四川省达州市2022年中考物理真题试题（解析版）

四川省达州市2022年中考物理试卷一、选择题（本大题共10个小题，每题3分）1．（3分）（2022•达州）关于声现象，下列说法正确的是（　　）　A．超声波能够在真空中传播　B．调整二胡两根弦的松紧是为了改变发声的响度　C．声波能够传递信息和能量　D．人们能听见芦山地震时产生的次声波考点：声与信息；声与能量．专题：声现象．分析：（1）声音传播需要介质，不能在真空中传播；（2）弦乐器的音调与，琴弦的长短、粗细、松紧有关；（3）声波能传递信息，也能传递能量；（4）超声波和超声波的振动频率都不在人耳的听觉频率范围之内．解答：解：A、超声波不能够在真空中传播．此选项不正确；B、调整二胡两根弦的松紧是为了改变声音的音调．此选项不正确；C、声波能够传递信息和能量．此选项正确；D、地震时产生的次声波不在人耳的听觉频率范围之内，人们听不到．此选项不正确．故选C．点评：此题考查了有关声现象的一些知识，难度不大．　2．（3分）（2022•达州）下列关于光现象的描述中，正确的是（　　）　A．立竿见影是由于光的反射形成的　B．“潭清疑水浅”与“池水映明月”的形成原因是一样的　C．初三学生李凡照毕业照时成的像与平时照镜子所成的像都是实像　D．雨过天晴后天空中出现的彩虹是光的色散现象考点：光的色散．专题：光的折射、光的色散．分析：（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；凸透镜成像的应用：u＞2f．成倒立缩小的实像；20\n（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的．解答：解：A、立竿见影是由于光的直线传播形成的，A选项说法错误；B、“潭清疑水浅”的形成原因是由于光的折射，“池水映明月”的形成原因是光的反射，故二者的形成原因不同；B选项说法错误；C、初三学生李凡照毕业照时成的像利用了凸透镜成像中的u＞2f．成倒立缩小的实像；平时照镜子所成的像是正立等大的虚像，故C错误；D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象．故D正确．故选D．点评：此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的．　3．（3分）（2022•达州）如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1和L2都正常发光，一段时间后，一盏灯突然熄灭，而电压表和电流表示数都不变，则故障原因可能是（　　）　A．灯L1短路B．灯L2短路C．灯L1开路D．灯L2开路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．专题：欧姆定律．分析：分析电路知，两只灯泡并联，电流表测量L2支路电流，电压表测量电源电压．并联电路的特点是：各用电器工作状态互不影响．根据电流表、电压表在电路中特征来判断．解答：解：A、L1短路，则电流表直接与电源两极相连，会损坏．不合题意．B、L2短路，则电压表也会被短路，无示数．不合题意．C、L1断路，电流表无示数．不合题意．D、L2断路，则电压表直接测电源电压，有示数．L1支路不受影响．符合题意．故选D．点评：此题考查了用电流表、电压表来判断电路故障，对两表的用法和特征要会运用．使用完好的电流表检验电路故障时，将电流表与用电器串联，闭合开关，若电流表有示数，说明串联的用电器短路；若没有示数，说明串联的用电器断路．　4．（3分）（2022•达州）5月31日是世界无烟日”，吸烟有损自己和他人的健康，据世卫组织统计，每年因吸烟导致近600万人失去生命，造成他人吸二手烟是由于（　　）　烟分子间存在着引力烟分子间有空隙20\nA．B．　C．烟分子在不停地做无规则运动D．烟分子间存在着斥力考点：分子的运动．专题：分子热运动、内能．分析：解此题需掌握分子动理论，物质是由分子组成的，一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力．扩散现象说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动．解答：解：由于一切分子都在不停地做无规则运动，所以公共场合吸烟的时候，烟气会扩散到空气中，被在场的其它人吸收．故造成他人吸二手烟是由于分子在不停地做无规则运动的缘故．故选C．点评：本题主要考查学生对扩散现象，即分子运动的了解和掌握，是一道基础题．　5．（3分）（2022•达州）中学生小华在一次跳绳的体能测试中，1min内跳了120次，每次跳离地面的高度约为5cm，则他跳绳时的功率最接近（　　）　A．5WB．50WC．500WD．5000W考点：功率的计算．专题：功、功率、机械效率．