山东省日照市2022年中考物理试卷一、单选题1．小明去考场参加考试，以的速度步行到达公交站点，坐上公交车，以小明为参照物公交车运动了起来。进入考场，他通过大脑的机械运动进行周密的思考。做完选择题，他用长为的铅笔认真填涂答题卡。文中有关描述符合物理事实的是（）A．步行速度为B．以小明为参照物公交车运动起来C．大脑进行思考是机械运动D．铅笔的长为【答案】D【知识点】长度的估测；速度与物体运动；机械运动；参照物及其选择【解析】【解答】A．步行速度为A不符合题意；B．以小明为参照物，公交车的位置没有发生改变，故公交车是静止的，B不符合题意；C．大脑进行思考是思维运动，位置并没有发生改变，C不符合题意；D．一个手掌的宽度约为10cm，而一直铅笔比手掌略宽，故铅笔的长约为，D符合题意。故答案为：D。【分析】根据常见物体的速度、长度，结合数据解答；相对于参照物，没有位置变化时，物体是静止的，有位置变化，物体是运动的；物体位置发生的变化属于机械运动。2．2013年3月，世界卫生组织将“中国爱耳日”确定为“国际爱耳日”。2022年3月3日是第23个“全国爱耳日”。降低噪声影响，守护听力健康，增强全民爱耳护耳意识，是我们共同的责任。下列与声音有关的说法正确的是（）A．打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生B．“闻其声而知其人”，主要是因为不同的人产生声音的响度不同C．“ft东舰”航母上的起飞引导员佩戴有耳罩的头盔，这是在人耳处减弱噪声D．跳广场舞时喇叭播放的歌曲都是乐音【答案】C【知识点】音色；噪声及来源；防治噪声的途径【解析】【解答】A．打雷时捂住耳朵可以在人耳处减弱噪声，并不能防止雷声的产生，A不符合题意；B．每个人发声的音色是不同的，所以“闻其声而知其人”，主要是根据不同人发声的音色不同来判断的，B不符合题意；C．引导员佩戴有耳罩的头盔，可以在人耳处减弱噪声，C符合题意；D．跳广场舞时喇叭播放的歌曲如果影响了人的休闲、学习，就成为了噪声，D不符合题意。故答案为：C。【分析】捂住耳朵和佩戴有耳罩的头盔可以在人耳处减弱噪声；根据不同人发声的音色不同来判断不同的人；如果影响了人的休闲、学习，就属于噪声。下列说法正确的是（）A．通过手语向听力障碍者传递信息，这是数字通信B．没有手机、收音机、电视机的海边就没有电磁波C．光信号在光导纤维中的传播速度是D．通过调频日照新闻广播频道能听到频率为【答案】A的声音【知识点】信息与信息传播；模拟信号和数字信号；调制、调谐和解调；光纤通信；电磁波在日常生活中的应用【解析】【解答】A．用点“．”和画“—”的组合代表各种数字，一定的数字组合代表一个汉字，于是，一系列点和画组成的信号就可以代表一个完整的句子。像这样用不同符号的不同组合表示的信号叫做数学信号，使用数学信号的通信方式叫做数字通信。通过手语向听力障碍者传递信息，这是数字通信，A符合题意；B．变化的电场和变化的磁场构成一个不可分离的场，这就是电磁场，而变化的电磁场在空间的传播形成电磁波，手机、收音机、电视机、微波炉等动能发出电磁波，B不符合题意；C．光在真空中的传播速度约为3×108m/s，光信号在光导纤维中的传播速度是3×108m/s，C不符合题意；D．用调频95MHz日照新闻广播频道广播时，接收的是无线电波的频率，不是听到频率为95MHz的声音，D不符合题意。故答案为：A。【分析】用不同符号的不同组合表示的信号叫做数学信号，使用数学信号的通信方式叫做数字通信；变化的电场和变化的磁场构成一个不可分离的场，这就是电磁场；光在真空中的传播速度约为3×108m/s，光信号在光导纤维中的传播速度是3×108m/s；用调频95MHz日照新闻广播频道广播时，接收的是无线电波的频率。