中考物理一模试卷一、单项选择题〔共10题；共20分〕1.一杯水倒出一半后，不变的物理量是〔 〕A. 体积 B. 质量 C. 重力 D. 密度2.载重汽车的轮子比普通汽车多，是为了〔 〕A. 增大压力 B. 增大压强 C. 减小压力 D. 减小压强3.滑动变阻器实现变阻是通过改变连入电路中电阻丝的〔 〕A. 电压 B. 电流 C. 长度 D. 材料4.以下装置工作时不能看作连通器的是〔 〕A. 血压计 B. 液位计 C. 船闸 D. 茶壶5.九年级第一学期物理课本的质量约为〔 〕A. 16千克 B. 1.6千克 C. 0.16千克 D. 0.016千克6.家庭电路中使用的用电器越多，那么电路的〔 〕A. 总电流越小 B. 总电阻越小 C. 总电功越小 D. 总电功率越小7.重为5牛的小球轻放入盛有水的烧杯中，溢出重为4牛的水。那么小球受到的浮力大小〔 〕A. 一定小于4牛 B. 一定等于4牛 C. 可能等于5牛 D. 可能大于5牛8.在图〔a〕、〔b〕所示的电路中，所有元件均完好，电源电压相等且保持不变。现有两个电流表的示数一样，那么以下判断正确的有〔 〕①R1一定大于R3；②R2一定大于R4；③R2可能小于R3；④R1可能小于R4A. 一个 B. 二个 C. 三个 D. 四个9.在图示的电路中，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，以下说法正确的选项是〔 〕A. 电流表A的示数变小 B. 电压表V与电流表A示数的比值不变C. 电压表V的示数变小 D. 电压表V与电流表A示数的乘积不变n10.如下列图，甲、乙两个均匀正方体对水平地面的压强相等，现沿水平方向在它们的上局部切去一样的体积，并将切去局部叠放在对方剩余局部上，此时甲、乙剩余局部对地面的压力F甲、F乙和压强p甲、p乙关系是〔 〕A. F甲<F乙p甲<p乙 B. F甲>F乙p甲<p乙 C. F甲<F乙p甲>p乙 D. F甲>F乙p甲>p乙二、填空题〔共7题；共18分〕11.上海地区家庭电路中，电灯、电视机、电扇等用电器是________的〔选填“串联〞或“并联〞〕，正常工作时，它们两端的电压为________伏，消耗的电能用________表测量。12.欧姆首先提醒了同一导体中电流与________的关系；________首先用实验测出了大气压强的值：海拔高度越高，大气压强越________。3帕，它表示该处每平方米面积上受到水的________为9.8×103牛；该处的深度为________米；假设深度增加，那么水的压强将________〔选填“变大〞、“不变〞或“变小〞〕.14.某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为________安，这段时间内电流做功________焦；假设通过该导体的电流变为0.6安，其电阻为________欧.15.物块浸没在液体中，受到液体对它向上、向下的压力分别为15牛、5牛，其受到浮力的大小为________牛，物块所受浮力与重力的合力大小为12牛，它所受重力的大小为________牛．根据图示中轮船上的“吃水线〞排列情况，可以判断：印度洋海水密度________北冰洋海水密度〔选填“大于〞、“等于〞或“小于〞〕．16.为了节能环保，LED灯已被广泛使用。右表为两只一样材质LED白光灯的局部技术指标，可知：两灯均正常工作时，________灯较亮〔选填“甲〞或“乙〞〕；通过甲灯的电流为________安。1度电可供乙灯连续正常工作________小时。LED灯甲乙额定电压〔伏〕36220额定功率/瓦9117.在如下列图的电路中，R1、R2为定值电阻且阻值相等，电源电压为U且不变。闭合开关S后，电路正常工作，电流表示数为I。一段时间后观察到仅有一个电表示数变小。电路中只有一处故障，且发生在电阻R1或R2上。请写出两电表的示数及其对应的故障________。n三、实验题〔共5题；共25分〕18.