分析：中学生的体重在500N左右，已知体重和每次跳起的高度，可以得到跳起一次做的功；已知一次做的功和跳绳次数，可以得到此过程做的功；已知做功多少和所用时间，利用公式P=得到跳绳的功率．解答：解：小华一次跳绳做的功为W0=Gh=500N×0.05m=25J，小华1min跳绳做的功为W=120W0=120×25J=3000J，小华跳绳的功率为P===50W．故选B．点评：此题考查的是功和功率的计算，对小华的体重做一个合理的赋值，是解决此题的关键．　6．（3分）（2022•达州）长方体木箱放在水平地面上，木箱上放一木块，则下列分析正确的是（　　）　A．木箱受到的重力和地面对木箱的支持力是一对平衡力　B．木箱对地面的压力和地面对木箱的支持力是一对相互作用力　C．木箱对木块的支持力和木块对木箱的压力是一对平衡力　D．地面对木箱的支持力和木块对木箱的压力是一对相互作用力20\n考点：平衡力和相互作用力的区分．专题：运动和力．分析：（1）二力平衡的条件是：①作用在同一个物体上的两个力；②大小相等；③方向相反；④作用在同一直线上．（2）相互作用力的条件是：①作用在两个物体上的两个力；②大小相等；③方向相反；④作用在同一直线上．根据二力平衡的条件和相互作用的条件进行判断．解答：解：A、木箱受到的重力和地面对木箱的支持力大小不相等，不是一对平衡力．B、木箱对地面的压力和地面对木箱的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、不作用在同一物体上，是一对相互作用力．C、木箱对木块的支持力和木块对木箱的压力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、不作用在同一物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力．D、地面对木箱的支持力和木块对木箱的压力，大小不相等，不是一对相互作用力．故选B．点评：解答此类问题的关键是正确的受力分析和对二力平衡条件、相互作用力的准确掌握和理解．　7．（3分）（2022•达州）有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示．把它们串联在电路中，如图（乙）所示．闭合开关S，这时电流表的示数为0.4A，则电源电压和电路消耗的总功率分别是（　　）　A．4.5V1.8WB．2.5V1.0WC．4.5V1.0WD．2.0V0.8W考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律．专题：应用题；电流和电路；电能和电功率．分析：电路元件A和B串联时，电路中各处的电流相等，根据甲图得出它们两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，利用P=UI求出电路消耗的总功率．解答：解：电路元件A和B串联时，电路中各处的电流相等，由图甲可得：当电流表的示数为0.4A时，UA=2V，UB=2.5V，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴电源的电压U=UA+UB=2V+2.5V=4.5V，电路消耗的总功率：P=UI=4.5V×0.4A=1.8W．故选A．点评：20\n本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，关键是根据图象读出电流对应的电压．　8．（3分）（2022•达州）下列有关运动和力的说法中正确的是（　　）　A．给正在运动的物体再施加一个力，物体一定比原来运动得更快　B．运动的物体如果不受外力作用时将会慢慢停下来　C．推出去的铅球继续前进是因为受到了惯性的作用　D．跳伞运动员在空中匀速下降时机械能逐渐减小考点：动能和势能的大小变化；惯性；力与运动的关系．专题：运动和力；机械能及其转化．分析：（1）主要是施加的力和物体的运动方向的关系，如果施加的力和物体运动方向相同，物体运动加快；如果施加的力和物体运动相反，物体运动减慢．（2）根据牛顿第一定律判断．（3）惯性只有两个修饰词，是由于和具有．（4）从动能和重力势能大小变化进行分析．解答：解：A、给正在运动的物体再施加一个力，物体可能比原来运动得更快，也可能比原来运动的慢．选项错误．B、运动的物体如果不受外力作用时，物体将进行匀速直线运动．选项错误．C、推出去的铅球继续前进是因为铅球具有惯性要保持原来的运动状态．选项错误．D、跳伞运动员在空中匀速下降时，运动员的质量不变，速度不变，动能不变；高度减小，重力势能减小；没有发生弹性形变，不具有弹性势能；所以机械能=动能+重力势能，机械能变小．选项正确．故选D．点评：惯性是物体的一种属性，是一种性质，惯性是物体在任何时候都具有的，惯性大小只跟物体质量有关．　9．（3分）（2022•达州）如图所示，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲：U乙为4：1；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比I甲：I乙为（　　）　A．