4．喜欢思考的小明用塑料矿泉水瓶子进行了如下游戏探究：瓶中留有少量水，盖上瓶盖（如图甲）；扭转瓶子（如图乙）；轻轻扰动瓶盖，瓶盖被瓶内的气体冲出，同时瓶内出现白雾（如图丙）。图乙和图丙所示的过程，分别与四冲程内燃机连续的两个冲程相似，这两个冲程是（）nA．吸气冲程和压缩冲程B．压缩冲程和做功冲程C．做功冲程和排气冲程D．压缩冲程和排气冲程【答案】B【知识点】内燃机的四个冲程【解析】【解答】扭转瓶子（如图乙），对气体做功，机械能转化为内能，相当于为压缩冲程；如图丙，膨胀的气体对外做功，内能转化为机械能，相当于热机的做功冲程，B符合题意；ACD不符合题意。故答案为：B。【分析】对气体做功，机械能转化为内能，相当于为压缩冲程；膨胀的气体对外做功，内能转化为机械能，相当于热机的做功冲程。5．“粽叶又飘香，颗粒正归仓。建设新时代，农民丰收忙。”如图所示，斜向上的传送带将小麦匀速运送到高处粮仓的过程中，其中1kg小麦的（）A．动能不变B．重力势能不变C．机械能不变D．动能与重力势能的和不变【答案】A【知识点】动能和势能的大小变化；机械能及其转化【解析】【解答】A.1kg小麦的质量不变，匀速上升时速度不变，因此动能不变，A符合题意；B.1kg小麦的质量不变，高度变大，因此重力势能变大，B不符合题意；CD．物体的机械能是物体的动能和势能之和，由于小麦的动能不变，重力势能变大，因此小麦的机械能变大，动能与重力势能的和变大，CD不符合题意。故答案为：A。【分析】质量不变，匀速上升时速度不变，动能不变；质量不变，高度变大，重力势能变大；物体的机械能是物体的动能和势能之和。成语“沉李浮瓜”的意思是吃在冰水里浸过的李子和瓜，形容夏天消暑的生活。“李子在水里下沉，瓜浮在水面”，从物理学的角度分析，下列判断正确的是（）A．李子的质量大于瓜的质量B．李子的体积小于瓜的体积C．李子受到的重力大于瓜受到的重力D．李子的密度大于水的密度，水的密度大于瓜的密度【答案】D【知识点】重力及其大小的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用【解析】【解答】AC．李子的质量小于瓜的质量，根据可知，李子受到的重力小于瓜受到的重力，AC不符合题意；B．李子的体积小于瓜的体积，但不是“沉李浮瓜”的原因，B不符合题意；D．李子的密度大于水的密度，水的密度大于瓜的密度，根据可知，李子在水中受到的浮力小于李子的重力，瓜在水中受到的浮力大于自身的重力，因此“李子在水里下沉，瓜浮在水面”，D符合题意。故答案为：D。【分析】根据物体浮沉条件，物体密度大于液体密度，物体下沉最终沉底；物体密度小于液体密度，物体上浮最终漂浮。7．如图是探究影响滑动摩擦力大小因素的实验，下列可以增加木块受到滑动摩擦力的是（）A．增加水平拉力的大小B．在木块上面增加砝码C．提高木块匀速运动的速度D．换用木块面积小的一面接触木板【答案】B【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验【解析】【解答】A．弹簧测力计拉着木块沿水平长木板匀速滑动时，木块所受的拉力和滑动摩擦力是一对平n衡力，摩擦力等于拉力；增加水平拉力的大小，木块做加速运动，摩擦力大小不变，A不符合题意；B．在木块上面增加砝码，木块对接触面的压力增加，滑动摩擦力增加，B符合题意；C．滑动摩擦力的大小与物体运动的速度无关，提高木块匀速运动的速度，滑动摩擦力大小不变，C不符合题意；D．滑动摩擦力的大小与接触面的面积无关，换用木块面积小的一面接触木板，滑动摩擦力大小不变，D不符合题意。故答案为：B。