上海市浦东新区2022年中考物理一模试题（综合测试时间120分钟，物理满分70分）一、单项选择题（共12分）1.上海地区常用照明电路的电压为（ ）A.1.5伏B.24伏C.110伏D.220伏【答案】D【解析】【详解】我国常用的照明电路的电压为220V，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D2.下列实例中，利用连通器原理工作的（ ）A.锅炉液位计B.脱拌油烟机C.温度计D.订书机【答案】A【解析】【详解】A．上端开口，下端连通的容器叫连通器，其特点是连通器里同一种液体不流动时，各容器的液面相平。锅炉液位计上端开口，下端连通，是利用连通器原理工作的，故A符合题意；B．脱拌油烟机使用过滤网等各种技术使得油烟分离，分离出来的油多流入集油杯内，没有利用连通器原理，故B不符合题意；C．温度计是利用液体热胀冷缩的原理工作，温度计没有开口，没有利用连通器原理，故C不符合题意；D．订书机是利用杠杆原理工作，没有利用连通器原理，故D不符合题意。故选A。3.下列实例中。属于增大压强的是（ ）A.坦克装有履带B.在铁轨下铺设枕木C.刀刃磨得锋利D.滑雪时人站在雪橇上【答案】C【解析】【详解】A．坦克装有履带是通过增大受力面积减小压强，故A不符合题意；B．在铁轨下铺设枕木是通过增大受力面积减小压强，故B不符合题意；C．刀刃磨得锋利是通过减小受力面积增大压强，故C符合题意；13D．滑雪时人站在雪橇上是通过增大受力面积减小压强，故D不符合题意。故选C。4.在设计“探究物质的质量与体积的关系”实验数据表格时，不需要的项目栏是（ ）A.物质种类B.质量C.体积D.密度【答案】D【解析】【详解】由题意可知，在“探究物质的质量与体积的关系”时，需要测量物质的质量和体积，且为了寻找普遍规律，应改变物质的种类，多次测量，故可知物质种类、质量、体积均是实验要记录的数据，而物质的密度是根据测得的物质的质量与体积相除计算得到的，并不是直接通过实验测量得到的，故可知测量的实验数据没有密度，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。5.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S后，滑动变阻器R2的滑片P由中点向右移动，下列说法正确的是（ ）A.电流表A示数与电流表Al示数的差变大B.电流表A1示数与电流表A2示数的比值变大C.电流表A1示数与电流表A2示数的和不变D.电流表A示数与电流表A2示数的比值不变【答案】B【解析】【详解】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流，电流表A测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，电流表A1的示数不变；滑动变阻器R2的滑片P由中点向右移动，接入电路中的电阻变大，由可知，通过R2的电流变小，即电流表A2的示数变小；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小。13A．由并联电路电流的规律可知电流表A示数与电流表Al示数的差等于电流表A2示数，电流表A2的示数变小，所以电流表A示数与电流表Al示数的差变小，故A错误；B．由电流表A1示数不变、电流表A2示数变小可知，电流表A1示数与电流表A2示数的比值变大，故B正确；C．由电流表A1示数不变、电流表A2示数变小可知，电流表A1示数与电流表A2示数的和变小，故C错误；D．电流表A示数与电流表A2示数的比值R1的阻值不变，R2的阻值变大，所以变大，电流表A示数与电流表A2示数的比值变大，故D错误。故选B。6.甲、乙是由同种材料制成的规格相同的实心长方体，现将乙平放在水平面上，甲整放在乙的上表面中央，若长方体的长、宽、高三者中，长度为a、高度为c，a与c之比为3∶1，如图所示。则：甲对乙的压强与乙对地面的压强之比为（ ）A.1∶1B.1∶3C.2∶3D.3∶2【答案】D【解析】【详解】物体对水平面的压力等于物体的重力，由、G=mg、m=ρV以及V=sh知道，甲对乙的压强乙对地面的压强13应用a与c之比为3∶1，所以，甲对乙的压强与乙对地面的压强之比为故D符合题意。