四川省绵阳市2022年中考物理真题试题（解析版）

四川省绵阳市2022年中考物理试卷一、选择题（每小题3分，共36分，每小题只有一个选项是最符合题目要求的）1．（3分）（2022•绵阳）2022年4月20日四川雅安发生地震，各地迅速组织救援队伍前往救援，体现出了名族大爱，救援中，我国具有完全自主知识产权的北斗导航系统发挥了重要作用．北斗导航卫星传递信息依靠的是（　　）　A．激光B．电流C．超声波D．电磁波考点：电磁波的传播．专题：信息的传递．分析：北斗卫星导航系统及人们日常生活中用的电视信号、手机信号都是利用电磁波传递信号的．解答：解：卫星和地面的联系靠电磁波，将图片和声音等信号调制到电磁波上，把电磁波当成载体发射回地面．所以它传递信息利用的是电磁波．故选D．点评：这是一道考查电磁波在日常生活中的应用的基础题，比较容易．　2．（3分）（2022•绵阳）骑自行车上一个陡坡时，有经验的同学会沿S型路线骑行，他这样做是为了（　　）　A．缩短上坡过程中所走的路程B．减少上坡过程中所做的功　C．减小上坡过程中所施加的力D．缩短上坡过程中所用的时间考点：轮轴及其他常见简单机械．专题：简单机械．分析：本题由斜面模型及功的原理进行分析．①使用任何机械都不省功；②斜面坡度越小越省力，即斜面高度一定，斜面越长越省力．解答：解：A、上坡时，自行车上升的高度不变，走S形路线所走的路线较长，A不正确．B、使用任何机械都不省功，B不正确．C、上坡时，走S形路线所走的路线较长，相当于增长了斜面的长度，斜面越长越省力．C正确．D、速度一定，走S形路线所走的路线较长，所用的时间较长．D不正确．故选C．点评：斜面模型是物理中考的最多的一种运动学模型，应认真分析．　3．（3分）（2022•绵阳）夏天，人们喜欢到海边度假．白天，海风拂面，带来丝丝凉意，夜间却不会很凉．而沙漠的夏天昼夜温差可达50℃．对这种现象的解释，正确的是（　　）　A．太阳照射沙漠地区的时间较长B．海边有风而沙漠地区可能没有　C．海水的比热容比沙石的比热容大D．太阳直射沙漠地区，斜射海边16\n考点：比热容解释简单的自然现象．专题：比热容、热机、热值．分析：沿海地区水多，水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区比内陆地区昼夜的温差小．解答：解：沿海地区水多，水的比热容较大；沙漠地区，地表以砂石为主，砂石比热容较小．白天，相同质量的水和砂石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，砂石温度升高的多，所以海边升高温度较低，沙漠升高温度较高；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，砂石温度降低的多，所以海边降低温度较少，沙漠的降低温度较多，因此海边白天海风拂面，带来丝丝凉意，夜间却不会很凉，沙漠的昼夜温差巨大．故选C．点评：此题考查的是利用所学的物理知识（水的比热容大的特点）解释生活中的现象，是中考的命题的热点形式．　4．（3分）（2022•绵阳）时值仲夏，常听见“蛙声一片”、“声声蝉鸣”，有时觉得悦耳，有时又打扰我们的休息，为了减轻蛙声和蝉鸣的影响，我们常常紧闭门窗或者戴上耳塞．下列说法正确的是（　　）　A．紧闭门窗是通过防止噪声的产生来控制噪声　B．戴上耳塞是通过阻断噪声的传播来控制噪声　C．我们能分辨蛙声和蝉鸣，是因为它们的音调不同　D．蛙声和蝉鸣都是由该动物身体的某部分振动产生的考点：声音的产生．专题：声现象．分析：①防治噪声的途径有三条：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；②音色指声音的特色，跟发声体的材料和结构有关，不同的发声体发出的声音音色不同；③声音是由物体的振动产生的，一切发声体都在振动．解答：解：A、紧闭门窗是通过防止噪声的传播来减弱噪声．此选项错误；B、戴上耳塞是在人耳处减小响度来减弱噪声．此选项错误；C、我们能分辨蛙声和蝉鸣，是因为它们的音色不同．此选项错误；D、蛙声和蝉声都是由该动物身体的某部分振动产生的．此选项正确．故选D．点评：本题考查了声学的基础知识，属于识记性内容，相对比较简单，是基础知识的考查．　16\n5．（3分）（2022•绵阳）如图所示，在装着红棕色二氧化氮气体的瓶子上面，倒扣一个空瓶子，使两个瓶口相对，之间用一块玻璃板隔开．抽出玻璃板后，比空气密度大的二氧化氮进到了上面的瓶子．这个现象说明（　　）　A．气体分子在不停地运动B．气体分子之间存在引力和斥力　C．气体是由分子组成的D．温度越高，气体分子运动越剧烈考点：分子的运动．专题：分子热运动、内能．分析：不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停的做无规则运动．解答：解：虽然二氧化氮的密度大于空气密度，但是它也会运动到上面的瓶子内，这说明气体分子在不停地做无规则运动，这种现象是扩散现象．故选A．点评：扩散现象不但说明了分子在不停地做无规则运动，还体现了分子之间有间隙．　6．（3分）（2022•绵阳）凸透镜是一种基本光学元件，在生活中有广泛的应用．下列说法正确的是（　　）　A．用放大镜观察小物体时，小物体应放在一倍焦距与二倍焦距之间　B．如果是远视眼，应当用凸透镜加以矫正　C．照相机照全身照时，所成像是正立、缩小的实像　D．小孔成像和凸透镜成像都是由光的折射形成的考点：凸透镜成像的应用．