【分析】接粗面粗糙程度一定时，增大压力可以增大滑动摩擦力。8．小明按图连接实物电路，闭合开关，小灯泡不亮，经老师研判，告诉小明电路在a、b之间发生了断路。小明设计了如下三种方法进一步判断：①断开开关，将电压表接在a、b两点，闭合开关，电压表有示数说明a、b之间断路。②断开开关，将电流表接在a、b两点，闭合开关，电流表有示数说明a、b之间断路。③断开开关，将与L相同的完好小灯泡接在a、b两点，闭合开关，小灯泡发光说明a、b之间断路。其中可行的方法是（）A．①②③【答案】CB．①②C．①③D．②③【知识点】电路故障的判断【解析】【解答】①断开开关，将电压表接在a、b两点，闭合开关，电压表有示数，说明有电流经过电池、电压表、开关回到负极，说明ab间断路，若ab间发生短路，则电压表无示数，故①可行；②断开开关，将电流表接在a、b两点，闭合开关，电流表有示数，但此时发生电源短路，造成危险，故②不可行；③断开开关，将与L相同的完好小灯泡接在a、b两点，闭合开关，小灯泡发光，说明加入的电灯泡所在的电路是通路，a、b存在问题，若ab间短路，则加入的灯泡被短路，不发光，若ab间断路，则加入的灯泡发光，符合题意，故③可行；故综上所述，①③可行，C符合题意；ABD不符合题意。故答案为：C。【分析】电压表有示数，说明ab间断路，若ab间发生短路，则电压表无示数；若ab间短路，则加入的灯泡被短路，不发光，若ab间断路，则加入的灯泡发光。二、多选题9．下列现象中，是因为力的作用而发生的有（）A．汽车刹车时，乘客身体前倾B．细线的拉力使橡皮绕手做圆周运动C．容器两侧盛有液面高度不同的同种液体，橡皮膜向低的一侧凸出D．抽成真空的铁桶被大气压瘪了【答案】B,C,D【知识点】力的作用效果；力与运动的关系【解析】【解答】A．汽车刹车时，乘客身体前倾是因为乘客具有惯性，与力的作用无关，A不符合题意；B．细线的拉力使橡皮绕手做圆周运动，拉力使橡皮的运动状态发生了变化，B符合题意；C．容器两侧盛有液面高度不同的同种液体，右侧液面高，在橡皮膜处产生的压强大，根据可知，橡皮膜右侧受到的压力大于左侧受到的压力，橡皮膜向左侧凸出，发生形变，C符合题意；D．抽成真空的铁桶，桶内的气压小于外界的大气压，内外气压差产生的压力差将铁桶压瘪，使铁桶发生了形变，D符合题意。故答案为：BCD。【分析】力可以改变物体的形状和运动状态。10．2021年10月16月，搭载“神舟十三号”载人飞船的运载火箭精准点火，液氢燃料燃烧，火箭拔地而起。2022年3月23日，航天员在“天宫课堂”做了将水连接在两块玻璃板之间形成“水桥”，液体结晶使“冰球发热”等实验。2022年4月16日，“神舟十三号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱进入大气层时，与大气剧烈摩擦，发出耀眼的光。下列判断正确的是（）A．选择液氢燃料主要是液氢的比热容大nB．“水桥”的形成是因为分子之间存在引力C．液体结晶的球发热是因为液体结晶过程中内能增加D．返回舱进入大气层发出光是做功改变了返回舱的内能【答案】B,D【知识点】凝固与凝固放热特点；做功改变物体内能；燃料的热值；分子间相互作用力【解析】【解答】A．选择液氢燃料主要是液氢的热值高，与燃烧质量相同的其他的燃料相比产生的热量更多，A不符合题意；B．在太空中可以在两块玻璃板之间，用水搭出的一座桥，说明水分子之间存在相互作用的引力，B符合题意；C．液体结晶过程中液态变为固态的过程，即凝固过程，而凝固的过程向外放出热量，内能减少，C不符合题意；D．返回舱进入大气层，与大气剧烈摩擦，发出光，是做功使返回舱的内能增大，D符合题意。故答案为：BD。