4：3B．3：2C．3：4D．3：1考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电阻的串联．专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．20\n分析：（1）当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，电压表甲测量串联电阻的总电压，电压表乙测量R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出两电压表的示数之比求出两电阻之比；（2）当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量R1和R2总电流，根据欧姆定律和并联电路的电压特点求出通过两电阻的电流之比，再根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比．解答：解：当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，如下图所示：则U=U甲，U2=U乙，由题知，U甲：U乙=4：1，即U：U2=4：1，∵串联电路各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和，∴根据欧姆定律可得：===，解得：=；（2）若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，如下图所示：∵并联电路各支路两端的电压相等，∴===，∵并联电路总电流等于各支路电流之和，∴===．故选C．点评：本题考查了电路的动态分析，即通过改变开关的连接方法和电表的更换改变了电路的连接方法，电路先串联后并联，通过电阻的不变量来沟通两个过程．　20\n10．（3分）（2022•达州）如图所示是演示电磁学原理及其应用的示意图，以下说法中正确的是（　　）　A．利用甲实验的原理可制成丙装置B．利用乙实验的原理可制成丁装置　C．丙装置可将内能转化为电能D．丁装置可将机械能转化为电能考点：直流电动机的原理；发电机的构造和原理．专题：压轴题．分析：此题综合性较强，解题时首先要弄清每个图形所研究的是哪些实验或现象，然后再进行判断．解答：解：A、甲实验探究的是电磁感应现象，是发电机原理，而不是电动机，故A错；B、乙实验探究的是通电导体在磁场中受力运动的现象，是电动机原理，故B错；C、丙是直流电动机的构造模型图，是将电能转化为机械能，故C错；D、丁是发电机的模型，符合题意；故选D．点评：电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键．　二、填空题（本大题11小题，每空1分，共22分）11．（3分）（2022•达州）前段时间达州大部分地方出现较长时间的干旱，气象部门实施人工降雨，用飞机在高空喷洒干冰，干冰进入云层后迅速　升华　成为气体，并从周围吸收大量的热，空气温度急剧下降，使空气中水蒸气　凝华　成小冰晶，这些冰晶逐渐变大而下降，遇暖气后吸收热量而　熔化　为雨滴落到地面．（均填物态变化名称）考点：熔化与熔化吸热特点；升华和凝华的定义和特点．专题：温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华．分析：从六种物态变化定义进行判断：物质从固态变为液态是熔化过程；物质从液体变为固态是凝固过程；物质从气态变为液态是液化过程；物质从液态变为气态是汽化过程；物质从固态直接变为气态是升华过程；物质从气态直接变为固态是凝华过程．解答：解：干冰进入云层后迅速成为气体，物质从固态直接变成气态是升华；空气中水蒸气变成小冰晶，物质从气态直接变成固态，是凝华；冰晶逐渐变大而下降变为雨滴落到地面，物质从固态变成液态，是熔化．故答案为：升华；凝华；熔化．点评：判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断．　20\n12．（2分）（2022•达州）手机已广泛应用于现代生活，手机通讯靠　电磁波　传送信息，其传播速度　等于　（选填“大于”“等于”“小于”）光速．考点：电磁波的传播．专题：信息的传递．分析：光是一种电磁波，它们的传播速度相同；手机是利用电磁波传递信息的．解答：解：手机已广泛应用于现代生活，手机通讯靠电磁波传送信息，其传播速度等于光速．故答案为：电磁波；等于．点评：本题考查了电磁波的应用，电磁波的传播速度与光速的关系，光是一种电磁波．　13．（2分）（2022•达州）为了保证人们的安全，在城市的很多地方都安装了摄像头，该装置的光学统主要是凸透镜，通过该装置能记录车辆及行人　倒立　、　缩小　的实像．