2022-2022上学期高二物理第二阶段考试卷（I卷）一.单选题（每空2分共30分）1．在一个点电荷形成的电场中，关于电场强度和电势的说法中正确的是（）A．没有任何两点电场强度方向相同B．可以找到很多电场强度相同的点C．没有任何两点电势相等D．可以找到很多电势相等的点2．将原来相距较近的两个带同种电荷的小球同时由静止释放（小球放在光滑绝缘的水平桌面上），它们仅在库仑力作用下运动过程中（）A．它们的相互作用力不变B．它们的加速度之比不断减小C．它们的相互作用力不断增大D．它们的动能之和不断增加3．关于电动势，下列说法中正确的是（）A．电压表接到电源两极时，测得的就是电动势B．因电动势的单位和电势差相同，所以电动势实质上就是电势差C．一个电动势为1.5V的电池接入电路时，若有1C的电荷量通过电路，就有1.5J的电能转变成化学能D．一个电源的电动势的大小只由电源本身决定4．如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点。一电子以速度vA经过A点向B点运动，经过一段时间后，电子以速度vB经过B点，且vB与vA方向相反，则（）A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定低于B点的电势C．电子在A点的动能一定小于它在B点的动能D．电子在A点的电势能一定小于它在B点的电势能5．如上图所示，A、B为两个等量的正点电荷，在其连线中垂线上的P点放一个负点电荷q(不计重力)，由静止释放后，下列说法中正确的是（）A．点电荷在从P点到O点运动的过程中,加速度越来越大,速度越来越大B．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值C．点电荷在从P点到O点运动的过程中,加速度越来越小,速度越来越大D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零6．如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面,它们的电势分别为φa、φb和φc，φa>φb>φc。一带电的粒子（不计重力）射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示。由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做正功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，电势能增加D．粒子从L到M的过程中，动能减少7．如图所示,在处于O点的点电荷+Q形成的电场中,试探电荷q由A点移到B点,电场力做功为W1;以OA为半径画弧交于OB于C，q由A点移到C点电场力做功为W2;q由C点移到B点电场力做功为W3.则三者的做功关系以及q由A点移到C点电场力做功为W2的大小：()A.W1=W2=W3,W2=0B.W1>W2=W3,W2>09\nC.W1=W3>W2,W2=0D.W1=W2<W3,W2=08．在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时()A．电压表示数变小，电流表示数变大B．电压表示数变大，电流表示数变小C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小9.如图所示，电场中某条电场线上a、b两点相距为d，电势差为U，同一点电荷在a、b两点所受的电场力大小分别为F1和F2，则下列说法中正确的是( )A.a点的场强等于U/dB.a点的场强大于b点场强C.若F1=F2，则a点场强等于U/dD.若F1＜F2,则a点场强小于b点场强10.如下图所示，灯泡A、B不亮，但电路中只有一处断开，今用电压表测得：Uab=0，Uac=6V，Ubd=6V,Ucd=0,则可知()A.B灯断B.A灯断C.R断D.电源断11．如图所示，有一质量为m、带电量为+q的物体放在斜面上，为了使物体能在斜面上保持静止，加一方向沿斜面向上的匀强电场，电场强度最小值为E1，最大值为E2，物体Ｅθ受到斜面的最大静摩擦力为（）A． B． C．D．12.如图甲所示,电压表V1、V2串联接入电路中时,示数分别为6V和4V,当只有电压表V2接入电路中时,如图乙所示,示数为9V,电源的电动势为( )A.9.8VB.10.8VC.10VD.11.2V13.A、B是某电场中一条电场线上的两点，一正电荷仅在电场力作用下，沿电场线从A点运动到B点，速度图象如图9-5所示.下列关于A、B两点电场强度E的大小和电势φ的高低的判断，正确的是( )A.EA＞EBB.EA＜EB9\nC.φA=φBD.φA＞φB14.小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线。则下列说法中不正确的是()A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积15．三盏灯泡L1（110V、100W）、L2（110V、60W）和L3（110V、25W），电源所能提供的电压为220V，在图示的四个电路中，能通过调节变阻器R使电路中各灯泡均能够正常发光且最省电的一种电路是()（A）L1L2L3L1L2L3L2L3L1L1L3RL2RRR（B）（C）（D）二、填空、实验题（每空2分、电路图4分共26分）16．如图7所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是表，要使它的量程加大，应使R1（填“增大”或“减小”）；乙图是表，要使它的量程加大，应使R2（填“增大”或“减小”）。