【分析】液氢的热值高；分子之间存在相互作用的引力；液态变为固态的过程为凝固过程，凝固的过程向外放出热量，内能减少；与大气剧烈摩擦，属于做功改变内能。11．按图甲所示连接好电路后，闭合开关，电路正常工作，电压表V1和V2的示数均如图乙所示，已知R1的阻值为5Ω。下列判断正确的是（）A．电源电压为6VB．R2的阻值为20ΩC．将图甲电路改接成图丙电路，R2两端的电压为5VD．将图甲电路改接成图丙电路，经过R1和R2的电流之比为1∶4【答案】B,C【知识点】欧姆定律及其应用【解析】【解答】A．由甲图可知，R1、R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2表测电源电压。由于电压表V1和V2的示数均如图乙所示，所以V1表接的是小量程，分度值为0.1V，示数为1V，即电阻R1两端的电压为1V；V2表接的是大量程，分度值为0.5V，示数为5V，由于V2表测电源电压，所以电源电压为5V，A不符合题意；B．由A分析可知，R1两端的电压为1V，R1的阻值为5Ω，所以电路中电流为根据并联电路电压特点可知，电阻R2两端的电压为U2=U-U1=5V-1V=4V所以电阻R2的阻值为B符合题意；C．将甲图改为丙图，丙图中，R1、R2并联，电源电压不变，根据并联电路电压特点可知，R2两端的电压等于电源电压，为5V，C符合题意；D．丙图在，根据并联电压特点可得，I1R1=I2R2，带入数值并变形得所以，经过R1和R2的电流之比为4∶1，D不符合题意。故答案为：BC。【分析】根据串联电路：电流处处相等，电源电压等于各用电器两端电压之和；并联电路：干路电流等于各支路电流之和，电源电压等于各支路两端电压，结合欧姆定律，分别计算。12．某科考队员在海拔5500m的高ft上进行了下列实验探究。⑴首先利用随身携带的普通烧水壶烧水，发现壶中水温才就沸腾了；⑵利用图甲所示装置安装两套相同的实验器材，在两套装置的试管中分别装有少量的固体P和固体Q，点燃酒精灯进行实验。利用实验测得的数据得到它们的温度与加热时间图像如图乙所示。则下列判断正确的是（）A．固体P熔化经历了B．固体P的熔点为，一定是晶体C．固体Q的熔点为，在内持续吸热nD．水沸腾，说明实验时的大气压高于1标准大气压【答案】A,B,C【知识点】探究水的沸腾实验【解析】【解答】A．如图乙，固体P从第5min开始熔化，第20min结束，一共经历了15min，A符合题意；B．如图乙，从第5min开始熔化，第20min结束，有固定的熔化的温度，故是晶体，熔点为50℃，B符合题意；C．有固定的熔化温度，固体Q的熔点为，在内，不断加热，故固体Q持续吸热，C符合题意；D．在标准大气压下，水的沸点为100℃，而水沸腾，说明实验时的大气压低于1标准大气压，D不符合题意。故答案为：ABC。【分析】有固定的熔化的温度的固体是晶体；固定的熔化温度即为熔点；熔化过程中，物体不断吸热；气压越低沸点越低。三、填空题13．开发和利用太阳能、核能等能源，要考虑可持续发展，既要满足当代人的需要，又要考虑后人的需求。太阳能是（选填“可再生”或“不可再生”）能源。目前核能是核电站通过控制（选填“核裂变”或“核聚变”）获得。【答案】可再生；核裂变【知识点】能源及其分类；核裂变【解析】【解答】太阳能是能够不断的得到补充以供使用的一次能源，是可再生能源。核能是核电站通过控制重核裂变获得的，是可以控制的，氢弹和太阳内部发生的是核聚变。【分析】太阳能是可再生资源；核能是核电站通过控制重核裂变获得的。14．使用天然气烧水，天然气燃烧所消耗的能转化为水的内能。