考点：凸透镜成像的应用．专题：透镜及其应用．分析：根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜．解答：解：摄像头和照相机都是根据凸透镜成倒立、缩小的实像工作的．故答案为：倒立、缩小．点评：凸透镜成像的三种情况和应用的凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握．　14．（2分）（2022•达州）被誉为“气都”的达州，天然气储量丰富，天然气是　不可再生　（选填“可再生”“不可再生”）能源．小明同学需要在标准大气压下烧开初温为20℃、质量为3kg的一壶水，如天燃气完全燃烧放出热量的80%被水吸收，则要完全燃烧　0.042　m3的天然气．[天然气的热值取3.0×107J/m3，C水=4.2×103J/（kg•℃）]．考点：热平衡方程的应用．专题：比热容、热机、热值．分析：（1）能够源源不断地从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源，不能够源源不断地从自然界获得或不可以重复利用的能源是不可再生能源．（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量；若用天然气作燃料，燃烧天然气放出的热量只有80%被水吸收，求出天然气释放的热量，然后利用Q放=qV的变形公式求需要天然气的质量．解答：解：（1）石油和天然气不能够源源不断地从自然界获得，也不能重复利用，它们是不可再生能源．（2）在一标准大气压下，水的沸点是100℃，把水烧开，水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×3kg×（100℃﹣20℃）=1.008×105J；由题知，Q吸=ηQ放=ηqV=1.008×105J，20\n需要完全燃烧煤气的体积：V===0.042m3．故答案为：不可再生；0.042．点评：本题主要考查了能源的分类和学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用，因条件已给出，难度不大．　15．（2分）（2022•达州）一列长200m的火车，以72km/h的速度匀速进入长为2km的隧洞，火车完全在洞中的时间是　90　s，火车上乘客看见洞中的路灯在后退，乘客是以　火车　为参照物．考点：速度公式及其应用；参照物及其选择．专题：计算题；长度、时间、速度．分析：火车长度与隧洞长度之差是火车完全在洞中的路程，由速度公式的变形公式求出火车火车的运动时间；如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的．解答：解：火车完全在洞中的路程s=2000m﹣200m=1800m，火车速度v=72km/h=20m/s，∵v=，∴火车的运动时间：t===90s；路灯相对于火车位置不断后退，以火车为参照物路灯在不停地往后退；故答案为：90；火车．点评：本题考查了求火车的运动时间、选择参照物，应用速度公式的变形公式、知道物体间的位置关系如何变化即可正确解题．　16．（2分）（2022•达州）一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该小灯泡接在12V的电源上，为使其正常发光，应　串　联一个　10　Ω的电阻．考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电阻的串联．专题：计算题；压轴题．分析：由题意可知，电源电压大于灯泡的额定电压，故应串联电阻分得多余电压；由欧姆定律可得出串联电阻的阻值．解答：解：串联电阻起分压作用，因灯泡仍正常发光，故电路中电流I=0.4A，电阻两端电压U=12V﹣8V=4V；则由欧姆定律可得电阻的阻值R===10Ω；故答案为：串，10．点评：通过本题应掌握：串联电路起分压作用；欧姆定律的灵活应用．　20\n17．（2分）（2022•达州）如图所示，底面积和质量都相同的A、B两容器，装有质量相同的不同液体，放在水平桌面上，则液体对容器底部的压强PA　小于　PB，容器对桌面的压强PA′　等于　PB′．（选填“大于”“等于”“小于”）考点：压强大小比较．专题：压强、液体的压强．分析：（1）首先根据两种液体的体积、质量关系比较得出它们的密度关系，再根据液体压强公式P=ρgh比较两容器底部所受液体的压强PA、PB的关系；（2）首先明确，两个容器以及所装液体的总质量相同，即重力相同，可判断出它们对于水平面的压力的大小关系，再根据已知的容器底面积大小关系，结合压强公式p=比较出两个容器对桌面的压强大小．