,使三个木块以同一加速度运动,则以下说法正确的是( )A.质量为2m的木块受到四个力的作用B.当F逐渐增大到T时,轻绳刚好被拉断C.当F逐渐增大到1.5T时,轻绳还不会被拉断D.轻绳刚要被拉断时,质量为m和2m的木块间的摩擦力为【答案】C【解析】质量为2m的木块受到重力、质量为m的木块的压力、m对其向后的静摩擦力、轻绳的拉力和地面的支持力五个力的作用,故A错误;对三个木块整体,由牛顿第二定律可得:,隔离后面的组合体,由牛顿第二定律可得:轻绳中拉力为,由此可知,当F逐渐增大到时,轻绳中拉力等于,即小于轻绳能承受的最大拉力为,轻绳还没有被拉断,故B错误;由上式得:当F逐渐增大到时,,轻绳中拉力,,轻绳刚好被拉断,故C正确;轻绳刚要被拉断时,轻绳的拉力刚好为,后面两个木块的加速度,对质量为m木块研究,由牛顿第二定律得:摩擦力为,故D错误;故选C.【点睛】三个木块以同一加速度做加速运动,采用隔离法分析2m可得出其受力的个数;再对整体分析可得出整体的加速度与力的关系;再以后面两个物体为研究对象可得出拉力与加速度的关系,则可分析得出F与的关系.-14-5.如图所示,质量为m的小球置于倾角为30°的光滑斜面上,劲度系数为k的轻弹簧一端系在小球上,另一端拴在墙上P点,开始时弹簧与竖直方向的夹角为θ,现将P点沿着墙向下移动,则弹簧的最短伸长量为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】选取小球为研究对象,小球受到重力,支持力和绳子的拉力处于平衡状态,当P点向下移动时,弹簧的拉力发生变化,如图。从图中可以看出,当弹簧的拉力和斜面的支持力垂直时,弹簧的拉力最小,此时:F=mgsin30°=0.5mg;所以弹簧最小的伸长量:.所以选项A正确,选项BCD错误。故选A.【点睛】题是体的平衡问题,要灵活选择研究对象,正确分析受力,作出力图,是解题的关键.6.如图所示,斜面体M放置在水平地面上,位于斜面上的物块m受到沿斜面向上的推力F的作用,设物块与斜面之间的摩擦力大小为f1,斜面体与地面之间的摩擦力大小为f2。增大推力F,物块和斜面体始终保持静止,下列判断正确的是( )A.如果物块沿斜面向上滑动,则f1、f2一定增大-14-B.如果物块沿斜面向上滑动,则f1、f2一定不变C.如果物块与斜面相对静止,则f1、f2一定增大D.如果物块与斜面相对静止,则f1、f2一定不变【答案】B【解析】A、B项:由图看出,F平行于斜面,如果物块沿斜面向上滑动,物块对斜面体的压力和摩擦力保持不变,增大推力F时,斜面体的受力情况没有改变,则F1、F2一定不变.故A错误,B正确;C、D如果物块与斜面相对静止时,以整体为研究对象,分析受力情况如图,由平衡条件得到:F2=Fcosθ,θ是斜面的倾角,可见,F增大时,F2一定增大,而对物块研究得知,F1可能增大、可能减小,也可能大小不变.故CD错误。点晴:由题意斜面体始终保持静止,若物块沿斜面向上滑动,增大F,物块对斜面体的压力和摩擦力不变.若物块与斜面相对静止,以整体为研究对象,根据平衡条件得到F1、F2与F的关系,再分析其变化。7.如图所示,在光滑水平面上,用弹簧水平连接一斜面,弹簧的另一端固定在墙上,一玩具遥控小车放在斜面上,系统静止不动.用遥控器启动小车,小车沿斜面加速上升,则A.系统静止时弹簧被压缩B.小车加速时弹簧处于原长C.小车加速时弹簧被压缩D.小车加速时可将弹簧换成细绳【答案】D-14-【解析】试题分析:系统静止时,系统受力平衡,水平方向不受力,弹簧弹力等于零,弹簧处于原长,故A错误;小车加速上升时,知系统受到的合力的水平分力不为零,且方向向右,则弹簧提供的是拉力,所以弹簧处于拉伸状态.所以小车加速时,可将弹簧换成细绳.故B、C错误,D正确。考点:牛顿第二定律;力的合成与分解的运用8.质点甲固定在原点,质点乙可在x轴上运动,甲对乙的作用力F只与甲、乙之间的距离x有关,在的范围内,F与x的关系如图所示.若乙自P点由静止开始运动,且乙只受力F作用,规定力F沿+x方向为正,下列说法正确的是A.