2022年江苏省宿迁市泗阳县中考物理二模试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题只有一个选项符合题意）1．（2分）（2022•泗阳县二模）我国自主研发的北斗导航卫星系统今年四月正式为车载终端提供服务．导航系统传递信息利用的是（ ） A．次声波B．红外线C．超声波D．微波考点：卫星中继通信．专题：信息的传递．分析：通信卫星是微波通信的中继站，微波是电磁波．解答：解：卫星导航系统传递信息利用的是电磁波，微波是电磁波的一种．故选D．点评：本题考查了电磁波在生活中的应用，生活中利用电磁波的地方非常多．如：卫星通信、无线电视、无线广播、手机等，是一道基础题．2．（2分）（2022•襄阳）在公共场所“轻声”说话是文明的表现，而在旷野中要“大声”喊叫才能让较远处的人听见．这里的“轻声”和“大声”是指声音的（ ） A．音调B．音色C．响度D．频率考点：响度．专题：应用题．分析：声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性．解答：解：声音的特征有音调（声音的高低）、响度（声音的大小或强弱）、音色（发声体本身决定的特征）；题目中的“轻声”和“大声”都是指声音大小（即强弱），也就是声音的特征之一响度；故选C．点评：本题考查了声音的三个特征的理解，只要对三个特征有深刻的认识，影响三个特征的因素也各不相同；并对生活有深入的了解，将知识与生活有机的结合起来，便能找到答案．3．（2分）（2022•衡阳）如图所示的四种现象中，属于光的折射现象的是（ ） A．岸边景物在水中出现倒影B．大厦的玻璃外墙造成光污染 C．阳光下鸽子在沙滩上的影子D．玻璃砖后的铅笔杆错位考点：光的折射现象及其应用．专题：应用题；图析法．分析：判断光的折射现象，要对折射的定义理解清楚，光从一种透明介质斜射入另一种透明介质中时，传播方向一般会发生改变，这是光的折射，生活中光在不均匀介质中不沿直线传播的现象也是光的折射．解答：解：A、岸边景物在水中出现“倒影”，属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射原理，故本选项不符合题意；B、玻璃外墙造成“光污染”属于光的反射现象，故本选项不符合题意．17\nC、影子是光沿直线传播的原理，故本选项不符合题意；D、玻璃砖后的铅笔杆“错位”是光的折射现象，故本选项符合题意；故选D．点评：掌握以下光现象原理：透镜、玻璃砖、看水中的物体一般都是光的折射原理；影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理；镜子、水中倒影、潜望镜都是光的反射原理． 4．（2分）（2022•泗阳县二模）为缓解旱情，人们经常要实施了人工降雨．人工降雨用的主要材料之一是干冰（固态二氧化碳），当干冰进入云层时，会很快 1 成二氧化碳气体，并 吸收 大量的热，使高空中的许多水蒸气 凝华 成小冰粒．这些小冰粒在重力的作用下从高空降下，遇到暖气流吸热而熔化变为雨点落到地面上．依次填入横线中的物理词语是（ ） A．熔化、吸收、凝固B．升华、吸收、凝华C．熔化、放出、凝华D．升华、放出、凝固考点：生活中的升华现象；熔化与熔化吸热特点；生活中的凝华现象．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：（1）物质由固态直接变成气态的过程叫做升华，升华吸热；（2）物质由气态直接变成固态的过程叫做凝华，凝华放热．解答：解：干冰进入冷云层，由固态直接变为气态，属于升华，升华吸热；空中的水蒸气骤然遇冷变为小冰粒，即由气态直接变为固态冰，属于凝华．故选B．点评：本题主要考查的几种常见的物态变化，关键要把握变化前后的物态特征，然后根据所学知识进行判断． 5．（2分）（2022•泗阳县二模）关于能源的说法中，错误的是（ ） A．太阳能是可再生能源 B．电能是二次能源，便于输送和转化 C．能量是守恒的，所以能源是取之不尽，用之不竭的 D．化石能源不可再生，大量使用会造成环境污染考点：能源．专题：能源的利用与发展．分析：（1）能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间得不到补充的是不可再生能源．（2）一次能源指的是：可以从自然界直接获取的能源；二次能源指的是：必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源．（3）能量既不会凭空消灭，也不会凭空产生，它只会从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，而在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变．