解答：解：（1）两个容器底面积相同，形状不同，在液面等高的情况下，三个容器内液体的体积关系为：VA＞VB；由于两种液体质量相同，由ρ=得：ρA＜ρB；已知液面高度相同：hA=hB，由液体压强公式P=ρgh得：两容器底部所受液体的压强关系是PA＜PB；（2）两个容器的质量以及所装液体的质量相同，即两个容器的总质量相同：mA=mB；所以两个容器对桌面的压力F=G=mg相同，又已知个容器底面积相等，即SA=SB；由p=得：两个容器对桌面的压强关系是PA′=PB′．故答案为：小于；等于．点评：此题主要考查学生对液体压强的计算和压强大小及其计算的理解和掌握，此题稍微有点难度，属于中档题．　18．（2分）（2022•达州）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表A的示数将　变小　，电压表V的示数将　变大　．（选填“变大”“变小”“不变”）考点：电路的动态分析；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用．专题：应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和灯泡两端的电压变化，再根据串联电路的电压特点判断滑动变阻器两端的电压变化．解答：解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．20\n滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，∵I=，∴电路中的电流变小即电流表的示数变小，灯泡两端的电压变小，∵串联电路中总电压等于各分电压之和，∴滑动变阻器两端的电压变大即电压表V的示数变大．故答案为：变小；变大．点评：本题考查欧姆定律及串联电路的电压规律，注意因滑动变阻器电阻和电流同时发生了变化，无法直接由欧姆定律求得两端的电压，故先求得与之串联的灯泡两端的电压，再根据总电压不变，得出滑动变阻器两端的电压．　19．（1分）（2022•达州）汽油机的一个工作循环有四个冲程，如图所示是　做功　冲程．考点：内燃机的四个冲程．专题：图析法；比热容、热机、热值．分析：解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功．”进行分析．解答：解：如图，两气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程．故答案为：做功．点评：解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答．　20．（2分）（2022•达州）小李家的电饭煲铭牌模糊不清，为了测其额定功率，他关掉家里其它用电器，让电饭煲正常工作1min，观察发现家里标有3000R/kW•h的电能表转盘转了50转，则电饭煲的额定功率是　1000　W，如果在用电高峰时，电饭煲两端的实际电压是额定电压的90%，则电饭煲工作1小时消耗的电能是　0.81　kW•h．（设电阻丝电阻恒定）考点：电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算．专题：计算题；压轴题；电能和电功率．分析：（1）3000R/kwh表示消耗1kw•h的电能，电能表转3000转；据此可求出当电能表的转数为50转时消耗的电能，还知道正常工作时间，根据公式P=可求电饭煲的额定功率．（2）求出了电饭煲的额电功率，利用P=求其电阻；根据电饭煲两端的实际电压是额定电压的90%求出电饭煲的实际电压，根据W=t求电饭煲工作1小时消耗的电能．解答：解：（1）消耗1kW•h的电能，电能表转3000转，电能表转了50转，消耗的电能：20\nW=kW•h=kW•h，用电器的实际功率：P===1kW=1000W，∵电饭煲正常工作，∴电饭煲的额定功率：P额=1000W；（2）∵P=，∴电饭煲的电阻：R===48.4Ω，电饭煲的实际电压：U实=U额×90%=220V×90%=198V，电饭煲工作1小时消耗的电能：W=t=×3600s=2.916×106J=0.81kW．故答案为：1000；0.81．点评：本题考查消耗电能的计算和功率的计算，关键是电功率公式及其变形的应用，要学会对电能表参数的理解，解题过程中要注意单位的换算．　21．（2分）（2022•达州）如图所示的电路中，三个电阻R1、R2、R3的阻值分别为1Ω、2Ω、3Ω，开关闭合后，通过三个电阻的电流之比为　6：3：2　，电流表A1、A2和A3的内阻均可忽略，它们的示数分别为I1、I2和I3，则I1：I2：I3=　5：9：11　．考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律．专题：应用题；压轴题；电路和欧姆定律．分析：由电路图可知，三电阻并联，电流表A1测R2和R3支路的电流之和，电流表A2测R1和R2支路的电流之和，电流表A3测干路电流；根据并联电路的电压特点和欧姆定律分别表示出各支路的电流，进一步求出它们的电流之比，再根据并联电路的电流特点求出电流表的示数之比．