2022-2022学年上海理工大学附中高二（上）期中物理试卷 一、单选题（每题只有一个正确答案，每题2分，共20分）1．（2分）（2022•静安区二模）下列关于能源的说法中正确的是（ ） A．二次能源是指可重复利用的能源 B．新能源是指新开采的能源 C．一次能源是直接来自自然界的能源 D．石油是二次能源考点：能量守恒定律．分析：（1）常规能源：人类利用多年且广泛使用的能源，如煤、石油、电能等；（2）新能源：新近才开始使用的可以重复使用的能源，如核能、太阳能、地热能、潮汐能；（3）一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料；（4）二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源：煤气、氢能、电能、汽油、沼气．解答：解：A、二次能源是由一次性能源直接或间接转换而来的能源，不一定是可重复利用的能源，故A错误；B、新能源是指新近才开始使用的可以重复使用的能源，故B错误；C、D、一次能源是直接来自自然界而未经加工转换的能源，如石油，故C正确，D错误；故选C．点评：本题题考查了新能源和常规能源的区别：常规能源又称传统能源．已经大规模生产和广泛利用的煤炭、石油、天然气、水能等能源．新能源在新技术的基础上系统地开发利用的可再生能源，如太阳能、风能、生物质能、海洋能、地热能、氢能等． 2．（2分）（2022秋•杨浦区校级期中）以下说法正确的是（ ） A．密立根用摩擦起电的实验发现了电子 B．密立根用摩擦起电的实验测定了元电荷的电荷量 C．密立根用油滴实验发现了电子 D．密立根用油滴实验测定了元电荷的电荷量考点：物理学史；元电荷、点电荷．专题：常规题型．-18-\n分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：密立根用油滴实验测定了元电荷的电荷量，密立根用油滴实验测定了元电荷的电荷量，故ABC错误，D正确；故选：D．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一． 3．（2分）（2022秋•杨浦区校级期中）一木块沿斜面匀速下滑的过程中（ ） A．木块的机械能守恒 B．木块的内能保持不变 C．木块减小的重力势能全部转化为增加的动能 D．木块减小的机械能转化为内能考点：物体的内能．分析：木块沿着粗糙的斜面匀速下滑，受到重力、支持力和摩擦力，力做功的过程就是能量的转化过程，物体克服摩擦做功，摩擦生热将机械能转化成内能．解答：解：木块在下滑的过程中，克服摩擦力做功，机械能减少，使物体的温度升高，内能增加，匀速运动，动能不变．故D正确故选：D点评：能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳．例如物体克服摩擦做功，摩擦生热就是将机械能转化成内能． 4．（2分）（2022秋•上虞市校级期中）下列关于点电荷的说法正确的是（ ） A．点电荷的电量一定是1.60×10﹣19C B．实际存在的电荷都是点电荷 C．点电荷是理想化模型 D．大的带电体不能看成点电荷考点：元电荷、点电荷．分析：点电荷是不考虑其尺寸、形状和电荷分布情况的带电体，是实际带电体的理想化模型．在研究带电体间的相互作用时，若带电体的尺寸远小于它们之间的距离时，就可把带电体看成点电荷．点电荷是没有大小的带电体，是一种理想模型，实际的带电体（包括电子、质子等）都有一定大小，都不一定能看成点电荷．当电荷间距离大到可认为电荷大小、形状不起什么作用时，可把电荷看成点电荷．解答：-18-\n解：A、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，元电荷是电量的最小值，点电荷的值可以等于元电荷，也可以是元电荷的整数倍，即点电荷的电荷量可多可少，故A错误．