乙运动到R点时,速度最大B.乙运动到Q点时,速度最大C.乙运动到Q点后,静止于该处D.乙位于P点时,加速度最大【答案】BD【解析】试题分析:A、B、由图示可知,质点乙由静止从P开始向右做加速运动,越过Q后做减速运动,因此经过Q点时速度最大,故A错误,B正确;C、由图示图象可知,质点运动到Q点后,在甲的作用力下做反向加速运动,不会静止在Q点,故C错误;D、有图像可知在P点受力最大,根据牛、牛顿第二定律知P点的加速度最大,故D正确;故选BD.考点:运动与力的关系、牛顿第二定律.【名师点睛】本题考查了判断质点乙的速度、运动方向问题,根据图示图象判断出质点受力情况、分析清楚质点运动过程即可正确解题.9.如图甲所示,足够长的木板B静置于光滑水平面上,其上放置小滑块A,木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用,木板加速度a随力F变化的-F图象如图乙所示,g取10m/s2,则-14-A.滑块A的质量为4kgB.木板B的质量为1kgC.当F=10N时木板B加速度为4m/s2D.当F=10N时滑块A的加速度为2m/s2【答案】BCD【解析】试题分析:当F等于8N时,加速度为:a=2m/s2,对整体分析,由牛顿第二定律有:F=(M+m)a,代入数据解得:M+m=4kg,当F大于8N时,对B,由牛顿第二定律得:,由图示图象可知,图线的斜率:,解得,木板B的质量:M=1kg,滑块A的质量为:m=3kg.故A错误,B正确.根据F大于8N的图线知,F=6N时,a=0m/s2,由,可知:,解得:μ=0.2,由图示图象可知,当F=10N时,滑块与木板相对滑动,B的加速度为:,故C正确;当F=10N时,A、B相对滑动,木块A的加速度:,故D正确.故选BCD。考点:v-t图像;牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题考查牛顿第二定律与图象的综合,知道滑块和木板在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键,掌握处理图象问题的一般方法,通常通过图线的斜率和截距入手分析。10.如图所示,弹簧p和细绳q的上端固定在天花板上,下端用小钩钩住质量为m的小球C,弹簧、细绳和小钩的质量均忽略不计.静止时p、q与竖直方向的夹角均为60°.下列判断正确的有()A.若p和球突然脱钩,则脱钩后瞬间q对球的拉力大小为mg-14-B.若p和球突然脱钩,则脱钩后瞬间球的加速度大小为gC.若q和球突然脱钩,则脱钩后瞬间p对球的拉力大小为mgD.若q和球突然脱钩,则脱钩后瞬间球的加速度大小为g【答案】D【解析】【详解】原来p、q对球的拉力大小均为mg。p和球脱钩后,球将开始沿圆弧运动,将q受的力沿法向和切线正交分解(见图1)有:F-mgcos60°=m=0,即F=mg,合力为mgsin60°=ma,即加速度为a=gsin60°=g,AB错误;q和球突然脱钩后瞬间,p的拉力未来得及改变,仍为mg,因此合力为mg(见图2),球的加速度为大小为g。故C错误,D正确;故选D。【点睛】本题考查绳子和弹簧的性质,要注意弹簧是不能突变的,而绳子的弹力可以在瞬间发生变化.11.如图甲所示,绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行.初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带.若从小物块滑上传送带开始计时,小物块在传送带上运动的v-t图象(以地面为参考系)如图乙所示.已知v2>v1,则()A.t1时刻,小物块离A处的距离达到最大B.t2时刻,小物块相对传送带滑动的距离达到最大C.0~t2时间内,小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D.0~t3时间内,小物块始终受到大小不变的摩擦力作用【答案】AB【解析】试题分析:时间:滑动摩擦力向右,物体向左做匀减速运动,时刻向左位移达到最大,即离A处的距离最大,-14-时间:滑动摩擦力向右,物体向右由静止开始先做匀加速直线运动.