小明想测量家中利用天然气烧开一壶水的效率，他记录了水壶的容积、水的比热容和密度、当地水的沸点、天然气的热值、燃烧的天然气体积，还应记录就可完成测量。【答案】化学；初温【知识点】热量的计算；能量的转化或转移【解析】【解答】使用天然气烧水，天然气燃烧时释放化学能，通过热传递转化为水的内能。测量家中利用天然气烧开一壶水的效率，小明需要计算天然气燃烧产生的热量和水吸收的热量，利用计算出效率；由天然气的热值、燃烧的天然气体积可以计算出；水壶的容积、水的密度可以得到水的质量m，要计算出，除了水的比热容、当地水的沸点，还应记录水的初温。【分析】天然气燃烧时释放化学能，通过热传递转化为水的内能；根据、及，确定需要测量的物理量。15．物理课上，喜欢动手的小明帮助老师搬运实验器材，器材所受的重力为，距离讲台的水平距离，距离讲台面的竖直高度，如图所示。小明先用的时间在M点将器材匀速竖直搬起，再匀速直线运动到达讲台的N点。小明水平移动器材时，速度大小为、对器材做的功为J。【答案】24；0【知识点】速度公式及其应用；是否做功的判断【解析】【解答】小明水平移动器材时运动的距离速度大小为小明水平移动器材时，小明对器材的作用力竖直向上，器材在力的方向上没有移动距离，因此小明水平移动器材时不对器材做功，故对器材做的功为0。【分析】根据，求出速度；功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离。四、作图题16．为了探究铝块在液体中所受浮力的大小跟液体密度的关系，小明将同一铝块用测力计提着分别浸入水和煤油中，如下图所示。已知水的密度为，煤油的密度为，请根据实验做出铝块在水和煤油中所受浮力的示意图。n【答案】解：如图所示：【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；浮力的示意图【解析】【解答】铝块全部进入液体中，排开液体的体积相同，煤油的密度小于水的密度，由可知，铝块在水中受到的浮力大于在煤油中受到的浮力，即；做出铝块在水和煤油中所受浮力的示意图如图【分析】根据，比较浮力大小；浮力方向竖直向上。17．小明学习了欧姆定律后，用上图所示器材测量电阻的阻值。图中已完成部分电路连接，请用笔画线表示导线，将该电路补充完整。要求：原有导线不能改变也不能与之交叉；电压表的量程要恰当；滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表的示数变小。【答案】解：如图所示：【知识点】滑动变阻器的原理及其使用【解析】【解答】利用伏安法测量电阻，电压表并联在待测电阻两端，由于电源为2节干电池，电源电压为3V，电压表选择小量程即可，正接线柱接入，负接线柱接出，而滑动变阻器一上一下串联接入电路，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表的示数变小，说明滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入的阻值变大，总电阻变大，电流表的示数变小，故接入的是左下方接线柱，如图所示：【分析】滑动变阻器一上一下串联接入电路，滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入的阻值变大，总电阻变大，电流表的示数变小，接入的是左下方接线柱。五、实验题18．为进一步探究光的反射和折射现象，小明根据老师的要求认真完成了下列实验。（1）为了证明在光的反射过程中光路是可逆的，如图所示，小明已完成了实验步骤①②；①在水平白纸板上画一条直线PQ，做ON垂直PQ于O点，画一条斜线AO；②沿PQ放置平面镜，让一束光沿AO射向平面镜，在反射光线经过处标上一点B；接下来应该让入射光线沿，若反射光线沿方向射出，说明光路是可逆的；（2）如图所示，一束白光通过三棱镜后，在白屏上形成一条彩色的光带。