故选D。二、填空题（共20分）请将结果填入答题纸的相应位置。7.马德堡半球实验证明了________的存在：物理学家托里拆利使用________很大的水银做实验测量出了大气压强的值：在其他条件不变时，海拔高度越高，大气压强的值越________。【答案】①.大气压强②.密度③.小【解析】【详解】[1]马德堡市的市长利用抽空的两个半球做的马德堡半球实验最早证明了大气压强的存在。[2]首先测定大气压强值的是托里拆利，他选用密度很大的水银进行实验，测出一个标准大气压相当于0.76m高水银柱产生的压强，由可知，利用密度较大的水银进行实验，可以减小所需玻璃管的长度。[3]大气压强的大小与海拔高度有关，在其他条件不变时，海拔高度越高，大气压强的值越小。8.质量为0.5千克的木块漂浮在水中，木块所排开水的质量为________千克，木块受到的浮力为________牛：若该木块漂浮在酒精中（ρ酒精<ρ水），则木块所排开酒精的质量________0.5千克（选填“大于”、“等于”或“小于”）。【答案】①.0.5②.4.9③.等于【解析】【详解】[1][2]木块漂浮在水中，根据漂浮条件得到木块受到的浮力F浮=G木=m木g=0.5kg×9.8N/kg=4.9N根据阿基米德原理得F浮=G排=m排水g木块所排开水的质量[3]该木块漂浮在酒精中，根据漂浮条件得到木块受到的浮力F′浮=G木所以13F′浮=F浮根据阿基米德原理可知，排开水的重力等于排开酒精的重力，所以排开酒精的质量等于排开水的质量，等于0.5kg。9.小明记录了质量为1克的水的体积随温度变化的规律，如图所示。根据图示，在0~4℃之间，水温升高时，水的体积将________。当水温在4℃时，水的密度是________（选填“最大”或“最小”），当温度为16℃时，水的质量为________克。【答案】①.变小②.最大③.1【解析】【详解】[1][2]由图可知，水温在0~4℃之间时，随着水温的升高，水的体积逐渐变小，并且在4℃时，水的体积最小，根据可知，此时水的密度最大。[3]质量是物体本身的固有属性，物体的质量不随它的形状、状态、温度以及所处的地理位置的改变而改变。故当温度为16℃时，水的质量仍为1克。10.某导体两端电压为6伏，10秒内通过其横截面的电荷量为6库，通过该导体的电流为________安，导体的电阻为________欧。若该导体两端的电压为零时，它的电阻为________欧。【答案】①.0.6②.10③.10【解析】【详解】[1]通过该导体的电流[2]导体的电阻为[3]因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端的电压为零时，其电阻仍为10Ω。1311.液体内部压强的大小由________和________来决定，如图所示盛水的容器内有a、b、c三点，在这三点液体压强分别为pa、pb、pc，三者相比较，最大的是________。【答案】①.液体密度②.深度③.pb【解析】【详解】[1][2]由知道，液体内部压强的大小由液体密度和深度决定。[3]由图知道，在盛有水的容器中，b距离水面最远，深度最大，由知道，b点压强pb最大。12.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。由于电阻R或灯L可能出现了故障，闭合电键S，两电表只有一个有示数。①发生故障时，小灯L________发光（选填“可能”或“不可能”）；②在原故障电路中，将一个检查小灯L'并在R两端，请根据检测小灯L'的发光情况及电流表的变化情况说明故障的位置及类型：________。【答案】①.不可能②.见解析【解析】【分析】【详解】（1）[1]电阻R断路时，两电表都没示数，电阻R短路时，两电表都有示数，不符合题意；小灯L断路时电流表无示数，电压表有示数，灯不亮，小灯L短路时，电流表有示数，电压表无示数，灯不亮，所以该电路发生故障时，小灯L不可能发光。（2）[2]由上面的分析可知，该电路是小灯L发生故障，在原故障电路中，将一个检查小灯L'并在R两端，若小灯L'不发光，电流表仍无示数，则小灯断路；若小灯L'发光，电流表示数变大，小灯L短路。