能量守恒定律是自然界最普遍、最重要的基本定律之一，所有能量转化的过程都服从能量守恒定律．解答：解：A、太阳能能够及时从自然界得到补充，属于可再生能源，该选项说法正确，不符合题意；B、电能是二次能源，便于输送和转化，该选项说法正确，不符合题意；C、能量是守恒的，但能源不是取之不尽，用之不竭的，该选项说法不正确，符合题意；D、煤、石油、天然气是化石能源，大量使用会造成环境污染，该选项说法正确，不符合题意．故选C．点评：本题考查了能源的相关知识，属于基础知识的考查，相对比较简单． 17\n6．（2分）（2022•台州）练太极拳是很好的强身健体运动．图甲姿势换成图乙姿势时，人对水平地面的（ ） A．压力变大，压强不变B．压力变大，压强变大 C．压力不变，压强变大D．压力不变，压强变小考点：压强的大小及其计算．专题：应用题．分析：压强是描述压力作用效果的物理量，压强与压力和受力面积的大小有关，在分析压强的大小时应同时考虑压力和受力面积大小的影响．两图中人对水平地面上压力相同、等于物体自身的重力，甲图是双脚着地站立，乙图是单脚着地站立，地面受力面积不同，根据压强公式p=人对水平地面的压力和压强大小关系．解答：解：（1）∵甲乙两图，人站在水平地面上，∴对地面的压力：F甲=F乙=G；（2）甲图是双脚着地站立，乙图是单脚着地站立，地面受力面积：S甲＞S乙，∵p=，∴对地面的压强：p甲＜p乙，即：从图甲姿势换成图乙姿势时，压力不变，压强变大．故选C．点评：本题借助练太极拳的场景，考查了学生对压强公式的掌握和运用，本题关键一是知道在水平地面上，物体对地面的压力等于物体自身的重力，二是确定受力面积的大小关系；能否判断出两种状态下受力面积不相等是本题的解题关键． 7．（2分）（2022•泗阳县二模）关于图（甲）、（乙）所示的实验，下列说法正确的是（ ） A．甲可以研究通电导体在磁场中的受力情况 B．甲实验可以反映电动机工作原理 C．乙可以研究电磁感应现象 D．乙实验中，仅改变磁场方向可以改变导体AB的受力方向17\n考点：电磁感应；磁场对通电导线的作用．专题：电和磁．分析：（1）发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；（2）电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池．（3）通电导体在磁场中受力的方向，与磁场方向有关、与电流方向有关．只改变磁场方向或只改变电流方向导体受力方向都会改变．磁场方向和电流方向同时改变，导体受力方向不变．解答：解：甲图中没有电池，是探究感应电流产生条件的装置图，可以反映发电机的工作原理；故AB都错误．乙图中有电池，是探究磁场对电流作用的原理图，可以反应电动机的工作原理；故C错误．通电导体在磁场中受力的方向，与磁场方向有关、与电流方向有关．只改变磁场方向或只改变电流方向导体受力方向都会改变．故D正确．故选D．点评：教材中的重要实验装置图要采用对比记忆的方法认真识记，包括实验装置的名称、说明的原理、重要的应用等． 8．（2分）（2022•福州）下列实例中，属于机械能转化为内能的是（ ） A．流星穿过大气层时发热发光B．冬天，嘴对着双手哈气 C．汽油机的做功冲程D．不锈钢汤勺放在热汤中考点：机械能和其他形式能的转化．专题：应用题．分析：（1）在做功冲程中，燃气推动活塞向下运动，内能转化为机械能．（2）火箭升天是内能转化为机械能．（3）改变内能的方式有两种，做功和热传递．（4）温度不同的两个物体互相接触，会发生热传递，热传递的实质是内能的转移．解答：解：A、陨石坠入地球大气层成为流星，是陨石和空气摩擦生热的过程，是机械能转化为内能的过程．符合题意．B、冬天，嘴对着双手哈气，是利用热传递的方式改变内能的．不符合题意．C、汽油机的活塞在燃气推动下运动，内能转化为机械能．不符合题意．D、不锈钢汤勺放在热汤中，是内能的一种转移．不符合题意．故选A．点评：（1）自然界的能量之间都是可以相互转化的，物体间的能量也是可以转移的，在转移或转化的过程中，能的总量是不变的．（2）内能的增加有两种方式：做功、热传递．（3）内燃机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，及压缩和做功冲程中的能的转化． 9．（2分）（2022•泗阳县二模）小明同学在做鸡蛋浮沉的实验时，用适当浓度的盐水使鸡蛋正好悬浮．那么，下列操作和判断正确的是（ ） A．向盐水中继续加清水，鸡蛋将上浮，直至漂浮，但鸡蛋所受浮力不变 B．向盐水中继续加清水，鸡蛋将下沉至容器底部，但鸡蛋所受浮力减小 C．向盐水中继续加盐，鸡蛋将上浮，直至漂浮，但鸡蛋所受浮力不变 D．