气体压强与哪些因素有关呢？小明宏观上根据生活经历：“自行车轮胎在烈日下暴晒爆胎〞和“密闭在针筒内的空气一定范围内能被压缩〞，提出猜想：气体压强可能与气体的________和________有关。为了从微观上认识，他查阅资料发现：气体压强的大小与气体分子动能、分子密集程度有关。他用豆粒模拟气体分子，如下列图，其中豆粒释放高度可以反映气体分子动能，豆粒数量可以反映气体分子密集程度。为了模拟演示气体压强与气体分子密集程度的关系，应该进展的操作是：________。19.“测定小灯泡的电功率〞实验的原理是________，实验中，所选电源电压应________小灯泡的额定电压〔选填“大于〞、“等于〞或“小于〞〕；使用电流表时，所测电流不得超过它的________。为达成实验目的，________〔选填“需要〞或“不需要〞〕使用滑动变阻器。20.小华同学“探究液体内部压强与哪些因素有关〞的实验过程如下列图，他正在探究液体内部压强与________的关系，由测量结果U形管两边________，可知液体内部压强与该因素无关。图示为“验证阿基米德原理〞实验的操作和测量结果，为达成实验目的，需由(a〕、(c)两图得出物体受到的浮力F浮=________；需由(b〕、(c)两图得出________=。21.现有电源〔其电压为2伏整数倍〕、两个电流表、一个10欧的定值电阻R，一个待测电阻Rx，小明想利用现有器材测出待测电阻的阻值，于是他设计连接了如图〔a〕所示的电路：n〔1〕小明将两个电流表分别接入a、b、c中的两点，闭合开关，两电表示数如图〔b〕、〔c〕所示，请判断电流表A2接入的位置，并说明理由。〔2〕求出待测电阻Rx的阻值。〔请写出过程〕〔3〕小红同学认为小明同学的实验结果可能存在较大的误差，理由是________。为了减小误差，可进展的操作是：________A．换不同电压的电源继续实验B．换不同阻值的定值电阻继续实验C．换其他待测电阻继续实验22.为了探究柱体A逐渐浸入柱形容器内的水中时〔水没有溢出〕，弹簧测力计示数F的变化情况。现有底面积为100厘米的薄壁柱形容器，容器内装有深度为20厘米的水，放在水平桌面上，实心柱体A高H为20厘米。如下列图，小明将柱体A通过细线挂在弹簧测力计下，从柱体A按触水面开场，将液面到柱体下外表的距离h、相应的弹簧测力计示数F、物体重力G与F的差值ΔF记录在表一中，〔不计细线的重力〕表一实验序号12345678h/cm02468101214F/N8765432101234567〔1〕分析比较实验序号1-8中F与h的变化关系及相关条件可得：同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中，当h小于H时，________；〔2〕分析比较实验序号1-8中ΔF与h的变化关系及相关条件可得：同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中，________；〔3〕柱体A的重力为________牛，实验序号6的实验时，A下外表所受液体压力为________牛；〔4〕小红同学想在小明实验的根底上继续进展实验，她预设的数据如表二所示，小明看了以后认为这两次实验无法进展，n表二实验序号910h/cm1820F/N//F〔N〕//你认为小明的观点是________的〔选填“正确〞或“错误〞〕，理由是________。四、作图题〔共3题；共12分〕23.在图中，重为6牛的小球静止在水面上，用力的图示法画出该球所受的浮力F浮．24.在如图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填入电路的空缺处。要求：开关S闭合后R与L串联，且电压表测小灯L两端的电压。25.在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片自中点向左移动时，电流表的示数不变且不为零。