以后物体做匀速直线运动,摩擦力为零.以后物体相对皮带静止,相对滑动的距离最大,故B正确;考点:考查了摩擦力,速度时间图像【名师点睛】本题的关键是通过图象得出小物块的运动规律,再由运动规律得出小物块的受力和运动情况.二、实验题(本题共3小题,共20分)12.在“验证力的平行四边形定则”的实验中,某同学的实验情况如图所示,其中A为固定橡皮筋的图钉,O为橡皮筋与细绳的结点,OB和OC为细绳。(1)本实验中,采取下列哪些方法和步骤可以减小实验误差______________。A.两个分力F1、F2间的夹角尽量小些B.两个分力F1、F2的大小要适当大些C.拉橡皮筋的细绳要稍短一些D.实验中,弹簧秤必须与木板平行,读数时视线要正对弹簧秤刻度(2)本实验采用的是等效替代法,但若将细绳也换成橡皮筋,则实验结果是否会发生变化?答:________(选填“变化”或“不变化”)。(3)为了完成实验,在用两个完全相同的弹簧秤成一定角度拉橡皮筋时,必须记录的有()A.两细绳的方向B.橡皮筋的原长C.两弹簧秤的示数D.结点O的位置(4)若保持结点O的位置及OB绳方向不变,而将OC顺时针缓慢转动一小角度,其他操作均正确,则()A.弹簧秤甲的示数不变B.弹簧秤甲的示数一直减小C.弹簧秤乙的示数可能增大D.弹簧秤乙的示数一定先减小后增大【答案】(1)BD;(2)不变化;(3)ACD;(4)BC。【解析】-14-试题分析:(1)两个分力的夹角大小适当,在作图时有利于减小误差即可,并非越大或越小越好,故A错误;两个分力F1、F2的大小要适当大些,可以减小偶然误差,故B正确;拉橡皮条的细绳要稍长一些,这样描出两点画出拉力方向时更准确,故C错误;为了减小实验中摩擦对测量结果的影响,拉橡皮条时,橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板,同时读数时注意视线要正对弹簧刻度,故D正确。(2)把细绳换成橡皮筋后,橡皮筋本身的张力还是会把实验用的橡皮筋拉到O点,作用效果不变。(3)在进行该实验时为了便于记录两弹力的方向,实验时将弹簧水平放置,本实验采取“等效法”,即一个弹簧拉绳套和两个弹簧拉绳套效果相同,因此需要记录O点位置,以便两次都拉到同一位置;在求两个力的合力时,需要知道其大小和方向,因此该实验需要记录弹簧秤的读数以及绳套的方向,故选A、C、D。(4)对结点O受力分析,结点受三个力:橡皮条的拉力和两个弹簧测力计的拉力,保持结点O的位置和OB绳的方向不变,即两弹簧测力计的合力方向、大小都不变,根据矢量三角形可知,弹簧秤甲的示数一直减小,弹簧秤乙的示数在两弹簧秤垂直时最小,即弹簧秤乙的示数可能一直减小,可能一直增大,也可能先减小后增大。考点:实验——验证力的平行四边形定则13.某同学在研究性学习中,利用所学的知识解决了如下问题:一轻弹簧一端固定于某一深度为h=0.25m、开口向右的小筒中(没有外力作用时弹簧的另一端位于筒内),如图甲所示,如果本实验的长度测量工具只能测量出筒外弹簧的长度l,现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数,该同学通过改变所挂钩码的个数来改变l,作出Fl图线如图乙所示.则,弹簧的劲度系数为________N/m,弹簧的原长l0=________m.【答案】1000.15-14-【解析】试题分析:根据胡克定律F与的关系式为:,从图象中可得直线的斜率为2N/cm,截距为20N,故弹簧的劲度系数为:,由,于是:考点:考查了胡可定律【名师点睛】找到各个物理量之间的关系,然后根据胡克定律列方程,是解答本题的突破口,这要求学生有较强的数学推导能力.14.某同学利用如图甲所示的装置探究加速度与合外力的关系.小车质量为M,砂桶和砂的总质量为m,通过改变m来改变小车所受的合外力大小,小车的加速度a可由打点计时器和纸带测出.