【点睛】1313.小明在“探究并联电路电阻的规律”实验中，他利用2节干电池作为电源，将电阻R2或R3分别与电阻R1并联，研究过程如图（a）、（b）、（c）所示。请仔细观察图中的操作和现象，然后归纳得出初步结论。（1）比较图（a）与（b）或图（a）与（c）可知：________。（2）比较图（b）与（c）可知：________【答案】①.一个电阻与另一个电阻并联后，总电阻减小②.在并联电路中，其中一个电阻阻值保持不变，与它并联的另一个电阻越小，总电阻越小【解析】【详解】（1）[1]由图可知，当R并联上一个电阻后，电流表指针向右偏转，说明电路中电流增大；则由欧姆定律可知，电路中总电阻减小；从而说明当并联一个电阻后，总电阻减小。（2）[2]比较图（b）、（c）可知，（c）中并联的电阻小，则（c）中电流表偏转角更大，故说明（c）中电流更大；则可知（c）中总电阻更小；即当电路中所并联的电阻越小，总电阻越小。三、作图题（共6分）请在答题纸的相应位置作图，作图必须使用2B铅笔。14.在图中，重为6牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法画出物体对地面的压力。【答案】【解析】【分析】【详解】由题知，物体静止在水平地面上，所以压力大小等于物体的重力，即F＝G＝6N13选标度为3N，压力的作用点在地面上，方向垂直地面向下，如下图所示：15.在图中的○里填上适当的电表符号，填上后要求两灯并联，电路能正常工作。【答案】略【解析】【分析】要使两灯泡并联，则需让它们的两端分别连在一起；然后根据电流表在电路中相当于导线，而电压表相当于开路进行选择合适的仪表。【详解】要使两灯并联，从电源正极流出的电流应分别流入灯泡，左边的“○”中应填入电流表，这样电流就分别经过灯泡L1和L2，流过两灯泡中的电流应汇合共同流回负极，右边的“○”中应填入电流表，则中间“○”中不能有电流通过，故为电压表，见下图四、综合题（共32分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。16.没在水中的合金块排开水的体积为2×10-4米3，求合金块浮力F浮的大小。【答案】1.96N【解析】【详解】解：根据阿基米德原理可得答：合金块浮力为1.96N。17.小明同学的质量为50kg，他站在水平地面上时双脚与地面的接触面积为400cm2。求：小明同学在水平地面上行走时，他对水平地面的压力和压强。【答案】490N；2.45×104Pa13【解析】【详解】解：他对水平地面的压力F=G=mg=50kg×9.8N/kg=490N小明同学在水平地面上行走时受力面积对地面的压强答：小明同学在水平地面上行走时，他对水平地面的压力是490N，压强是2.45×104Pa。18.在图所示的电路中，电源电压为6伏，电阻R1为5欧。电流表的规格如图（b）所示，变阻器R2标有“100欧，2安”字样。闭合开关S时，电流表A1的示数为2安，求：（1）通过R1的电流I1。（2）滑动变阻器连入电路的电阻R2。（3）选择适当的电表量程，在移动滑动变阻器的滑片的过程中，发现二个电表指针偏离零刻度的角度相等，求此时滑动变阻器连入电路的电阻R2'。【答案】（1）1.2A；（2）7.5；（3）20【解析】【详解】解：（1）通过R1的电流I1为I1===12A（2）流过滑动变阻器的电流I2=I-I1=2A-1.2A=0.8A则滑动变阻器连入电路的电阻R2为13R2===7.5（3）由二个电表指针偏离零刻度的角度相等可知，A1测量干路中电流I’量程应为0~3A，A2测量R2支路中电流I2’量程应为0~0.6A，当偏转角度相同时，A1示数是A2示数的5倍，即I’=5I2’即I1+I2’=5I2’因通过R1电流I1始终为1.2A不变，解得I2’=0.3A则此时滑动变阻器连入电路的电阻R2'===20答：（1）通过R1的电流I1为1.2A；（2）滑动变阻器连入电路的电阻R2为7.5；（3）此时滑动变阻器连入电路的电阻R2'为20。19.如图所示，装有水的薄壁轻质圆柱形容器甲与圆柱形物块乙等高，放置于水平地面上，甲中水的深度为0.1米，底面积为0.02米2，求：（1）水对容器底部的压强p水。（2）容器内水的质量m水。