解答：解：由电路图可知，三电阻并联，电流表A1测R2和R3支路的电流之和，电流表A2测R1和R2支路的电流之和，电流表A3测干路电流；∵并联电路中各支路两端的电压相等，20\n∴根据欧姆定律可得：IR1==，IR2==，IR3==，∴IR1：IR2：IR3=：：=6：3：2；∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴I1=IR2+IR3=+=，I2=IR1+IR2=+=，I3=IR1+IR2+IR3=++=，I1：I2：I3=：：=5：9：11．故答案为：6：3：2；5：9：11．点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电流表所测电路元件的判断，计算过程要注意各量之间的关系不要颠倒．　三、作图题（本大题2小题，共6分）22．（3分）（2022•达州）如图所示，实心铅球静止在斜面上，请用力的示意图作出铅球受到的重力和挡板对铅球的支持力．考点：力的示意图．专题：作图题；压轴题；重力、弹力、摩擦力．分析：重力的作用点在物体的重心，方向竖直向下；支持力的作用点在接触面与物体的接触点上，方向垂直挡板斜向上．解答：解：过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示；过支持力的作用点沿垂直挡板向上的方向画一条带箭头的线段，符号用F表示；如图所示：点评：画力的示意图，是用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点．　20\n23．（3分）（2022•达州）电冰箱的压缩机（电动机）是由温控开关控制的，冷藏室中的照明灯是由门控开关控制的，即开冰箱门时照明灯亮、关冰箱门时照明灯灭．请在图中用笔画线连接好符合上述特点的电冰箱工作电路图．考点：实物的电路连接．专题：作图题；压轴题；电流和电路．分析：由题意可知，电动压缩机与温控开关串联，照明灯泡与门控开关串联；灯和压缩机可以独立工作、互不影响，即为并联．解答：解：由题意可知：灯和压缩机是并联关系，且电动压缩机与温控开关串联，照明灯泡与门控开关串联，如下图所示：点评：本题考查了并联电路的特点和开关的作用，关键是根据题意得出灯泡与电动机独立工作、互不影响．　四、创新设计与实验探究（本大题2小题，共13分）24．（6分）（2022•达州）下面是小李同学和小张同学设计的“测食用油密度”的实验方案，请完善他们的方案，并回答后面的问题：（1）小李同学的方案：用调节平衡的天平测出空烧杯的质量m1，向烧杯内倒入适量食用油再测出烧杯和食用油的总质量m2，然后把烧杯内的食用油全部倒入量筒内，读出量筒内食用油的体积为V1；其测得的食用油密度的表达式为　ρ油=　．（2）小张同学的方案：在烧杯内倒入适量的食用油，用调节平衡的天平测出烧杯和食用油的总质量m3，然后将烧杯内部分食用油倒入量筒，再测出烧杯和剩余食用油的总质量m4，读出量筒内食用油的体积V2．其测得的食用油密度的表达式为　ρ′油=　．（3）请你对上述两种实验方案进行评估，按　小张　同学的实验方案进行测量，实验误差可能小一些．（4）如图是按小张同学的实验方案进行某次实验的情况，请将实验的数据及测量结果填入表中． 烧杯和食用油的总质量（g）烧杯和剩余油的总质量（g）倒出油的体积（cm3）油的密度（kg/m3）20\n34.1　17.3　　20　　0.84×103　考点：液体密度的测量．专题：压轴题；测量型实验综合题．分析：（1）把烧杯内的油全部倒入量筒内，量筒内油的质量等于烧杯和食用油的总质量减去空烧杯的质量，读出量筒内食用油的体积，根据密度公式即可得出食用油密度的表达式．（2）把烧杯内的油适量倒入量筒内，量筒内油的质量等于烧杯和食用油的总质量减去烧杯和剩余食用油的总质量，读出量筒内食用油的体积，根据密度公式即可得出食用油密度的表达式．（3）小李的实验中烧杯内的食用油不可能全部倒入量筒中，会沾在烧杯壁上，使质量测量值大于倒入量筒中食用油的质量．（4）知道烧杯和食用油的总质量，以及烧杯和剩余食用油的质量，求出倒入量筒的食用油的质量，再读出食用油的体积，根据密度公式求出食用油的密度．解答：解：（1）∵烧杯和食用油的总质量m2，空烧杯的质量m1，∴量筒内油的质量为：m2﹣m1．又∵量筒内食用油的体积为V1，∴根据密度公式ρ=可得：食用油密度的表达式是：ρ油=，（2）∵烧杯和食用油的总质量m3，烧杯和剩余食用油的质量m4，∴量筒内油的质量为：m3﹣m4．又∵量筒内食用油的体积为V2，∴根据密度公式ρ=，可得：食用油密度的表达式是：ρ′油=．（3）小李先测空烧杯的质量，再测烧杯和液体总质量，最后将液体倒入量筒来测体积，这种做法会因烧杯壁粘液体而使测出的体积偏小，导致算出的液体密度偏大；而小张先测出烧杯和食用油的总质量，然后将烧杯内的适量食用油倒入量筒内，再测出烧杯和剩余食用油的总质量，读出量筒内食用油的体积，避免了容器壁粘液体带来的实验误差，能使实验误差减小．