五、计算题〔共4题；共40分〕26.体积为的铁球浸没在水中，求铁球受到的浮力。27.某人的质量为70千克，当他在水平地面上行走时：〔1〕求他对地面的压力F。〔2〕假设他每只鞋底的触地面积为0.02平方米，求他对地面的压强p。n28.在图(a)所示电路中，电源电压为24V且保持不变，滑动变阻器R上标有“50Ω1.5A〞字样，电表的表盘如图(b)所示。闭合开关S后，电流表A的示数为0.7A，电压表V的示数为10V。求：〔1〕变阻器R2消耗的电功率P2；〔2〕定值电阻R1的阻值；〔3〕在电路平安的条件下，电路中最大电流与最小电流的比值。29.如下列图，薄壁圆柱形容器A、B分别置于高度差为h的两个水平面上，容器均足够高，A中盛有深度为16h的液体甲，B中盛有深度为19h的液体乙。〔ρ乙=0.8×103千克/米3〕求：物体密度×103千克/米3体积×103米3〕C43D23〔1〕假设液体乙的体积为5×103米3，求液体乙的质量m乙；〔2〕假设在图示水平面MN处两种液体的压强相等。现有二个物体C、D，其密度、体积的关系如下表所示。请选择其中一个，将其放入容器A或B中后〔物体均能浸没在液体中〕，可使液体对容器底部压强增加量Δp液与水平面受到的压强增加量Δp地的比值最大。写出选择的物体和容器并说明理由，求出Δp液与Δp地的最大比值。n答案解析局部一、单项选择题1.【解析】【解答】杯水倒出一半后，由于瓶内所含的水减少，质量、体积、重力都会变小，但密度不变.故答案为：D.【分析】质量是物体本身的一种属性，不随物体形状、状态和位置变化而变化的；当所含物质的多少发生变化，质量也变化，重力也会变化，质量减少，体积也会减少，但密度不随质量而变化，同种物质密度是不变的．2.【解析】【解答】载重汽车的轮子比普通汽车多，是为了是为了在压力一定时，增大受力面积来减小坦克对地面的压强.故答案为：D.【分析】减小压强的方法：当压力一定时，增大受力面积；当受力面积一定时，减小压力；在条件允许的情况下，可以同时减小压力、增大受力面积．3.【解析】【解答】滑动变阻器是利用了改变接入电路中电阻线的长度，改变接入电路中的电阻，从而改变电路中的电流的．通过改变长度来改变电阻，会使电路中的电流和电压发生改变，电流和电压的变化只是电阻变化的结果．故答案为：C【分析】导体的电阻是本身的一种属性，与外加的电压和流过它的电流没有关系，导体本身的长度、材料、横截面积有关，长度越长、横截面积越小，导体的电阻就越大。4.【解析】【解答】B液位计是利用连通器的原理制成的；C.船闸的上游阀门翻开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门翻开时，下游和闸室构成连通器；D茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器；只有A血压计不能看做连通器.故答案为：A.【分析】连通器：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的．5.【解析】【解答】一个苹果的质量约160g左右，即0.16kg，九年级第一学期物理课本的质量与此差不多。故答案为：C。【分析】该题目考察的是物体质量的估计，平时注意积累记忆即可。6.【解析】【解答】A．家庭电路中，各用电器是并联的，在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，因此家庭电路中使用的用电器越多，总电流越大，A不符合题意；B．并联电路中，支路越多，电路的总电阻越小，B符合题意；C．影响总电功的因素除了用电器的电功率之外，还与用电器工作的时间有关，C不符合题意；D．家庭电路中使用的用电器越多，其总功率等于各用电器功率之和，因此总功率越大，D不符合题意。故答案为：B。n【分析】电路中并联的用电器越多，总电阻越小，干路电流越大，导线分得的电压越大，用电器分得的电压越小。7.【解析】【解答】当烧杯中盛满水时，溢出的水重即为排开水的重，所以由阿基米德原理可知，小球受到的浮力为4N。