向盐水中继续加盐，鸡蛋将下沉至容器底部，但鸡蛋所受浮力增加考点：物体的浮沉条件及其应用．专题：浮沉的应用．17\n分析：根据鸡蛋的密度和盐水密度的大小关系判断物体的浮与沉（ρ物＞ρ水，下沉；ρ物=ρ水，悬浮；ρ物＜ρ水，上浮）．解答：解：AB、盐水中加水，水的密度慢慢变小，鸡蛋浸没水中，排开水的体积不变，但液体密度变小，鸡蛋所受浮力变小，所以鸡蛋下沉至容器底；故A错误，B正确；CD、向盐水中继续加盐，盐水的密度增大，因此鸡蛋受到的浮力增大，鸡蛋将上浮，直至漂浮；故CD错误．故选B．点评：本题考查了物体的浮沉条件，知道根据物体的密度和液体密度的大小关系判断物体的浮与沉（ρ物＞ρ水，下沉；ρ物=ρ水，悬浮；ρ物＜ρ水，上浮）是本题的关键． 10．（2分）（2022•泗阳县二模）在足球比赛中，下列关于力的作用的说法，错误的是（ ） A．摩擦阻力使地上滚的足球越来越慢 B．鞋底有鞋钉是为了增大对地面的压力 C．头顶球的力可以改变球的运动方向 D．守门员接球时，手对球的力使球变为静止考点：增大或减小摩擦的方法；力的作用效果．专题：运动和力．分析：（1）力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态．（2）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积．解答：解：A、由于阻力的作用，地上滚的足球越来越慢，故A正确；B、鞋底有鞋钉，是通过减小受力面积来增大压强的，故B错误；C、头顶球时，球受到头顶的作用力，力改变球的运动方向；故C正确；D、守门员接球时，手对球的力使球变为静止；说法正确．故选B．点评：此题考查了力的作用效果和增大压强的方法，力能使物体发生形变，也能改变物体的运动状态． 11．（2分）（2022•衡阳）在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时（ ） A．电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗 B．电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮 C．电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮 D．电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用．专题：压轴题；推理法；图析法．分析：17\n由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电路；根据滑片的移动确定接入电路电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据P=I2R判断灯泡实际功率的变化，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断灯泡亮暗的变化．解答：解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小；根据I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表的示数变大；根据P=I2R可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮．故选C．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是会分析滑片移动时电路的变化和知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小． 12．（2分）（2022•三明）在物理课外兴趣小组活动中，老师要求同学们只能用电压表的“0～3V”量程测量额定电压为3.8V小灯泡的额定功率，所给电源的电压恒为6V，其它器材均符台实验要求．如图是同学们设计的四种实验电路图，则能完成实验的电路图是（ ） A．B．C．D．考点：电路图设计；串联电路的电压规律．专题：实验题；压轴题．分析：要测小灯泡的额定功率必须测出小灯泡达到额定电压时的电流，灯泡电压小于电源电压，必须串联电阻来分压，电压表量程较小，可以先测串联电阻的电压，电源电压减去电阻的电压就是灯泡电压，再根据公式P=UI可求灯泡的额定功率．解答：解：灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器电压．当滑动变阻器两端的电压为2.2V时，灯泡两端电压达到额定电压3.8V，读出此时电流表的读数，根据公式P=UI可求灯泡的额定功率．