据此可判断：红光和紫光以相同的入射角射向同一块玻璃砖，红光的折射角紫光的折射角（填“大于”、“小于”或“等于”）；n（3）在“探究凸透镜成像的规律”时，记录的实验数据如下表：像与物距的关系凸透镜的焦距物距与焦距的关系物距像的性质像距虚实大小正倒30实像缩小倒立1520实像等大倒立2015实像放大倒立5虚像放大正立由上表数据可知，凸透镜成实像的条件是；成虚像的条件是。根据光路是可逆的这一特点可知，当物距时，像距；（4）请写出一种测量凸透镜焦距的方法：，并简要说明主要操作步骤：。【答案】（1）BO；OA小于物距大于一倍焦距；；30太阳光聚焦法；太阳光聚焦法，把凸透镜正对阳光，再把一张纸放在它的另一侧，改变透镜与纸的距离，直至纸上出现的光斑变得最小、最亮，此光斑所在处即为凸透镜的焦点，用刻度尺测量出这个最小、最亮的光斑到凸透镜的距离，即为焦距，利用平行于主光轴的光线经过凸透镜时，发生折射，折射光线会聚于一点，为焦点的原理测量凸透镜的焦距。【知识点】光的反射定律；光的折射规律；凸透镜成像规律及其探究实验【解析】【解答】（1）②让一束光沿AO射向平面镜，在反射光线经过处标上一点B，AO是入射光线，OB是反射光线，由于验证的是光路可知，即光线逆着反射光线照射过去，故光线沿着BO射入；观察是否会沿着OA射出，若沿着OA射出，则光路可逆。（2）红光和紫光以相同的入射角射向同一块玻璃砖，红光的偏折程度小于紫光，红光更接近法线，红光的折射角小于紫光的折射角。（3）根据表格中的数据可知，物距大于两倍焦距，成倒立的缩小的实像，物距在一倍和两倍焦距之间，是倒立的放大的实像，故成实像的条件是大于1倍的焦距；一倍焦距分虚实，故物距小于1倍的焦距，成的是正立的放大的虚像；当物距等于30cm时，像距等于15cm，成的是倒立的缩小的实像，当物距等于15cm时，根据光路可知，像距等于30cm，仍然能够成像。（4）太阳光聚焦法，把凸透镜正对阳光，再把一张纸放在它的另一侧，改变透镜与纸的距离，直至纸上出现的光斑变得最小、最亮，此光斑所在处即为凸透镜的焦点，用刻度尺测量出这个最小、最亮的光斑到凸透镜的距离，即为焦距，利用平行于主光轴的光线经过凸透镜时，发生折射，折射光线会聚于一点，为焦点的原理测量凸透镜的焦距。【分析】（1）让光线逆着反射光线照射过去，观察是否会沿着原入射光线射出，若沿着原入射光线射出，则光路可逆；红光和紫光以相同的入射角射向同一块玻璃砖，红光的折射角小于紫光的折射角；一倍焦距分虚实，故物距小于1倍的焦距，成的是正立的放大的虚像；根据光路可逆，成实像时，物距和像距交换，仍能成像；（4）把凸透镜正对阳光，纸上出现的光斑变得最小、最亮，此光斑所在处即为凸透镜的焦点，这个最小、最亮的光斑到凸透镜的距离，即为焦距。19．某校九年级一班物理兴趣小组的同学，学习了磁现象的知识后，深受物理学家奥斯特和法拉第科学探索精神的影响，怀着极大的兴趣对下列实验进行了探究。（1）如图甲，将小磁针放在南北方向的直导线正下方，小磁针静止，N极指向北。如图乙触接电源，小磁针的N极向纸外偏转。断开连接后，小磁针恢复到图甲位置。如图丙，将电源正负极对调，再次触接电源，小磁针的N极向纸内偏转。则：①通电导线周围存在磁场，且磁场的方向与有关；②断开电源后，小磁针恢复到图甲状态，这是因为小磁针受到了的作用；③如图丁所示，高速电子束飞过小磁针上方时，小磁针将发生如图所示方向的偏转，原因是。（2）利用图戊所示的装置，让闭合电路中的一部分导体AB在磁场中运动，观察电流表指针的偏转情况，n记录在下表中。