当烧杯中没有盛满水时，把小球放入后才溢出水，溢出4牛的水，说明物体排开水的重力大于4N，所以浮力大于4N；此时假设小球漂浮或悬浮在水中，小球受到的浮力等于小球重；假设小球下沉，小球受到的浮力小于其重力。由此可知小球受到的最大浮力为5N。由上述分析可知小球受到的浮力范围为：4N~5N。ABD不符合题意，C符合题意。故答案为：C。【分析】当物体处于漂浮或悬浮状态时，物体受到的重力等于浮力。8.【解析】【解答】A1、A2示数为同一电路中干路电流和支路电流，不可能相等，现有两个电流表的示数一样，电源电压相等且保持不变，A1、A3示数可能相等，那么R1一定大于R3、R4，R2与R3、R4无法比较；A2、A3示数可能相等，那么R1、R2中的电流小于A3，R1、R2一定大于R3、R4；故①③正确，②④错误。故答案为：B。【分析】并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，用电器分得的电流与电阻成反比。9.【解析】【解答】当开关S由断开到闭合时，灯泡被短路，电路中电流增大，电压表示数增大，电压表V与电流表A示数的乘积变大，电压表V与电流表A示数的比值为定值电阻阻值，不会变化。故答案为：B。【分析】分析电路构造，定值电阻和灯泡是串联关系，电流相等，用电器电压之和为电源电压，明确电流表和电压表的测量对象，利用串联电路电压规律和欧姆定律求解即可。10.【解析】【解答】地面上放置的正方体物体，地面受到的压强p＝=====ρgh甲、乙对地面的压强相等，那么ρ甲gh甲=ρ乙gh乙因为h甲＞h乙，所以ρ甲＜ρ乙。切去一样的体积V甲=V乙，因为ρ甲＜ρ乙，根据m＝ρV所以切去的质量m甲＜m乙，将切去局部叠放在对方剩余局部上，对于甲：受力面积不变，对地面的压力为F甲＇=F甲+m乙g－m甲g比原来的变大，由p=知甲对地面的压强变大。同理，乙对地面的压强变小。根据F=pS可知：p甲>p乙，S甲＞S乙，剩余局部对地面的压力F甲>F乙。故答案为：D。【分析】处在水平面上的物体，物体对桌面的压力等于重力，结合压强的定义式p=F/S求解物体产生的压强，其中F是压力，S是受力面积。二、填空题n11.【解析】【解答】家庭电路中，电灯、电视机、电扇都是家用电器，家用电器之间是并联的，工作时互不影响；我国家庭电路电压是220V，故他们在工作时正常的电压都是220V。家用电器工作时，消耗的是电能，电能用电能表来测量。【分析】家庭电路中的电压为220v，用电器与开关是串联关系，所有的用电器都是并联关系；电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪器。12.【解析】【解答】欧姆首先提醒了同一导体中，即电阻一定时，通过导体的电流和电压的关系。托里拆利实验利用水银测定了大气压的值，水银密度大，很小的高度就会产生较大的压强，操作更方便。大气压随高度的变化而变化，海拔高度越高，空气越稀薄，大气压强越小。【分析】欧姆给出了电流、电压、电阻三者之间的定量关系，即欧姆定律；马德保半球实验最早证明了大气压的存在，托里拆利最早给出了大气压的数值，一个标准大气压为1.013×105Pa；大气压强是地球大气层受到重力而产生的，随着海拔高度的增加而降低。13.【解析】【解答】压强是表示物体单位面积上所受压力的物理量，压强为9.8×103帕，它表示该处每平方米面积上受到水的压力为9.8×103牛，根据p＝可得h＝1m，因为液体压强随深度的增加而增大所以假设深度增加，那么水的压强将变大.故答案为：压力；1；变大.【分析】压强表示该处每平方米面积上受到水的压力；由p＝ρgh可知，液体深度越大，压强越大，代入数据可求出液体的深度.14.【解析】【解答】通过该导体的电流为I＝＝0.5A；这段时间内电流做的功为W＝UQ＝6V×5C＝30J；导体的电阻为R＝＝12Ω.故答案为：0.5；30；12.