17．如图，用伏安法测电阻，当被测电阻阻值不能估计时，可采用试接法．让伏特表一端接在电路的a点上，另一端先后接在b点和c点，注意观察两个电表的示数．若安培表的示数有显著变化，则伏特表应接在a、两点（填b或c)，并且测量结果（填偏大或偏小）17题图18题图18.在“测定金属的电阻率”的实验中，测定金属丝的电阻率，用螺旋测微器测得金属丝的直径，如图所示，可知金属丝的直径d=mm；19．某同学在做“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中得到如下一组U和I的数据:编号12345678U/(V)0.000.200.501.001.502.002.503.009\nI/(A)0.000.050.100.150.180.190.210.22灯泡发光情况不亮 微亮 逐渐变亮 正常发光（1）在图19（1）上画出I－U图线。（4分）（2）从图线上可以看出，当电珠的功率逐渐增大，即温度逐渐升高时，灯丝电阻的变化情况是。图19（1）（3）分析上表内实验数据可知，应选用的实验电路图是图19（3）中的图（选填“甲”或“乙”）。（4分）图19（3）3（4）请在图19（4）所示的实物图中用铅笔补全其中的连线。-+++--图19（4）2022-2022上学期高二物理科第二阶段考试卷（II卷）一、单选题（30分）题号12345答案题号678910答案题号1112131415答案二、填空、实验题（共26分）16、17、18mm图19（1）19（1）9\n（2）（3）(4)-+++--图19（4）三、计算题(共44分）20．(6分）如图所示的电路中，电阻R1＝R2＝R3＝10Ω，电源内阻r＝5Ω，电压表可视为理想电表．当开关S闭合时，电压表的示数为10V.求：(1)电阻R2中的电流为多大？(2)路端电压为多大？(3)电源的电动势为多大？21.（8分）如图9-15所示，电荷量为－e、质量为m的电子从A点沿与电场垂直的方向进入匀强电场，初速度为v0，当它通过电场B点时，速度与场强方向成150°角，不计电子的重力，求：（1）电子从B点射出的速度vB（2）A、B两点间的电势差.9\n22．（9分）如图所示，图甲是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机。闭合vDS˙开关S，当电动机正常工作时，电压表的示数是U＝8V。图乙中图线是图甲中的电源的路端电压随电流变化的关系图象。已知电动机线圈的电阻R线=3Ω（g取10m／s2）。试根据题中所给信息求：（1）电源的电动势E和内电阻r；（2）电动机消耗的电功率P电；（3）电动机正常工作时的输出功率P输出。图甲0123图乙I/AU/V124823（9分）如图所示，质量为m、电荷量为+q的小球从距地面一定高度的O点，以初速度v0沿着水平方向抛出，已知在小球运动的区域里，存在着一个与小球的初速度方向相反的匀强电场，如果测得小球落地时的速度方向恰好是竖直向下的，且已知小球飞行的水平距离为L，求:(1)电场强度E为多大？(2)小球落地点A与抛出点O之间的电势差为多大？(3)小球落地时的动能为多大？0x/my/m0.10.20.30.40.50.10.20.324、（12分）在足够大的绝缘光滑水平面上有一质量m=1.0×10-3kg、带电量q=1.0×10-10C9\n的带正电的小球，静止在O点。以O点为原点，在该水平面内建立直角坐标系Oxy。在t0=0时突然加一沿x轴正方向、大小E1=2.0×106V/m的匀强电场，使小球开始运动。在t1=1.0s时，所加的电场突然变为沿y轴正方向、大小E2=2.0×106V/m的匀强电场。在t2=2.0s时所加电场又突然变为另一个匀强电场E3，使小球在此电场作用下在t3=3.0s时速度变为零。求：（1）在t1=1.0s时小球的速度v1的大小；（2）在t2=2.0s时小球的位置坐标x2、y2；（3）匀强电场E3的大小；（4）请在图的坐标系中绘出该小球在这3s内的运动轨迹。2022-2022上学期高二物理科第二阶段考试卷答案一、单选题（30分）题号12345答案DDDDB题号678910答案CCADC题号1112131415答案CBACC二、填空、实验题（每空2分、电路图4分共26分）16.安培；减小；伏特；增大17.c；偏大.18．0.622（0.621—0.623均正确）。19三、计算题20、(6分) (1)（2分）电阻R2中的电流I＝U2/R2、代入数据得I＝1A(2)（2分）外电阻R＝R2＋＝15Ω路端电压U＝IR＝15V(3)（2分）根据闭合电路欧姆定律I＝E/(R＋r)9\n代入数据解得E＝20V21、（8分）解析:电子进入匀强电场后在电场力作用下做匀变速曲线运动.根据运动的分解可知,电子在垂直于场强方向上做匀速直线运动.将B点的速度分解(如图)（3分）电子从A运动到B，由动能定理得（3分）（2分）22、（9分）（2分）23（9分）(1)（2分）分析水平方向的分运动有:所以(2)（2分）A与O之间的电势差(3)（5分）设小球落地时的动能为EkA,空中飞行的时间为T,分析水平方向和竖直方向的分运动有:解得:24.（12分）（1）a1==m/s2=0.2m/s2，v1=a1·Δt1=0.2×1.0m/s=0.2m/s（2）x2=a1Δt12+v1Δt2=×0.2×1.02m+0.2×0.1m=0.3m，y2=a2Δt22=×0.2×1.02m=0.1m。9\n0x/my/m0.10.20.30.40.50.10.20.3（3）v22=2v12，v2=v1=×0.2m/s=0.28m/s，a3==m/s2=0.28m/s2，E3===2.8×10-6V/m（4）如图9