A、电压表测的是电源电压，不合题意；B、测的是滑动变阻器电压，符合题意；C、电压表与灯泡串联，电路断路不合题意；D、电压表测的是灯泡电压，灯泡的额定电压超过电压表的量程，无法测量，不合题意．故选B．点评：本题考查电路图的设计以及电功率的测量，关键是在电压表量程较小的时候，测量灯泡的电压，这是难点，根据串联分压的原理测量串联电阻的电压即可． 二、填空题（每空1分，共21分）13．（2分）（2022•泗阳县二模）观众听到的口技演员的声音是靠 空气 传播的；观众从演员的口技表演中听着像是黄鹂鸟的叫声，是因为演员模仿了黄鹂鸟叫声的 音色 ．考点：声音的产生；音色．分析：解决此题要知道声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，音色反映了声音的品质与特色．解答：解：观众听到的口技演员的声音是靠空气传播的；观众从演员的口技表演中听着像是黄鹂鸟的叫声，是因为演员模仿了黄鹂鸟叫声的音色；17\n故答案为：空气，音色．点评：解决此类问题要结合乐音特征和声音的传播进行分析解答． 14．（2分）（2022•常德）如图是一款型号为22的家用高压锅，这里的“22”是指锅身的直径是22
cm （填单位）；高压锅密封性良好，用它煮食物时，水蒸气不易外泄，从而增大了锅内气压，提高了水的
沸点 ．考点：长度的估测；沸点及沸点与气压的关系．专题：应用题．分析：（1）根据家用高压锅的锅身直径的实际值填写单位；（2）液体的沸点随气压的增大而增大．解答：解：家用高压锅的锅身直径应该是22cm；当锅内的气压增大时，水的沸点也增大；故答案为：cm，沸点点评：对生活中物体的数据进行估测，往往能考查同学们的综合能力，同学们在学习中要注意观察，多思考． 15．（3分）（2022•南通）如图中的水平桌面足够长，不计托盘质量和滑轮与绳的摩擦．物体A重10N，当物体B重为2N时，物体A保持静止，这时A物体受到的摩擦力为 2 N；当物体B重为3N时，物体A向右做匀速直线运动，运动一段时间托盘着地，此后物体A做 减速直线 运动，受到的摩擦力是 3 N．考点：二力平衡条件的应用；物体运动状态变化的原因；惯性；摩擦力大小的影响因素．专题：压轴题．分析：物体A只要处于静止或匀速直线运动状态，所受到力一定是平衡力；一对平衡力的特点是大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上；物体B落地时，从惯性和物体A的受力情况两方面去分析．解答：解：当物体B重为2N时，物体A静止，此时物体A所受到的摩擦力和物体A向右的拉力是一对平衡力，此时物体A向右的拉力F=GB=2N，故f=2N，所以受到的摩擦力是2N；物体A向右匀速运动时，此时物体A所受到的摩擦力和物体A向右的拉力也是一对平衡力，此时物体A向右的拉力F′=f′=GB′=3N，故此时受到的摩擦力为3N；当物体B落地时，不再对物体A施加拉力，物体A由于惯性将继续向前运动，在水平方向上只受到摩擦力的作用，所以物体A将做减速直线运动；此时仍然是物体A在水平桌面上运动而产生的摩擦，所以摩擦力不变仍为3N．故答案为：2；减速直线运动；3．点评：17\n此题综合了二力平衡条件的应用、惯性、物体运动状态改变的知识点，通过本题使学生对所学知识融会贯通，不拘泥于一种形式，从而提高用物理知识和规律解决问题的能力． 16．（2分）（2022•泗阳县二模）如图所示，O为杠杆AC的支点，在B处挂一小球，重为100N，AO=OB=BC，为使杠杆在水平位置平衡，需要施加的最小力的作用点应该在 C 点，力的大小为 50 N．考点：杠杆的平衡条件．专题：简单机械．分析：掌握杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，若要使动力做小，则动力臂需最长；确定出支点，找到最长的力臂，根据杠杆平衡条件得出最小的力．解答：解：由图知，O为支点，当将力作用在C点时力臂最长为OC，OC=2OB，此时力的方向应该竖直向上；根据杠杆平衡条件得：F•OC=G•OB则：F×2OB=100N×OB解得：F=50N．故答案为：C；50．点评：此题考查了杠杆平衡条件的应用及杠杆中的最小力问题，首先要熟练掌握杠杆平衡条件公式，在应用时应确定两个力及对应的力臂，要得出最小的力，则应确定出最大的力臂． 17．（2分）（2022•泗阳县二模）一个凸透镜的焦距为15cm，若在距透镜30cm处的光屏上能接到一个清晰的像，则物体应放在距凸透镜 30 cm处，像的特点是 倒立等大的实像 ．考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：光的折射、光的色散．