B、在研究带电体间的相互作用时，若带电体的尺寸远小于它们之间的距离时，才可把带电体看成点电荷，并不是所有电荷都可以看成点电荷，故B错误；C、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，点是没有大小的，而实际物体总有大小，故点电荷是理想模型，故C正确；D、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，物体能不能简化为点，不是看物体的绝对大小，而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，故大的带电体有时也可以看成点电荷，故D错误．故选：C．点评：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系． 5．（2分）（2022•惠阳区校级学业考试）以下关于电场线的叙述，正确的是（ ） A．电场线是电荷移动的轨迹 B．电场线是仅受电场力作用且从静止开始运动的电荷的运动轨迹 C．仅受电场力作用时，电荷不可能沿电场线运动 D．电荷的运动轨迹有可能与电场线重合考点：电场线．专题：带电粒子在电场中的运动专题；电场力与电势的性质专题．分析：电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，故电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹；电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．这三点缺一不可．解答：解：电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹．故A错误．电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．故BC错误D正确．故选D．点评：掌握电场线的基本性质和特点是解决此类题目的关键． 6．（2分）（2022秋•嘉峪关校级期末）在点电荷Q的电场中，距Q为r处放一检验电荷q，以下说法中正确的是（ ） A．r处场强方向仅由Q的正、负决定 B．q在r处的受力方向仅由Q的正、负决定 r处场强的正、负由场强零点的选择决定-18-\nC． D．r处场强的正、负由q的正、负决定考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度反映电场本身的性质，由电场本身决定．正点电荷产生的电场方向离正点电荷而去，负电荷产生的电场方向指向负电荷．电场力由电场和电荷共同决定．解答：解：A、根据物理学的规定可知，r处场强方向仅由Q的正、负决定．故A正确．B、q在r处的受力方向由Q、q的正、负共同决定．故B错误．C、场强与电势没有直接关系，与零电势的选择无关．故C错误．D、r处场强与q的正、负无关，仅由Q的正、负决定．故D错误，故选A．点评：电场强度是反映电场本身性质的物理量，与试探电荷无关，电场力既与场源电荷有关，也试探电荷有关． 7．（2分）（2022秋•杨浦区校级期中）在如图所示电路中，下列说法错误的是（ ） A．当只闭合开关S1时，只有灯L1发光 B．当只闭合开关S2时，只有灯L3发光 C．当开关S1、S2都闭合时，只有灯L2发光 D．当开关S1、S2都断开时，三盏灯都发光考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据有无电流通过灯泡来灯泡是否发光．根据开关的闭合情况，能分析灯泡的连接关系．解答：解：A、当只闭合开关S1时，L2、L3被短路，不发光，只有灯L1发光．故A正确．B、当只闭合开关S2时，L2、L1被短路，不发光，只有灯L3发光．故B正确．C、当开关S1、S2都闭合时，三个灯并联，都发光，故C错误．D、当开关S1、S2都断开时，三个灯串联，都发光，故D正确．本题选错误的，故选：C．点评：此题关键要明确灯泡的连接关系，明确是否知足，从而作出判断． -18-\n8．（2分）（2022秋•连江县期中）两个大小相同、带等量异种电荷的导体小球A和B，彼此间的引力为F．另一个不带电的与A、B大小相同的导体小球C，先与A接触，再与B接触，然后移开，这时A和B之间的作用力为F′，则F与F′之比为（ ） A．8：3B．8：1C．1：8D．4：1考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：理解库仑定律的内容．