已知当电流从电流表的左侧接线柱流入时，指针向左偏转；从右侧接线柱流入时，指针向右偏转。实验次数导体棒移动情况电流表指针偏转情况1竖直向上不偏转2竖直向下不偏转3水平向左向右偏转4水平向右向左偏转根据表中记录的实验信息，完成下列问题：④由第1、2两次实验可知，导体棒AB平行于磁感线运动，闭合回路中（填“会”或“不会”）产生感应电流；⑤由第3、4两次实验可知，导体棒AB中感应电流的方向与的方向有关。如果固定导体棒AB，水平向右移动磁铁，电流表的指针向偏转；⑥本实验的设计不完整，不能探究感应电流的方向与磁场方向的关系。为了使探究过程更加完整，应；⑦小明将电流表换成完好的小灯泡，再做第3、4两次实验时小灯泡不亮，最可能的原因是；⑧发电机的原理与本实验的原理一样，己图为发电机的示意图，图中时刻线框水平，箭头为线框旋转的方向，此时ab边中的电流方向（填“由a到b”或“由b到a”）【答案】（1）导线中的电流方向；地磁场；乙；物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。（2）不会；导体做切割磁感线运动；右；保持导体棒切割磁感线运动的方向不变，对调磁体的N、S极，记录电流表的偏转情况；导体棒运动速度太慢，产生的感应电流太小；由a到b【知识点】通电直导线周围的磁场；探究电磁感应现象的实验【解析】【解答】（1）①由图甲、乙可知，导线中通过电流时，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，能使小磁针发生偏转，由图乙、丙可知，导线中的电流方向不同时，小磁针的偏转方向不同，说明导线中的电流方向不同时产生的磁场方向不同，即电流产生的磁场的方向与导线中的电流方向有关。②断开电源后，通电导线的磁场消失，小磁针在地磁场的作用下恢复到图甲状态。③如图丁所示，高速电子束飞过小磁针上方时，电流方向与电子运动的方向相反，电流方向与图乙相同，小磁针将发生如图乙所示方向的偏转，原因是：物理学规定正电荷定向移动的方向为电流，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。（2）④由第1、2两次实验可知，导体棒AB平行于磁感线运动，不切割磁感线，电流表指针不发生偏转，闭合回路中不会产生感应电流。⑤由第3、4两次实验可知，导体棒AB运动的方向相反，导体棒AB中感应电流的方向也相反，因此感应电流的方向与导体做切割磁感线运动的方向有关。如果固定导体棒AB，水平向右移动磁铁，相当于磁体不动，导体棒向左运动，与第3次实验情况相同，根据表中记录的实验信息可知，电流表的指针向右偏转。⑥本实验的设计不完整，只探究了感应电流的方向与导体棒AB运动方向的关系，为了使探究过程更加完整，还需探究感应电流的方向与磁场方向的关系，根据控制变量的要求，应保持导体棒切割磁感线运动的方向不变，对调N、S极，记录电流表的偏转情况，从而得出结论。⑦小明将电流表换成完好的小灯泡，再做第3、4两次实验时小灯泡不亮，最可能的原因是导体棒运动速度太慢，产生的感应电流太小，不足以使小灯泡发光。⑧发电机的原理与本实验的原理一样，己图为发电机的示意图，图中时刻线框水平，箭头为线框旋转的方向；将发电机旋转，N极在上，与实验原理图一样，此时相当于ab向左运动，电流表指针向右偏转，即电流从右侧流入，b端相当于电源正极，此时ab边中的电流方向由a到b。