（4）烧杯和剩余油的总质量：m'=10g+5g+2g+0.3g=17.3g，倒入量筒中食用油的质量为：m=m0﹣m'=34.1g﹣17.3g=16.8g，食用油的体积：V=20ml=20cm3，食用油的密度是：ρ===0.84g/cm3．20\n故答案为：（1）ρ油=；（2）ρ′油=；（3）小张；（4）见下表； 烧杯和食用油的总质量（g）烧杯和剩余油的总质量（g）倒出油的体积（cm3）油的密度（kg/m3）34.117.3200.84×103点评：同样测量液体的密度，本题同时给出了两种方案，让学生分析辨别，提高了学生的思考能力，锻炼了学生思维能力．是一道好题．　25．（7分）（2022•达州）利用如图甲所示的实验器材，测定额定电压为6V的小灯泡的电功率．已知滑动变阻器上标有“l2Ω1A”的字样，电源电压保持不变．请完成下列相关问题：（1）该实验的原理是　P=UI　．（2）在甲图上补画一根导线，使得测定小灯泡电功率的电路完整，要求滑片P向右移动时，小灯泡变暗．（3）连好电路后，要使滑动变阻器的电阻丝全部接入电路，应先将滑片P移至　b　（选填“a”“b”）端，再闭合开关S，此时电压表示数为4.2V，对应的电流表示数如图乙所示．（4）调节滑片P，当P移至ab中点时，小灯泡恰好正常发光．（5）继续调节滑片P，当P移至另一点时，灯泡偏亮，读出此时电压表、电流表示数分别为6.5V、0.52A．（6）根据实验过程填完下表．实验次数电压表示数/V电流表示数/A亮度功率/W14.2　0.4　偏暗　1.68　26.0　0.5　正常　3　36.50.52偏亮3.38考点：电功率的测量．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）伏安法测灯泡电功率的原理是：电功率公式P=UI；（2）要求滑片P向右移动时，小灯泡变暗，即使整个电路中的电流变小，故此时电路中的电阻要变大，滑片最左端要和开关连接；20\n（3）连好电路后，闭合开关前，为防止电路中电流过大烧毁元件，变阻器的阻值应在最大值处，故滑片P应滑至b端；已知滑动变阻器接入电路电阻最大，所以此时电路电流最小，根据滑动变阻器允许通过的电流和电流表指针位置，确定此时的电路电流；已知灯泡两端实际电压和通过的电流，利用公式P=UI得到实际功率；（4）（5）（6）①在上一步中，已知滑动变阻器全部接入电路和通过电路的电流，可以得到滑动变阻器两端电压；已知电压表示数和滑动变阻器两端电压，可以得到电源电压；②灯泡正常发光时两端电压为额定电压，已知电源电压，可以得到滑动变阻器两端电压；已知滑动变阻器接入电路的电阻和两端电压，可以得到电路电流；已知灯泡额定电压和通过的电流，利用公式P=UI得到额定功率．解答：解：（1）测量小灯泡功率的实验原理为P=UI；（2）变阻器一端已经连好，根据变阻器的工作原理，要想滑片右移时阻值变大，导线必须连在左下端，实物电路连接如右图所示：（3）连好电路后，闭合开关前，为防止电路中电流过大烧毁元件，变阻器的阻值应在最大值处，故滑片P应滑至b端；滑动变阻器接入电路电阻最大时，电路电流最小，而滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以电流表指针指示的电流是0.4A；此时灯泡的实际功率为P1=U1I1=4.2V×0.4A=1.68W；（4）（5）（6）①滑动变阻器两端电压为U最大=0.4A×12Ω=4.8V，电源电压为U=U1+U最大=4.2V+4.8V=9V；②灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为U半=U﹣U额=9V﹣6V=3V，通过灯泡的电流为I额=I半===0.5A，灯泡的额定功率为P额=U额I额=6V×0.5A=3W．故答案为：（1）P=UI；（2）实物连接如下：；（3）b；（6）实验结果如下表：实验次数电压表示数/V电流表示数/A亮度功率/W14.20.4偏暗1.6826.00.5正常336.50.52偏亮3.38点评：在物理实验中，探究用电器的功率经常见到，该类实验题总体难度不大，但是因为涉及的知识点较多，稍微马虎就容易出错，故做该类题时细心最为重要．　20\n五、综合运用与计算（本大题2小题，共14分.解答时要求有必要的文字说明、公式和计算过程，只写结果不得分）26．（7分）（2022•达州）如图，物体重100N，圆柱形容器底面积为400cm2，内盛有65cm深的水，当用图中滑轮组将物体浸没在水中后，容器中水面上升到70cm，物体完全浸没在水中时滑轮组的机械效率为80%（不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦及水的阻力）．ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg．求：（1）物体浸没在水中后，水对容器底增加的压强．