知道带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．解答：解：假设A带电量为Q，B带电量为﹣Q，两球之间的相互吸引力的大小是F=k第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为﹣，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=k=F即F与F′之比为8：1；故选：B．点评：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分．根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题． 9．（2分）（2022•南宁校级模拟）A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（ ） A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；电场线．分析：（1）速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度；（2）电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强度小；（3）负电荷受电场力的方向与电场强度方向相反；（4）对只受电场力作用的带电微粒，电场力越大，加速度越大，也就是电场强度越大，加速度越大．解答：解：由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，受力方向与运动方向相反．-18-\n故选：A．点评：本题考查了速度﹣﹣时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况．能根据电场线的分布判断电场强度的大小．难度适中． 10．（2分）（2022秋•杨浦区校级期中）如图中a、b是两个点电荷，它们的电量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪种情况不能使P点场强方向指向MN的左侧？（ ） A．Q1、Q2都是正电荷，且Q1＜Q2 B．Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2| C．Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2 D．Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|考点：电场强度；电场线．分析：利用点电荷的电场中电场强度方向，来确定Q1、Q2在P点的电场强度方向，然后由电场强度矢量叠加分析P点的场强方式．解答：解：A、当两点电荷均为正电荷时，若电荷量相等，则它们在P点的电场强度方向沿N→M方向．当Q1＜Q2时，则Q1在P点的电场强度比Q2的小，所以电场强度合成后，方向偏左．不符合题意，故A错误．B、Q1是正电荷，Q2是负电荷，Q1在P点的电场强度方向从a→P，Q2在P点的电场强度方向从P→b，则合场强的方向偏右．不论电量大小关系，仍偏右．符合题意，故B正确；C、当Q1是负电荷，Q2是正电荷时，Q1在P点的电场强度方向从P→a，Q2在P点的电场强度方向从b→P，则合场强的方向偏左．不符合题意，故C错误．D、当Q1、Q2都是负电荷时，Q1在P点的电场强度方向从P→a，Q2在P点的电场强度方向从P→b，由于|Q1|＞|Q2|，Q1在P点的电场强度大，则根据电场的叠加可知，合场强方向偏左．不符合题意，故D错误；故选：B点评：正点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且背离正电荷，而负点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且指向负电荷． 二、多选题（每题4分，共16分）-18-\n11．（4分）（2022秋•杨浦区校级期中）关于能量转化与守恒的理解，下列说法中错误的是（ ） A．摩擦生热的过程是不可逆过程 B．