分析：掌握凸透镜成像的规律，根据物距等于2f时，成倒立等大的实像的特点进行分析，此时像距也等于2f．解答：解：凸透镜的焦距为15cm，由题意知，像距等于30cm等于2f，所以此时物距也应等于2f，成倒立等大的实像．故答案为：30；倒立等大的实像．点评：此题考查了凸透镜成像规律的应用，首先要熟练掌握成像的特点与物距、像距的关系，并能做到灵活应用． 18．（3分）（2022•贵阳）某电热水器的工作原理如图所示（已知两电阻丝的阻值相等，电源电压保持不变），它有加热和保温两个工作状态．当开关S1接b，S2断开时，它是处于 保温 状态，此时电路功率为P1；当开关S1接a，S2闭合时，它是处于 加热 状态，此时电路功率为P2，则P1：P2= 1：4 ．考点：电功率的计算．专题：应用题；压轴题．17\n分析：根据P=可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，电功率较大的是加热状态；电源电压是一定的，根据两种状态下电阻的比求出电功率的比．解答：解：当开关S1接b，S2断开时，两个电阻丝是串联的，总电阻等于两个电阻的阻值之和；当开关S1接a，S2闭合时，两个电阻丝是并联的，总电阻等于每个电阻阻值的一半；不论是并联还是串联，总电压即电源电压都是不变的，而第二次电阻更小，根据P=，第二次的电功率比较大，是加热状态，第一次的电功率比较小，是保温状态；设每个电阻丝的阻值为R，第一次电路的总电阻为2R，第二次电路的总电阻为，电阻之比为2R：=4：1；电压一定，电功率和电阻成反比，电功率之比为1：4．故答案为：保温；加热；1：4．点评：电热水器是我们生活中比较常见的，由我们生活中的用电器来出题，是中考经常考查的一种方式；电功率的计算也是中考的一个重点，需要掌握． 19．（2分）（2022•攀枝花）一只兔子和一条小狗从同一地点出发，同时开始向东运动，兔子的运动距离与时间关系图象如图中实线部分ABCD所示，小狗的运动距离与时间关系图象如图中虚线部分AD所示．则小狗的运动速度为 1 m/s；在前3s内，小狗相对于兔子将向 西 运动（选填“东”或“西”）．考点：速度与物体运动．专题：计算题；信息给予题．分析：由小狗的运动距离与时间关系图象可知，小狗做匀速直线运动，从图象中得出一段时间内的路程，根据速度公式求小狗的运动速度；在前3s内，小兔和小狗同时开始向东运动，有图象可以看出都做匀速直线运动，求出小兔和小狗的速度，根据速度大小得出小狗相对于兔子将向哪运动．解答：解：由图可知，小狗做匀速直线运动，小狗的运动速度：v狗===1m/s；由图可知，在前3s内，小兔和小狗都做匀速直线运动，v兔=≈1.3m/s＞v狗，由题知，小狗和小兔同时开始向东运动，所以小兔在前、小狗在后，小狗相对于兔子将向西运动．故答案为：1；西．点评：本题考查了速度公式的应用，从图中得出相关信息求出小狗和小兔的速度是本题的关键． 17\n20．（2分）（2022•泗阳县二模）如图所示，小星的爸爸把电饭锅的三线插头中间的铜片拆除，以便能在墙壁上的两孔插座上使用．这种使用方法是 不安全 （选填“安全”、“不安全”）的，这样使用插头会使电饭锅的 外壳 不能接地，容易出现触电事故．考点：插座的构造与工作方式．专题：电与热、生活用电．分析：三线插头中间的插片是接地的，目的就是为了防止触电．解答：解：电饭锅等家用电器都使用三孔插座，若将三线插头中间的铜片拆除，在墙壁上的两孔插座上使用，电饭锅的外壳不能与大地相连；这样当用电器漏电时，由于电饭锅的外壳是金属，会使外壳带电，电流也就不能通过地线，流入大地，容易发生触电事故．所以这种方法不安全．答：不安全；外壳．点评：本题从另一角度考查三线插头中地线的作用，从而加强安全用电的意识． 21．（3分）（2022•梅州）小吴同学自制了一个简易的“电热驱蚊器”，它是利用了电流的 热 效应工作的，发热元件是一个阻值为1.0×104Ω的电阻．当发热元件两端的电压为220V时，流过该元件的电流为 22 mA；通电100s产生的热量为 484 J．考点：电流的热效应、化学效应和磁效应；欧姆定律的应用；焦耳定律．专题：计算题；压轴题．分析：要解答本题需掌握：电流流过导体时导体发热的现象是电流的热效应．电流的热效应就是把电能转化为内能．由题干可知到发热元件的实际电压和电阻，由欧姆定律可以求得电流，由Q=UIt可以求得电热．解答：解：“电热驱蚊器”就是将电能转化成内能，利用了电流的热效应工作．当发热元件两端的电压为220V时，流过该元件的电流为．通电100s产生的热量为Q=I2Rt=（0.022A）2×1.0×104Ω×100s=484J．故答案为：热；22；484．点评：本题考查电流的热效应，并以电热驱蚊器为例，计算电流产生的电热，同时注意电热的公式是：Q=I2Rt． 