【分析】利用公式计算电流大小；利用W＝UQ计算电流做的功；利用欧姆定律的变形公式计算导体的电阻.15.【解析】【解答】解：〔1〕物体受到浮力：F浮=F向上﹣F向下=15N﹣5N=10N；〔2〕由题知，F浮﹣G=12N或F浮+G=12N，所以G=12N+F浮=12N+10N=22N，〔3〕由于轮船在大西洋与印度洋都处于漂浮，那么F浮=G，所以浮力相等；由图可知，轮船排开海水的体积：V印度洋＞V大西洋，由F浮=ρ液gV排可知，ρ印度洋＜ρ大西洋．故答案为：〔1〕10；〔2〕22；〔3〕小于．【分析】根据物体受到的力的重力和浮力的合力进展计算，浮力和液体密度、排开的液体体积有关，浮力一定时，排开的体积越大，液体的密度越小.16.【解析】【解答】由表格信息可知，两灯均正常工作时，甲灯的电功率为9W，乙灯的电功率为1W，决定灯泡亮度的是灯泡的实际功率，所以甲灯更亮。通过甲灯的电流为1度电，即1kW·h，可供乙灯连续正常工作时间为【分析】灯泡的实际功率越大，灯泡越亮；结合用电器的额定功率和额定电压，利用功率的变形公式I=P/U求解用电器的电流即可；结合电功和功率相除即为工作时间。n17.【解析】【解答】由题意可知，电压表测的是R2两端的电压；假设R1短路，那么电压表测的是电源电压，电压表的示数变大，根据可知，电路中的总电阻变小，那么电流变大，即电流表的示数变大，两电表的示数都变大，这与题意不符合，故不可能是R1短路；假设R1断路，那么没有电流流过R1、R2和电流表，电流表示数为零，电压表的示数也为零，即两表的示数都变小，这与题意不符合，故不可能是R1断路；假设R2短路，那么电压表的示数变小，变为零，电路中的总电阻变小，根据可知，电流变大，这与题意相符合，由题意可知，而R2短路后即电流表的示数是2I；假设R2断路，那么没有电流流过电流表，电流表示数变小为零，电压表测的是电源电压U，电压示数变大，这与题意相符合。【分析】分析电路构造，两个定值电阻是串联关系，结合电流表、电压表示数的变化，分析电路存在的故障即可。三、实验题18.【解析】【解答】小明宏观上根据生活经历：“自行车轮胎在烈日下暴晒爆胎〞和“密闭在针筒内的空气一定范围内能被压缩〞，暴晒是探究温度的影响，针筒内体积变化是探究体积的影响，故提出猜想：气体压强可能与气体的温度和体积有关。为了模拟演示气体压强与气体分子密集程度的关系，将不同数量的豆粒从同一高度〔在一样时间〕内连续释放，使它们落在台秤上。【分析】气体压强可能与气体的温度和体积有关；探究气体压强与气体分子密集程度的关系，保保持高度一样，改变个数多少。19.【解析】【解答】“测定小灯泡的电功率〞需要测量电压和电流，实验的原理是P=UI。实验中，所选电源电压应大于小灯泡的额定电压，否那么小灯泡不能正常发光。使用电流表时，所测电流不得超过它的量程，否那么会损坏电流表。实验过程中，要改变灯泡两端电压，需要使用滑动变阻器。【分析】测量小灯泡功率的原理即为功率公式P=UI；利用功率公式P=UI求解即可；电压表的量程不能低于灯泡的额定电压。20.【解析】【解答】由图可知，三个容器中液体一样，深度一样，但是橡皮膜的方向不同，故此实验探究液体内部压强与方向的关系。由图可以发现液面高度差一样，说明液体内部压强与该因素无关。浸入液体中的一切物体都会收到浮力的作用，即用测力计时，在水中比在空气中减小的值即为该物体所受浮力大小，故放入物体后，排开液体的体积为那么排开液体的重力为【分析】探究液体内部的压强需要用到U形管连通器，可以通过改装内部左右两个液面高度差来衡量液体内部的大小，表达了转换法的思想；求解浮力的大小，可以利用称重法求解；结合物体排开液体的体积，利用阿基米德原理F浮=ρ液gV排求解物体受到的浮力即可。21.