凡是能量守恒的过程就一定会发生 C．空调机既能制热又能制冷，说明热传递不存在方向性 D．由于能量的转化过程符合能量守恒定律，所以不会发生能源危机考点：功能关系．分析：本题的关键是对热力学第二定律的理解，凡是与“热”有关的过程都具有方向性．解答：解：A：摩擦生热是由机械能转化为内能的过程，是自发的过程，而内能不能自发的变为机械能，所以A正确；B：根据“热力学第二定律”可知，凡是能量守恒的过程不一定会发生，所以B错误；C：热传递存在方向性的含义是指热量可以自发的从高温物体传递到低温物体，而不能自发的从高温物体传递到低温物体，但若有其它影响也可以将热量从低温物体传递到高温物体，空调机制冷时必须通过压缩机做功才能实现热量从低温物体传递到高温物体，因此热传递仍然存在方向性，所以C错误；D：能量的转化过程尽管符合能量守恒定律，高品质的能量能够自发的变为内能耗散到空中，但耗散的低品质的能量不能再集中利用，所以会发生能源危机，故D错误；由于本题选择错误的故选：BCD．点评：热力学第二定律是指发生与分子热运动有关的所有宏观过程都具有方向性． 12．（4分）（2022秋•苏州期末）某学生设计出如下四种逻辑电路，当A端输入高电压时，电铃不能发出声音的是（ ） A．B．C．D．考点：简单的逻辑电路．专题：恒定电流专题．分析：理解基本逻辑门电路的特点，工作原理，输入、输出关系．解答：解：A、与门电路，当输入1、0，输出0，故电铃不发出声音，故A正确；B、非门电路，当输入1，输出0，故电铃不发出声音，故B正确；C、或门电路，当输入1、0，输出1，再经非门，输出0，故电铃不发出声音，故C正确；D、或门电路，当输入1、0，输出1，故电铃能发出声音，故D错误；故选ABC．点评：考查了基本门电路、基本逻辑关系，输入、输出关系． 13．（4分）（2022秋•杨浦区校级期中）如图所示的几种情况中，a、b两点的电场强度大小相等的是（ ）-18-\n A．两带电平行板附近处的a、b两点 B．两个等量同种电荷连线的中垂线上，与连线中点O等距的a、b两点 C．离点电荷等距的a、b两点 D．两个等量异种电荷连线的中垂线上，与连线中点0等距的a、b两点考点：电场的叠加．分析：电势是标量，只要大小相等即可，而场强为矢量，必须是大小和方向都相同才行．解答：解：A、平行板电容器中场强相同，而电势不同，故A正确；B、两等量同种电荷其连线的中垂线上与连线中点O等距的a、b两点电势相等，电场强度大小也相等，故B错误；C、距离点电荷等势面上的点电势相等，电场强度大小也相等．故C正确D、两等量异种电荷其连线的中垂线上与连线中点等距的任意两点电势为零，电场强度大小也相等．故D正确故选：ABCD．点评：不同考查了不同电场中电势和场强的知识，其中重点是电势是标量而场强是矢量． 14．（4分）（2022•静安区二模）如图所示，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处放置带电小球B．现给小球B一个垂直AB连线方向的速度V0，使其在水平桌两上运动，则在开始的一段时间内，关于B球的运动情况，以下说法正确的是（ ） A．若A、B为同种电荷，B球一定做速度变大的曲线运动 B．若A、B为同种电荷，B球一定做加速度变大的曲线运动 C．若A、B为异种电荷，B球可能做加速度、速度都变小的曲线运动 若A、B为异种电荷，B球速度的大小和加速度的大小可能都不变-18-\nD．考点：库仑定律；牛顿第二定律．分析：分AB为同种电荷和异种电荷两种情况来讨论，当为同种电荷时，B球要远离A球，当为异种电荷的时候，根据库仑力和向心力的大小关系来分别讨论可能的运动情况．解答：解：A、若A、B为同种电荷，AB之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以B球一定做曲线运动，由于AB之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以B球的加速度在减小，所以A正确，B错误；C、若A、B为异种电荷，AB之间的库仑力为吸引力，当AB之间的库仑力恰好等于向心力的时候，B球就绕着A球做匀速圆周运动，此时B球速度的大小和加速度的大小都不变，当AB之间的库仑力大于需要的向心力的时候，B球做向心运动，速度和加速度都要变大，当AB之间的库仑力小于需要的向心力的时候，B球做离心运动，速度和加速度都要减小，所以CD正确．