【分析】（1）电流产生的磁场的方向与导线中的电流方向有关；断开电源后，通电导线的磁场消失；物理学规定正电荷定向移动的方向为电流，负电荷定向移动的方向与电流方向相反；（2）不切割磁感线，电流表指针不发生偏转，闭合回路中不会产生感应电流；感应电流的方向与导体做切割磁感线运动的方向有关；探究感应电流的方向与磁场方向的关系，根据控制变量的要求，应保持导体棒切割磁感线运动的方向不变；导体棒运动速度太慢，产生的感应电流太小，不足以使小灯泡发光；电流从电流表的正极流入，负极流出。六、计算题20．2022年8月，第25届ft东省运动会将在日照市举行。为给运动员加热食品提供方便，某校师生用电阻丝n自制了100台电烘箱。其中一台电烘箱在220V电压下工作时，每分钟产生的热量为6.6×104J。假设电烘箱的电阻丝的电阻不随温度变化。求这台电烘箱在220V电压下工作时的电功率；求制作这台电烘箱所用电阻丝的电阻值；（3）小明家供电线路的总空气开关上标有“C32”字样，通过查阅资料知道，当电流达到或超过32A时，总空气开关就会跳闸，切断电路，起到保护作用。短暂的跳闸能影响正在工作的家用电器，引起不必要的麻烦，例如：电冰箱突然断电；正在播放的电视节目中断；电灯突然熄灭等。小明家现有家用电器的总功率为5600W，在它们都正常工作的情况下，能否将这台电烘箱连接到他家同时使用？【答案】（1）解：电烘箱每分钟产生的热量为6.6×104J，即电流每分钟做的功为W=Q=6.6×104J做功时间t=1min=60s这台电烘箱在220V电压下工作时的电功率为答：这台电烘箱在220V电压下工作时的电功率为1100W；（2）解：根据可得，这台电烘箱所用电阻丝的电阻值为答：制作这台电烘箱所用电阻丝的电阻值为44Ω；（3）解：小明家用电器允许消耗的最大电功率为P大=UI大=220V×32A=7040W小明家现有家用电器的总功率为5600W，还能连接用电器的功率为P加=P大-P0=7040W-5600W=1440W>1100W由于1440W>1100W，所以这台电烘箱可以连接到他家同时使用。答：这台电烘箱可以连接到他家同时使用。【知识点】电功计算公式的应用；电功率的计算【解析】【分析】（1）根据公式，可求出功率；（2）根据公式，可求出电阻；（3）根据公式P=UI，可求出功率并进行比较。21．某疫情仓储基地为方便抗疫物资的存储、计件、配送，将可打包的物资打包为质量分布均匀的立方体包裹。现将口罩打包成边长为的立方体后，其质量为。g取。（1）求口罩打包后的密度；（2）仓储基地利用叉车运送物资（如图甲），叉车拾升物资的主要装置由两个叉手和升降架等组成，如图乙所示，叉手为弯成的金属板，水平部分承载物资，竖直部分链接在升降架上，其简化示意图如图丙所示，当在叉手的水平部分放上物资时，将叉手看成是一个以O点为支点的杠杆，升降架对杠杆上A点的作用力沿水平方向。已知每个叉手的水平部分长、宽，两叉手间距，运送物资时，使物资紧靠OA放置，并使其重力的作用线通过两叉手的中间。①当叉车不动，叉手匀速竖直向上运送1包口罩时，求该包口罩对叉手的压强。②若将可打包的物资均打包成质量相同、边长不超过的立方体包裹，请分析物资的密度是否会影响升降架对A点作用力的大小？【答案】（1）解：口罩打包后的密度答：口罩打包后的密度为；（2）解：①每个叉手的水平部分接触面积为该包口罩对叉手的压强②设物资的密度为，则物资的重力为根据杠杆平衡原理可知，升降架对A点作用力的大小物资的密度会影响升降架对A点作用力的大小。答：①包口罩对叉手的压强为，②物资的密度会影响升降架对A点作用力的大小。【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；杠杆的平衡分析法及其应用【解析】【分析】（1）根据公式，可求出密度；（2）根据公式，可求出；n（3）根据公式，可求出压强；根据杠杆平衡条件，可求出力的大小。