三、作图与计算（22题5分，23题9分，24题8分，共22分）22．（5分）（2022•泗阳县二模）（1）如图甲所示，S为光源，它发出的一条入射光线射到竖直放置的平面镜上发生反射，进入水中又折射．请作出S在平面镜中所成的像S′以及该光线在平面镜上的反射光线和进入水中的折射光线的大致方向．（2）下面乙图是一种拉杆式旅行箱，右图是它的结构示意图，当人用图中所示的力拉旅行箱前进时，在右图中画出动力臂L1，并作出箱子的重力的示意图．17\n考点：平面镜成像的相关作图；重力示意图；力臂的画法．专题：作图题．分析：（1）要解决此题，需要掌握平面镜成像的原理：点光源发出的光线，经平面镜反射后，反向延长线过像点；故先根据平面镜成像的特点确定S的像点S′，然后连接入射点和S′，延长即可准确确定反射光线的方向；光的折射规律的内容：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角．（2）重力方向竖直向下，作重力的示意图时应从物体重心向下作竖直线段；先确定支点，再确定力的作用线，最后从支点到力的作用线作垂线段．解答：解：（1）作S关于平面镜的对称点S′，连接过入射点和S′点，并延长画出反射光线，再根据当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角．作出其折射光线，如下图所示．（2）重力方向竖直向下，从重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示；从O点向力F的作用线作垂线段垂线段就是力F的力臂L1；如图所示点评：（1）本题考查了平面镜成像的原理和光的折射规律，注意平面镜成像特点作图：像与物关于镜面对称；点光源发出的光线经平面镜反射后，反向延长线过像点．（2）本题考查了重力的示意图，拉力的力臂，是基础题．重力竖直向下，不是垂直向下．作力臂时，应先确定转轴和力的作用线． 23．（9分）（2022•泗阳县二模）如图所示甲中竖直放置在水平地面上的石柱，高为0.6m，横截面积为0.1m2，质量为150kg（g取10N/kg）．求：（1）石柱对水平地面的压强；（2）某工地用图乙所示的滑轮组将该石柱匀速提升2m，用了5s的时间，所用拉力F为600N．求拉力F的功率；（3）该滑轮组的机械效率．17\n考点：压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算．专题：计算题；信息给予题．分析：（1）石柱对地面的压力和自身的重力相等，然后根据p=求出对地面的压强；（2）由图可知绳子的有效股数为3，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出拉力F做的功，根据P=求出拉力F的功率；（3）根据滑轮组的机械效率η====求出提升时滑轮组的机械效率．解答：解：（1）石柱对水平地面的压强：p=====1.5×104Pa；（2）由图可知n=3，绳端移动的距离s=nh=3×2m=6m，拉力做的功W总=Fs=600N×6m=3600J，拉力F的功率P===720W；（3）提升时滑轮组的机械效率：η======≈83.3%．答：（1）石柱对水平地面的压强1.5×104Pa；（2）拉力F的功率为720W；（3）滑轮组的机械效率约为83.3%．点评：本题考查了压强、功、功率和机械效率的计算，从图中得出绳子的有效股数为3和知道在水平面上物体对水平面的压力等于物体自身的重力是关键． 24．（8分）（2022•大兴安岭）LED灯（发光二极管）与普通照明灯相比具有低能耗、高亮度的优点．鸡西市在春节期间实施节日亮化工程，大部分采用了LED“绿色光源”．（1）如图是某种额定电压为3V的LED灯的U﹣I图象，它正常工作多长时间消耗的电能为12焦耳？（2）若LED照明光源1h内可节约电能0.21×1012J，这些电能可让1×106kg的水温度升高多少摄氏度？〔不计热量损失〕17\n考点：电功的计算；物理量的单位及单位换算；热量的计算．专题：计算题；应用题；压轴题；信息给予题．分析：（1）从图象上可以看出当U额=3V时，I=20mA，根据公式W=UIt可求工作时间．（2）不计热量损失，电能完全转化成内能，根据公式W=Q=cm△t可求水升高的温度．解答：解：（1）由图象可知，当U额=3V时，I=20mA=0.02A，由W=UIt得，t===200s．答：它正常工作200s消耗的电能为12焦耳．（2）不计热量损失，Q吸=W′=0.21×1012J，由Q吸=cm△t得，△t===50℃．答：这些电能可让1×106kg的水温度升高50℃．点评：本题考查时间和温度升高的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算，还要学会从题目所给信息中找到有用的数据． 