故选ACD．点评：当AB为异种电荷的时候，B球可能做向心运动也可能做离心运动，当库仑力恰好等于向心力的时候，B球就绕着A球做匀速圆周运动． 三、填空题（每空2分、共26分）15．（4分）（2022秋•上海校级期中）为了消除和利用烟气中煤粉，可采用如图所示的静电除尘装置，它是由金属管A和悬在管中的金属丝B组成，A接到高压电源正极，B接到高压电源负极，且A要接地，其目的是 防止静电 ．A、B间有很强的电场，且距B越近电场 越强 （填“越强”或“越弱”）．考点：静电现象的解释．分析：电极A、B间接高电压后，之间产生了很强的电场，气体分子被电离成为电子和正离子，电子较轻，容易被粉尘吸附，故粉尘带负电，被正极A吸引，从而达到除尘的目的．解答：解：B接到高压电源负极，且A要接地，其目的是防止静电，避免出现高压放电危险．电极截面如图所示，由电场线可判断越靠近B场强越强；粉尘吸附电子后带负电，因此向正极A运动．故答案为：防止静电；越强．点评：-18-\n本题涉及静电除尘的原理，关键是电子容易被吸附到灰尘上，故灰尘会吸附带带正电的A上． 16．（4分）（2022秋•松江区校级期末）如图为一个应用简单逻辑电路控制的自动楼道灯原理电路，图中S为声控开关（有声音时开关闭合，无声音时开关断开），Rt为光敏电阻（有光照时阻值会降到很小），R1和R2都是定值电阻，A为某种门电路，L为灯泡．当晚上有人发声时，能够自动打开楼道灯，白天即使有人发声楼道灯也不会亮．则图中门电路的符号为 ，为了增加电路的灵敏度，可调节电阻R1 大些 （填写大些，小些）考点：简单的逻辑电路．分析：要使小灯泡发光，则要具备两个条件，一是晚上，二是有声音，据此可以判断逻辑电路的方式．解答：解：晚上，光敏电阻比较大，则输入为高电势，有声音且输入为高电势，输出为高电势，灯泡亮，可知方框中是“与”门电路，符合是．当天黑时，光敏电阻增大，两端间的电势差增大，输入与门的是高电压．为了让路灯在天色更暗时才自动接通开关，应使电阻R增大，使得R的分得电压变大，使与门电路的输入端电压变小，路灯不被点亮．故答案为：，大些点评：解决本题的关键掌握门电路的特点，并能运用到实际的生活中去． 17．（4分）（2022•韶关二模）空气压缩机在一次压缩过程中，活塞对气缸中空气做功为2×105J，空气的内能增加了1.5×105J，则空气 放 （填“吸”或“放”）热为 5×104 J．考点：热力学第一定律．专题：热力学定理专题．分析：活塞对空气做了2×105J的功，W为正值，空气的内能增加了2.5×105J，△U为正值，根据热力学第一定律分析吸放热情况．解答：解：由题：活塞对空气做了2×105J的功，W=2×105J．空气的内能增加了2.5×105J，△U=2.5×105J．根据热力学第一定律△U=W+Q得Q=△U﹣W=5.0×104J＞0，即空气从外界吸收热量5.0×104J．故答案为：放；5×104点评：本题考查对热力学第一定律的理解和应用能力，也可以从能量转化守恒的角度理解本题． 18．（8分）（2022秋•杨浦区校级期中）如图所示，质量为m的小球用绝缘细线悬挂在O点，放在匀强电场中，在图示位置处于平衡状态．匀强电场场强的大小为E，方向水平向右，那么小球的带电性质是 带正电 ，其带电量 ，此时，将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是 直线 ，小球的加速度为 2g ．-18-\n考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；共点力平衡的条件及其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：细线向右偏离竖直方向，小球受到的电场力方向水平向右，根据电场力方向与场强方向间的关系判断小球的电性．将细线剪断后，小球受到重力和电场力两个恒力作用，将沿它们的合力方向做匀加速直线运动．