【解析】【解答】(1)图〔b〕中的电流表A1所选的量程是0～0.6A，分度值为0.02A，那么示数为0.4A；图〔c〕中的电流表A2所选的量程是0～0.6A，分度值为0.02A，那么示数为0.1A；那么电流表A2示数小于电流表A1n示数；由电路图可知：a、c两点分别在支路上，b在干路上，那么根据并联电路中干路电流等于各个支路电流之和可知：并联电路中干路电流大于支路电流，所以，电流表A2接入的位置是a或c；假设电流表A2接入的位置是a点，电源电压U=I2R=0.1A×10Ω=1V由于电源电压为2伏整数倍，所以，电流表A2接入的位置不是a点，是c点。(3)只做了一组实验，误差较大。实验中，存在着实验误差；为了减小误差，还需进展的操作通过改变待测电阻两端电压和通过它的电流，多测几组数据，屡次测量取平均值的方法，减小误差，故可进展的操作是换不同电压的电源继续实验。故答案为：A。【分析】〔1〕并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，干路电流大于支路电流；〔2〕并联电路中，各支路两端的电压都相等，等于电源电压，利用电流规律求解电流，利用欧姆定律求解电阻即可；〔3〕为了减小测量时产生的误差，可以通过屡次测量取平均值来实现。22.【解析】【解答】(1)分析比较实验序号1-8中F与h的变化关系及相关条件可得：同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中，当h小于H时，h越大，F越小。(2)分析比较实验序号1-8中ΔF与h的变化关系及相关条件可得：同一柱体逐渐浸入柱形容器内的水中，当h小于H时，ΔF与h成正比。(3)由实验序号1可知，物体重力为8N。实验序号6的实验时，弹簧测力计示数为3N，物体重力为8N，下外表受到液体的压力为5N。(4)小明的观点是正确的，根据表格数据规律，当h=16cm时，F=0，此时物体恰好漂浮，物体不会继续下沉，h不会大于16cm。【分析】〔1〕〔2〕阿基米德原理给出了一种求解物体浮力大小的方法，F浮=ρ液gV排，ρ液是液体的密度，V排使物体排开水的体积，液体密度越大，排开液体的体积越大，那么物体受到的浮力就越大；〔3〕浸在液体或气体中的物体会受到一个向上托力，这个托力就是浮力；浮力产生的原因是物体上下两个外表受到的压强不一样导致的，结合物体受到的浮力和上外表水的压力求解下外表的压力；〔4〕当物体漂浮时，浮力等于重力，拉力为零。四、作图题23.【解析】【分析】明确力的三要素，再确定一个标度，并用这个标度去准确表示出力的大小．24.【解析】【解答】假设左端空缺处是电压表，那么开关闭合后，电流流过R后，为了R与L串联，中间空缺处不能是电流表，那么只能是电压表，右边空缺处是电流表，这种情况下电压表并接在小灯L两端，测的是小灯L两端的电压，电流流过R后，会继续流过L，再流过电流表，回负极，R与L是串联的；这种元件符合摆放位置符合题意，答案如以下列图所示。n【分析】该题目考察的是电路图中常用的元件符号，平时注意记忆积累即可。25.【解析】【解答】滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数不变且不为零，滑动变阻器与灯泡并联，电流表测量通过灯泡的电流，如下列图：【分析】电流表可以测量电路中的电流，应串联使用，与哪个用电器串联，就测量流过那个用电器的电流。五、计算题26.【解析】【分析】阿基米德原理给出了一种求解物体浮力大小的方法，F浮=ρ液gV排，ρ液是液体的密度，V排使物体排开水的体积。27.【解析】【分析】处在水平面上的物体，物体对桌面的压力等于重力，结合压强的定义式p=F/S求解物体产生的压强，其中F是压力，S是受力面积。28.【解析】【分析】〔1〕结合电流与电压值，利用功率该公式P=UI求解功率即可；〔2〕串联电路中，电流相等，各用电器两端的电压之和等于电源电压，结合电压和电流利用欧姆定律求解电阻即可；〔3〕电压一定时，电阻越大电流越小，电阻越小电流越大，利用欧姆定律求解电流，进而求解比值。29.【解析】【分析】〔1〕液体的体积和密度，利用密度公式求解物体的质量；〔2〕液体内部的压强，利用公式p＝ρgh求解液体的密度；结合压强公式求解压强的变化量，进而求解比值。