四、实验与探究题（25题6分，26题12分，27题8分，28题7分，共33分）25．（6分）（2022•泗阳县二模）为了探究滑动摩擦力大小跟哪些因素有关，小明同学在老师的指导下，做了一系列实验，以下是部分实验步骤（实验过程中，保持长木板水平）：实验次数木块对木板的压力/N弹簧测力计的示数/N滑动摩擦力/N1204.0 4.0 2204.0 4.0 3408.0 8.0 第1次：把一块质量为2Kg的木块平放在长木板上，用弹簧测力计水平拉木块作匀速直线运动，读出弹簧测力计的示数，并记录下表中．第2次：把木块侧放在长木板上，用同样的方法拉木块，记下相应的示数，如表格所示．第3次：把两块相同木块叠在一起平放在长木板上，再用同样的方法拉木块，记下相应的示数，如表格所示：（1）请你帮助小明填全表格内的数据，你填写数据的根据是 二力平衡条件 知识．（2）比较 1、2 两次实验数据，可说明滑动摩擦力的大小与接触面积无关；（3）比较第1、3两次实验数据，可以研究滑动摩擦力的大小与 压力大小 的关系．考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．专题：探究题．分析：17\n（1）在实验中需拉动木块做匀速直线运动，根据二力平衡的知识，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等；（2）要得到滑动摩擦力与接触面积无关，需使压力大小相同，接触面积不同，得到的摩擦力大小不变；（3）分析表格中1、3中的数据，分析相同的量和不同的量，判断出摩擦力大小变化的原因．解答：解：（1）因为用弹簧测力计水平拉木块作匀速直线运动，所以拉力与摩擦力相互平衡，大小相等，因此弹簧测力计的示数分别4.0N、4.0N、8.0N；（2）1、2两次实验压力相同，1平放，2侧放，受力面积不同，滑动摩擦力相同，可知滑动摩擦力的大小与接触面积无关；（3）1、3两次实验数据，都是平放，接触面积相同，压力不同，滑动摩擦力不同，可以研究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系．故答案为：（1）4.0；4.0；8.0；二力平衡条件；（2）1、2；（3）压力大小．点评：此题是探究影响滑动摩擦力大小的因素实验，考查了控制变量法及二力平衡条件知识在实验中的应用，并且考查了对实验数据的分析． 26．（12分）（2022•泉州）小永同学为了测量永春老醋的密度，进行以下实验：（1）把天平放在 水平桌面上 ，将游码移至零刻度处，然后调节 平衡螺母 ，使天平横梁平衡．（2）接下来进行以下3项操作：A．用天平测量烧杯和剩余老醋的总质量m1；B．将待测老醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和老醋的总质量m2；C．将烧杯中老醋的一部分倒入量筒，测出这部分老醋的体积V；以上操作的正确顺序是： BCA （填字母代号）（3）由图可得老醋的体积为 40 cm3，老醋的密度是 1.125 g/cm3= 1.125×103 ㎏/m3．考点：液体密度的测量；天平的使用；量筒的使用．专题：实验题．分析：（1）首先把天平放在水平桌面上，再调节平衡螺母直到横梁平衡；（2）量筒中醋的质量，应用图B中杯与醋的总质量m2减去图A中杯与剩余醋的质量m1．老醋的密度可用密度的公式计算得出；解答：解：（1）首先把天平放在水平桌面上，再调节横梁右端的平衡螺母，直到指针指在分度盘的中线处，表示横梁平衡；故答案为：水平桌面上；平衡螺母．（2）测量液体的密度时，应该首先测量烧杯和老醋的总质量m2，把适量的老醋倒入量筒中，读出其体积V，再测量出烧杯和剩余老醋的质量m1．故答案为：BCA（3）图C中量筒中老醋的体积V=40cm3，图B中烧杯和老醋的总质量m2=82.4g，图A中烧杯和剩余老醋的质量m1=37.4g，量筒中老醋的质量m=45g，所以老醋的密度为ρ==1.125g/cm3=1.125×103kg/m317\n故答案为：40；1.125；1.125×103点评：此题主要考查的是天平的正确使用方法和测量液体密度的实验步骤，以及学生对密度计算的正确理解，是中考的常见题型，难度不是很大． 27．（8分）（2022•泗阳县二模）热敏电阻的阻值会随温度的改变而改变，小芳同学用图甲所示的电路来探究某一热敏电阻Rr的阻值与温度的关系．已知M为控温器，电源电压恒为12V，R为电阻箱．（1）小芳在控温器中应该加入的液体是 煤油 （选填煤油/食盐溶液）；（2）当控温器中液体温度为80℃，电阻箱阻值为100Ω时，电流表的示数为0.1A．则该温度下热敏电阻的阻值为 20 Ω．