解答：解：由图看出，细线向右偏离竖直方向，小球受到的电场力方向水平向右，场强方向也水平向右，则小球应带正电；小球受到重力、电场力和绳子的拉力处于平衡状态，其中：，所以：；将细线剪断后，小球受到重力和电场力两个恒力作用，将沿它们的合力方向做匀加速直线运动，即将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是直线．加速度的大小：，g是重力加速度．故答案为：带正电，，直线，a=2g点评：物体从静止开始将沿着合力方向运动，如合力是恒力，将做匀加速直线运动． 19．（6分）（2022秋•杨浦区校级期中）有两个小灯泡，它们的额定电压和额定功率分别为L1：“3V，3W”和L2：“2V，1.2W”，现要将它们接在6V电源上，使两小灯泡都能正常发光，只允许用两个电阻（阻值可选），某同学设计出以上电路，（1）请计算图中两个电阻的功率损耗之和 5.4W W，（2）请设计一个功率损耗更小的电路，把你的设计电路画在上面的虚线框内，并计算出两个电阻的功率损耗之和 1.8W W．考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据欧姆定律，求得电阻的电压和电流的大小，根据功率P=UI计算每个电阻的功率的大小；（2）并联电路的功率消耗大，所以让并联的部分尽量的减小，可以减小功率的损耗．-18-\n解答：解：（1）两灯正常发光，电压L1=3VL2=2V，根据P=UI求得电流L1=1A，L2=0.6A；并联电路中电压相等，L2两端电压+R2两端电压=3V；R2两端电压=3V﹣2V=1V，R1两端电压为总电源6V﹣3V=3V；R2的电流=L2的电流=0.6A，R1的电流=两并联分支电流和=1.6A；根据P=UI分别求出电阻功率P1=U1I1=3×1.6=4.8W，P2=U2I2=1×0.6=0.6W，所以功率的和为4.8W+0.6W=5.4W．（2）让L2与电阻R2并联之后再与L1和电阻R1串联，此时电阻R1的电压是1V，电流时1A，所以此时R1的功率为1W，电阻R2的电压是2V，电流时0.4A，此时R2的功率为0.8W．所以总的功率为1W+0.8W=1.8W．故答案为：5.4w；1.8W．点评：掌握住欧姆定律，求得电阻的电压和电流，根据功率的公式计算． 四、作图题（6分）20．（3分）（2022秋•杨浦区校级期中）如图是一个负电荷进入一电场后的轨迹，请标出该电场线的方向．考点：电场线．分析：根据负电荷的运动轨迹可知，电场力的大体方向向左；再据场强方向与负电荷受到的电场力的方向之间的关系，判断场强方向向右，解答：解：根据负电荷的运动轨迹可知，电场力的大体方向向左；再据场强方向负电荷受到的电场力的方向之间的关系，即可判断场强方向向右，方向如图：答：如图．点评：本题的关键据轨迹判断电场力的方向，判断电场线的方向，据电场力做功判断动能和电势能的变化． 21．（3分）（2022秋•杨浦区校级期中）请在图中标出a点的场强方向，以及一负电荷在b点所受电场力的方向．-18-\n考点：电场线．分析：电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向；负电荷受力的方向与电场线的方向相反．解答：解：电场中电场强度的方向沿电场线的切线的方向，负电荷所受的电场力方向与电场线方向相反，如图所示：答：如图所示．点评：该题中要求画出A点的负电荷受力的方向，要注意负电荷受力的方向与电场线的方向相反． 五、实验题（10分）22．（7分）（2022秋•杨浦区校级期中）某同学在做多用电表测电阻的实验中：（1）测量某电阻时，用“×10Ω”档时发现指针偏转角度过大，他应该换用 ×1Ω 档（填“×1Ω”或“×100Ω”），换档后，在测量前先要 重新欧姆调零 ．（2）如图所示，A、B、C是多用表在进行不同测量时，转换开关分别指示的位置，图D是多用表表盘指针在测量时的偏转位置．若是用A档测量，指针偏转如D，则读数为 1300欧姆 ；若是用B档测量，指针偏转如D，则读数为 6.4mA ；若是用C档测量，指针偏转如D，则读数为 32 ．（3）用多用电表正确测量了一个6KΩ电阻后，需要继续测量一个阻值大概是50Ω左右的电阻．在用红表笔、黑表笔接触这个电阻之前，以下哪些操作步骤是必须的，请选择其中有用的，按操作步骤顺序写出： CEA ．