（2）物体浸没在水中时受到的浮力．（3）若把物体完全拉出水面后，滑轮组的机械效率．考点：液体的压强的计算；浮力大小的计算；滑轮（组）的机械效率．专题：计算题；压轴题；压强、液体的压强；浮力；功、功率、机械效率．分析：（1）求出水面上升的高度，根据液体压强计算公式P=ρgh就可以计算出水对容器底增加的压强；（2）物体浸没在水中时V排=V物，首先求出物体的体积，再根据阿基米德原理计算出物体受到的浮力；（3）当物体完全浸没在水中时，根据滑轮组机械效率的计算公式和滑轮组的省力公式求出动滑轮的重力，再求出物体被拉出水面后滑轮组的机械效率．解答：解：（1）物体浸没在水中后，增加的深度：h=70cm﹣65cm=5cm=0.05m；增加的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa．（2）物体体积：V物=sh=400cm2×5cm=2000cm3=2×10﹣3m3∵浸没时V排=V物=2×10﹣3m3∴F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3=20N．（3）浸没时，由于不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦及水的阻力，∴η=×100%=×100%η=×100%=×100%20\n代入相关数据解得：G动=20N完全拉出水面后，与动滑轮相连的绳子段数是3，∴拉力F′===40N，此时滑轮组的机械效率：η′=×100%=×100%=×100%=×100%=83.3%．答：（1）物体浸没在水中后，水对容器底增加的压强是500Pa．（2）物体浸没在水中时受到的浮力是20N．（3）若把物体完全拉出水面后，滑轮组的机械效率是83.3%．点评：本题为力学综合题，考查了压强公式的应用、浮力的计算、同一直线上力的合成、使用滑轮组拉力和机械效率的计算，本题关键是明确物体出水前后机械效率的计算方法，属于难题．　27．（7分）（2022•达州）如图所示，电源电压保持12V不变，L是标有“12V6W”的小灯泡，其电阻不随温度变化，R=20Ω．（1）当S、S1闭合、S2断开，且P位于滑动变阻器R0的中点时，电流表示数为0.4A．求滑动变阻器R0的最大阻值．（2）当S、S1、S2都闭合，且P位于a端时，求电流表的示数．（3）要使电路中的总功率最小，请指出开关S、S1、S2的开闭情况和滑片P的位置，并求出此时的最小功率．考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算．专题：计算题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）当S、S1闭合、S2断开，且P位于滑动变阻器R0的中点时，灯泡与滑动变阻器阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，根据P=求出灯泡的电阻，再根据电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值；（2）当S、S1、S2都闭合，且P位于a端时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流，再根据并联电路的电流特点求出电流表的示数；（3）当S、S1闭合，S2断开，且P位于b端时，电路中的总电阻最大，根据P=可知电路中的总功率最小，利用电阻的串联和P=求出其大小．解答：解：（1）当S、S1闭合、S2断开，且P位于滑动变阻器R020\n的中点时，灯泡与滑动变阻器阻值的一半串联，电流表测电路中的电流，由P=可得，小灯泡的电阻：RL===24Ω，由欧姆定律可得，电路中的总电阻：R总===30Ω，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，R0=R总﹣RL=30Ω﹣24Ω=6Ω，解得：R0=12Ω；（2）当S、S1、S2都闭合，且P位于a端时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴两支路的电流分别为：IL===0.5A，IR===0.6A，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴电流表的示数：I=IL+IR=0.5A+0.6A=1.1A；（3）当S、S1闭合，S2断开，且P位于b端时，电路中的总电阻最大，总功率最小，P最小===4W．答：（1）滑动变阻器R0的最大阻值为12Ω；（2）当S、S1、S2都闭合，且P位于a端时，电流表的示数为1.1A；（3）当S、S1、S2都闭合，且P位于a端时，电路中的总功率最小，最小功率为4W．点评：本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是电路最小电功率的判断．　20