（3）依次改变控温器中的液体温度，同时改变电阻箱的阻值，使电流表的示数始终保持在0.1A．通过计算得到相关数据记录如下：温度t（℃）70605040302010…电阻Rr（Ω）22283544567394…由数据可知：此热敏电阻的阻值随着温度的降低而 增大 ．（4）小芳利用该热敏电阻和电压表制成了一支指针式温度计（电路如图乙）．它可以直接在电压表刻度盘上读出相应温度．若要求电压表的读数随温度的升高而增大，则她应在原理图（乙）中 ab 两端并接一电压表（在a、b、c中选择）．考点：控制变量法与探究性实验方案；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电阻；欧姆定律的应用．专题：压轴题；信息给予题；动态预测题．分析：（1）根据控温器中的液体为绝缘体进行选择．（2）电阻箱和热敏电阻串联，根据欧姆定律求出电阻箱两端的电压，根据串联电路的电压特点求出热敏电阻两端的电压，再根据欧姆定律求出热敏电阻的阻值．（3）分析表中数据找出热敏电阻的阻值随温度的变化得出规律．（4）根据串联电路起分压作用进行分析，串联电路中，电阻的阻值越大，那么该电阻分得的电压越多．解答：解：（1）因为温控器中导线和电阻组成了电路，因此温控器中的液体应该为绝缘体，因此应该选择煤油．（2）电阻箱两端的电压：U1=IR1=0.1A×100Ω=10V；因为电阻箱和热敏电阻串联，该温度下热敏电阻的阻值：R===20Ω．（3）从表格数据中可以直接得出，热敏电阻的阻值随着温度的降低而增大．17\n（4）因为热敏电阻随温度的升高而减小，而电压表的读数随温度的升高而增大，因此电压表应该并联在定值电阻两端，即ab两端．故答案为：（1）煤油；（2）20；（3）增大；（4）ab．点评：本题是一道关于图象分析和利用欧姆定律进行计算的综合题，能否根据图象分析热敏电阻的变化趋势是本题的解题关键． 28．（7分）（2022•泗阳县二模）在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．（1）连接电路时开关应 断开 ，电流表的量程应选0～ 0.6 A．（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．（3）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于 A （选填“A”或“B”）端．（4）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为 2.2 V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 B （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V．（5）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是 0.5 W．考点：探究用电器的电功率实验．专题：实验题；压轴题．分析：（1）为保证安全，连接电路时，开关应断开；电流表的量程根据灯泡规格确定．（2）连接实物图时，应注意电流表、电压表量程及电流方向，滑动变阻器要采用“一上一下”的接法；（3）为保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大；（4）读取电压表示数时，注意选择的量程和对应的分度值；要测量灯泡的额定功率，两端电压应该为额定电压．（5）已知额定电压和正常工作电流，利用P=UI计算灯泡的额定功率．解答：解：（1）连接电路时，开关S应处于断开状态．灯泡正常发光时，通过的电流为I===0.25A，所以电流表选择0～0.6A量程．（2）电路大部分连接完成，由上面知道了选择的电流表的量程，只要将电流表的“0.6A”与灯泡左侧的接线柱连接即可．（3）为使滑动变阻器接入电路的电阻最大，应该使滑片位于距离B接线柱最远的位置，也就是处于A端．（4）电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应使电路电流变大，滑动变阻器阻值变小，由电路图知滑片应向B滑动．17\n（5）由图象知U=2.5V时，I=0.2A，则小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．故答案为：（1）断开；0.6；（2）实物连接如下图：（3）A；（4）2.2；B；（5）0.5．点评：连接实物图时应注意：1、电压表、电流表的正负接线柱不要接反．2、注意电压表、电流表的量程不要接错．3、滑动变阻器的分压与限流接法，滑片移动时阻值的变化应符合题意要求．4、作图要美观，连线不要交叉． 17