A．调节调零旋钮使表针指着欧姆零点B．把选择开关旋转到“×1KΩ”位置C．把选择开关旋转到“×10Ω”位置D．调节表盘下中间部位的调零螺丝，是表针指零E．将红表笔和黑表笔接触．考点：用多用电表测电阻．-18-\n专题：实验题；恒定电流专题．分析：指针偏角大，应换用小倍率，并重新调零，电阻的读数为示数乘以倍率，电压和电流的读数为格子数乘以每小格表示的数．使用欧姆表测电阻时，要选择合适的倍率，使指针指在欧姆表刻度盘的中央附近；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．解答：解：（1）指针偏角过大，说明待测电阻阻值较小，为了准确要换×1挡，然后重新调零．（2）若用A挡，是测电阻，读数为13×100=1.3×103Ω若用B挡，是测电流，读数为32.0×=6.40mA若用C挡，是测电压，读数为32.0×=32.0V（3）测6KΩ电阻时，欧姆表应选择“×1KΩ”挡，测50Ω左右的电阻时，要选择“×10Ω”挡，因此正确测完6KΩ电阻后，要测约为50Ω的电阻，应把选择开关调到“×10Ω”挡，然后重新进行欧姆调零，应从正确的操作步骤是：C、E、A．故答案为：（1）×1，重新欧姆调零；调零；（2）1300Ω；6.4mA；32V；（3）CEA．点评：本题考查了多用电表的使用，使用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指在刻度盘的中央附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零． 23．（3分）（2022秋•杨浦区校级期中）关于多用表欧姆档的使用，下列叙述中正确的是（ ） A．若红、黑表笔插错插孔，则不影响测量结果 B．若待测电阻不跟别的元件断开，则其测量值一定偏大 C．测量标有“6V，0.3A”字样的完好小灯泡的电阻，其测量值一定小于20Ω D．测量电阻时若倍率选“×1”，这时指针恰指在20Ω和30Ω的正中间，则其电阻测量值等于25Ω考点：用多用电表测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：本题的关键是应明确欧姆表的改装原理以及刻度盘的“左密右疏”特点，明确用欧姆表测量电阻时应将待测电阻与电路断开．解答：解：A、由于红黑表笔只是指明正负极的作用，所以并不影响测量结果，故A正确．B、待测电阻不跟别的元件断开时，待测电阻可能与别的元件可能并联，则其测量值将会变小，所以B错误．C、由R=可得，小灯泡正常工作时的电阻为R=Ω=20Ω，由于小灯泡的电阻随温度的升高而增大，用欧姆表测电阻时需要断开电源，所以其测量值一定小于20Ω，故C正确．D、欧姆表表盘刻度呈现“左密右疏”的特点，所以若指针恰指在20Ω和30Ω的正中间，则其电阻测量值应大于25Ω，故D错误．-18-\n故选：AC．点评：本题考查了欧姆表的使用方法及注意事项，应掌握欧姆表的改装原理，以及欧姆表的使用方法和注意事项． 六、计算题（共22分）24．（4分）（2022秋•杨浦区校级期中）如图所示，真空中有两个固定的点电荷Q1=+8.0×10﹣8C和Q2=+16.0×10﹣8C．（k=9.0×109N•m2/c2）求：它们连线上P点的场强大小和方向．考点：库仑定律．分析：由点电荷的场强公式E=k，可求得各点电荷在P点的场强，再由电场的叠加原理，求解P点的场强大小和方向．解答：解：点电荷Q1=+8.0×10﹣8C在P点的场强大小为E1=k=9×109×N/C=18000N/C，方向向右；点电荷Q2=+16.0×10﹣8C在P点的场强大小为E2=k=9×109×N/C=16000N/C，方向向左；根据电场的叠加原理得：P点的场强的大小E=E1﹣E2=2000N/C，方向向右．答：P点的场强的大小为2000N/C，方向向右．点评：本题掌握点电荷的场强公式E=k和叠加原理是解题的关键，还注意场强的方向． 25．（4分）（2022秋•杨浦区校级期中）空中有竖直向下的匀强电场．一个质量为m=2.0×10﹣5kg的带电微粒，其带电量是﹣6.0×10﹣8C，若它在空中下落的加速度为0.1g．设微粒的带电量不变，空气阻力不计，求空中电场强度的大小．