（3）若水的深度是容器高度的，甲的底面积是乙的2倍，乙的密度是水的3倍，现将乙放入容器甲中，求：水对容器底的压强与容器对地面的压强的比值。【答案】（1）980Pa；（2）2kg；（3）4∶11【解析】【详解】解：（1）由题意可知，甲中水的深度为h=0.1m，故可知水对容器底部的压强为p水=ρ水gh=1×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m=980Pa（2）由题意可知，甲中水的深度为h=0.1m，甲的底面积为S甲=0.02m2，故可知甲中水的体积为13V水=S甲h=0.02m2×0.1m=2×10-3m3故容器内水的质量为m水=ρ水V水=ρ水S甲h=1×103kg/m3×2×10-3m3=2kg（3）由题意可知，乙的密度大于水的密度，故将乙放入容器甲后，乙的底部将与甲的底部相接触，设甲的底面积为S甲，乙的底面积为S乙，由题意可知，乙圆柱体的体积为V乙=S乙h乙=0.01m2×0.3m=3×10-3m3甲容器中剩余部分的体积为V剩=V甲-V水=0.02m2×0.3m-2×10-3m3=4×10-3m3可知甲容器中剩余部分的体积大于乙圆柱体的体积，故将乙放入甲后，水不会溢出，因将甲放入乙前后，水的体积V水保持不变，设放入乙后甲容器中水的高度为h′水，则有S甲h水=(S甲-S乙)h′水由题意可知S甲=2S乙故解得h’水=2h水由受力分析可知，此时容器对地面的压力等于水与圆柱体乙的重力之和，故水对容器底的压强与容器对地面的压强的比值为将S甲=2S乙、ρ乙=3ρ甲、h′水=2h水代入解得答：（1）水对容器底部的压强p水为980Pa；（2）容器内水的质量m水为2kg；（3）水对容器底的压强与容器对地面的压强的比值为4∶11。20.小王、小张分别做“用电流表、电压表测电阻”的实验，实验器材齐全并完好，电源电压相等且保持不变，待用滑动变阻器有两种规格（分别标有“10；2A”、“20；2A”的字样），待测电阻Rx规格相同。实验中，两位同学所用的变阻器不同，但他们在连接电路时都将滑片置于变阻器的一端。闭合电键，他们所观察到电流表、电压表的示数均为图（a）、（b13）所示，接着在向变阻器另一端移动滑片的过程中，小王发现电路中两电表的示数均变小，而小张却发现电路中两电表的示数均变大。在思考并解决实验问题后，两位同学均完成实验。（1）在连接电路及实验操作过程中，存在不规范情况的是：________（选填“小王”、“小张”或“小王和小张”）（2）请写出你的判断依据：________；（3）实验所用的电源电压为________伏；（4）小张选用的滑动变阻器规格为________；请说明理由（写出分析过程）：________。【答案】①.小王和小张②.见解析③.6④.20Ω；2A⑤.见解析【解析】【详解】（1）[1]在连接电路及实验操作过程中小王和小张都不规范。（2）[2]他们在连接电路时都将滑片置于变阻器的一端，即滑动变阻器接入电路中的电阻可能是最小为零，或者是最大。闭合开关，电表的指针偏转角度相同，接着在向变阻器另一端移动滑片的过程中，根据小王发现电路中两电表的示数均变小，可判断出闭合开关时，小王的滑动变阻器阻值为零；而小张却发现电路中两电表的示数均变大，可判断出闭合开关时，小张滑动变阻器的阻值最大。所以小王不规范的地方在于：在闭合开关前，滑动变阻器滑片位于阻值最小处。从以上还可以分析出小王电流表用0～3A量程，示数为1.2A，电压表用0～15V量程，示数为6V；小张电流表用0～0.6A量程，示数为0.24A，电压表所用0～3V量程，示数为1.2V。所以小张不规范的地方在于:在连接电路时，在无法估计电流、电压大小情况下两电表直接选择了较小量程。（3）[3]由以上可知，闭合开关时，变阻器电阻为零，只有待测电阻Rx接入电路，电压表测电源电压，此时电压表示数为6V，则电源电压等于6V。（4）[4][5]因为电源电压为6V，待测电阻Rx规格相同。根据小张、小王电路中两电表的示数变化情况。刚开始小张电路中滑动变阻器阻值最大，此时Ix=I滑=0.24A小张电路中待测电阻Rx的电压Ux=1.2V滑动变阻器两端电压13U滑=U-Ux=6V-1.2V=4.8V滑动变阻器最大电阻小张选用的滑动变阻器规格为20；2A。13