现保持小车质量M不变,逐渐增大砂桶和砂的总质量m进行多次实验,得到多组a、F值(F为弹簧测力计的示数).(1)根据实验数据画出了如图乙所示的一条过坐标原点的倾斜直线,其中纵轴为小车的加速度大小,横轴应为________(选填字母代号)A.B.C.mgD.F(2)砂桶和砂的总质量较大导致a较大时,关于图乙的说法,正确的是___.(选填字母代号)A.图线逐渐偏向纵轴B.图线逐渐偏向横轴C.图线仍保持原方向不变(3)图为上述实验中打下的一条纸带,A点为小车刚释放时打下的起始点,每两点间还有四个计时点未画出,打点计时器的频率为50Hz,则C点的速度为________m/s,小车的加速度为________m/s2.(以上两空均保留一位有效数字)【答案】(1).D(2).C(3).0.8(4).4【解析】-14-【详解】(1)对小车分析,应有F=ma,解得:,由于图线经过坐标原点,所以横轴应为F,故D正确。故选D.(2)由于图象的斜率为k=,所以增大沙和沙桶质量,k不变,仍保持原方向不变,所以C正确。故选C.(3)纸带上面每打一点的时间间隔是0.02s,且每两个记数点间还有四个计时点未画出,T=0.1s。根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小。连续相等时间内的位移差为△x=4cm=0.04m,根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可得:【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理,了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项,能利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力,在平时练习中要加强基础知识的理解与应用,提高解决问题能力。三、计算题(本题共3小题,共36分)15.某同学近日做了这样一个实验,将一个小铁块(可看成质点)以一定的初速度,沿倾角可在0o—90°之间任意调整的木板向上滑动,设它沿木板向上能达到的最大位移为x,若木板倾角不同时对应的最大位移x与木板倾角的关系如图所示。g取10m/s2。求(结果如果是根号,可以保留):(1)小铁块初速度的大小v0以及小铁块与木板间的动摩擦因数μ是多少?(2)当α=60°时,小铁块达到最高点后,又回到出发点,物体速度将变为多大?【答案】(1)5m/s;(2)m/s【解析】-14-试题分析:(1)根据动能定理,物体沿斜面上滑过程,根据动能定理,有:-mgsinα•S-μmgcosα•S=0-解得:由图可得,当α=90°时,根据v02=2gs,代入数据得v0=5m/s,即物体的初速度为5m/s.由图可得,α=30°时,s=1.25,代入数据得:(2)物体沿斜面上升的最大位移s与斜面倾角θ的关系为:把α=60°代入,解得:由动能定理得:-μmgcosα•2S=-解得:m/s;考点:共点力平衡的条件及其应用;摩擦力的判断与计算;物体的弹性和弹力【名师点睛】(1)根据动能定理,求出物体沿斜面上升的最大位移s与斜面倾角θ的关系表达式,然后结合图象当α=90°时的数据求出物体的初速度;求出物体沿斜面上升的最大位移s与斜面倾角θ的关系表达式,根据α=30°时的数据求出动摩擦因数;(2)先求出α=60°时物体上升的高度,然后由动能定理求出物体返回时的速度.16.在光滑的水平轨道上有两个半径都是r的小球A和B,质量分别为m和2m,当两球心间的距离大于L时,两球之间无相互作用力,当两球心间的距离等于或小于L时,两球间存在相互作用的恒定斥力F.设A球从远离B球处以速度v0沿两球连心线向原来静止的B球运动,如图所示.欲使两球不发生接触,v0必须满足什么条件?【答案】【解析】试题分析:要使A、B不发生接触,必须满足:当vA=vB时xA-xB