考点：电场强度．分析：根据牛顿第二定律确定电场力的大小和方向，从而确定电场强度的大小和方向．解答：解：设电场强度为E，根据牛顿第二定律有：mg﹣qE=ma可解得电场强度为：E==N/C=3000N/C电场力的方向竖直向上，所以电场强度的方向竖直向下．答：空中电场强度的大小为3000N/C．点评：解决本题的关键掌握电场强度的定义式和电场强度的方向规定，以及掌握牛顿第二定律． -18-\n26．（6分）（2022秋•杨浦区校级期中）冬天，小明同学插上电热取暖器插头后，发现室内电灯变暗了，他用电压表测量标有“220V，40W”白炽灯泡两端的电压，结果是：不接取暖器时灯泡两端的电压为210V，接上标有“220V，1000W”的电热取暖器后，电压降为200V（如图所示），假设供电局供给用户的供电电压U不变（U为未知量），则白炽灯电阻R灯、取暖器电阻R热、供电电路导线的电阻r分别为多少？考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由题意可知，电线的电阻与电热器的电阻串联；先根据电热器的铭牌求出其电阻，再根据串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，最后根据串联电路电阻的分压特点求出导线的电阻．解答：解：接上标有“220V，1000W”的电热取暖器，电热器的电阻为：R热===48.4Ω，标有“220V，40W”白炽灯泡，R灯===1210Ω，不接取暖器时灯泡两端的电压为210V，接上标有“220V，1000W”的电热取暖器后，电压降为200V，根据串并联和欧姆定律得：U=210+rU=200+（+）r解得：r=2.4Ω答：白炽灯电阻R灯、取暖器电阻R热、供电电路导线的电阻r分别为1210Ω、48.4Ω、2.4Ω．点评：本题考查了串联电路的电流和电压特点以及欧姆定律的计算，关键是能把用电器和导线的电阻看成串联电路来处理． 27．（8分）（2022秋•杨浦区校级期中）变阻器的总电阻RA=15Ω，内阻不计的电源的恒定电压为E=9V．现有一个标有“6V、3W”的灯泡，如采用如图所示的分压电路，图中电流表为理想电流表．求：（1）当滑动触头滑在AB间滑动时，小灯泡上所得到的电压范围为多大？（2）要使灯泡正常发光，应将变阻器的滑动头P调整到使PB间的电阻R等于多少？（3）小灯泡在正常发光时，滑动变阻器所消耗的功率大小．-18-\n（4）滑动触头从B端滑到A端的过程中，电流表的读数如何变化？没有推导论证过程不得分．考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据串联电路分压规律求解小灯泡上所得到的电压范围．（2）要使灯泡正常发光，其电压必须等于额定电压，根据欧姆定律和串联、并联电路的特点解答即可．（3）根据功率公式分别求出变阻器两侧所消耗的功率，两者之和即可为所求．（4）可运用特殊值法分析电流表读数的变化．解答：解：（1）当滑动触头滑在A端时，小灯泡上所得到的电压U1=E=9V；滑在B端时，小灯泡上所得到的电压U2=0，所以电压范围为0～9V．（2）要使灯泡正常发光，其电压应为U2=6V，电流为I2===0.5A则PB间的电压为UPA=E﹣U2=3V，干路电流I==又I=I2+=0.5+联立上两式得：R=2.1Ω（3）小灯泡在正常发光时，滑动变阻器所消耗的功率大小P=UPAI+=3×0.5+=18.6W（4）滑动触头从B端滑到A端的过程中，当滑动触头滑在A端时，电流表的示数为IA1==A=0.6A当滑动触头滑在B端时，电流表的示数为IA2==A=0.6A灯泡的电阻为RL===12Ω当滑动触头滑在PB间电阻等于灯泡电阻时，电流表的示数为IA2=×==0.5A可知电流表的读数先减小后增大．答：（1）当滑动触头滑在AB间滑动时，小灯泡上所得到的电压范围为0﹣9V．-18-\n（2）要使灯泡正常发光，应将变阻器的滑动头P调整到使PB间的电阻R等2.1Ω．（3）小灯泡在正常发光时，滑动变阻器所消耗的功率大小是18.6W．（4）滑动触头从B端滑到A端的过程中，电流表的读数先减小后增大．点评：本题考查对分压器原理的理解，关键要明确电路的结构，运用电路的特点进行分析和解答． -18-