专题：透镜及其应用．分析：（1）根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜．（2）近视眼用凹透镜进行矫正；远视眼用凸透镜进行矫正．（3）小孔成像是光的直线传播，凸透镜成像是光的折射．解答：16\n解：A、用放大镜观察小物体时，小物体应放在一倍焦距以内，成正立、放大的虚像．不符合题意．B、远视眼是晶状体变薄，像成在视网膜的后面，应当用凸透镜加以矫正，因为凸透镜对光线有会聚作用，能使像成在视网膜上．符合题意．C、照相机照相时，成倒立、缩小的实像．不符合题意．D、小孔成像是光的直线传播，凸透镜成像是光的折射．不符合题意．故选B．点评：掌握小孔成像、平面镜、凸透镜、凹透镜、凸镜、凹镜成像原理和成像性质，以及其应用．　7．（3分）（2022•绵阳）人类历史上不断进行着能量转化技术的进步，即能源革命．下列关于能源的说法，正确的是（　　）　A．核能都是原子核分裂时释放出来的能量　B．地球50亿年积累的太阳能是我们今天所用大部分能量的源泉　C．电能和风能都是通过消耗一次能源得到的二次能源　D．化石能源、核能可以在自然界源源不断地得到，都属于可再生能源考点：能源的分类．专题：能源的利用与发展．分析：原子核裂变与聚变时都可以释放出核能；从自然界直接获得不需要加工转换的能源是一次能源，由一次能源加工转换得到的能源是二次能源；能够从自然界源源不断获得可以重复利用的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断获得，不能重复利用的能源是不可再生能源．解答：解：A、核能是由原子核裂变或聚变时释放出的能量，故A错误；B、地球50亿年积累的太阳能是我们今天所用大部分能量的源泉，故B正确；C、电能是二次能源，风能是一次能源，故C错误；D、化石能源、核能不能从自然界源源不断地得到，都属于不可再生能源，故D错误；故选B．点评：本题考查了能源的分类、核能的获得等，知道各种能源的概念，认真分析即可正确解题，本题是一道基础题．　8．（3分）（2022•绵阳）如图，是探究“什么情况下磁可以生电”的实验装置，下列情况可以产生电流的是（　　）16\n　A．导体棒不动，让磁体上下移动　B．磁体不动，让导体棒沿ab方向前后运动　C．磁体不动，让导体棒绕a端在水平面内转动　D．让导体棒和磁体以相同速度一起向左移动考点：产生感应电流的条件．专题：电动机、磁生电．分析：蹄形磁铁中，磁感线是从N极指向S极的，而要想产生感应电流，必须让闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，观察导体ab是否切割磁感线是判断的关键．解答：解：图中蹄形磁铁的磁感线是从上端N极指向下端S极的，导体ab切割磁感线运动时，才在闭合电路中产生感应电流．A、导体棒不动，让磁体上下移动，导体ab不切割磁感线，不能产生感应电流．B、磁体不动，让导体棒沿ab方向前后运动，导体ab不切割磁感线，不能产生感应电流．C、磁体不动，让导体棒绕a端在水平面内转动，此时导体ab切割磁感线运动，能产生感应电流．D、让导体棒和磁体以相同速度一起向左移动，导体ab和磁体相对静止，不能产生感应电流．故选C．点评：明确产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，同时，熟知磁感线的分布规律，是此题判断的关键因素．　9．（3分）（2022•绵阳）如图，让一束太阳光照射三棱镜，射出的光射到竖直放置的白屏上．以下说法正确的是（　　）　A．如果在白屏与棱镜之间竖直放一块红色玻璃，则白屏上其他颜色的光消失，只留下红色　B．如果在白屏与棱镜之间竖直放一块蓝色玻璃，则白屏上蓝色光消失，留下其他颜色的光　C．如果把一张红纸贴在白屏上，则在红纸上看到彩色光带　D．如果把一张绿纸贴在白屏上，则在绿纸上看到除绿光外的其他颜色的光考点：光的色散．专题：光的折射、光的色散．16\n分析：（1）太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象．（2）透明物体的颜色由物体通过的色光决定的，无色透明的物体能透过所有的色光，彩色透明物体只能透过和物体相同的色光．不透明物体的颜色由物体反射的色光决定的，白色反射所有的色光，黑色吸收所有的色光，彩色物体只反射和物体相同的色光．解答：解：由于不同颜色的光的波长不同，通过三棱镜的折射程度不同，所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带．说明太阳光有这七种颜色组成，A、如果在白屏前放一块红色玻璃，则白屏上的其他颜色的光消失，只留下红色．这表明，其它色光都被红色玻璃吸收了，只有红光能够透过；故A正确；B、如果在白屏前放置一块蓝色玻璃，则白屏上只呈蓝色光，其他颜色的光消失，故B错误；C、红色只能反射红光，如果把一张红纸贴在白屏上，所以在红纸上不看到彩色光带，只看到红光；故C错误；D、如果把一张绿纸贴在白屏上，则在绿纸上看不到除绿光外的其他颜色的光，故D错误．故选A．点评：当让太阳光经过三棱镜后，在后面的光屏上依次被分解为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫这七种颜色的色光，即由此我们可以判断出各种色光的偏折能力，即红光最弱，紫光最强；该知识点经常与凸透镜的焦距的大小判断相联系，所以我们在处理时应特别注意与该块知识的结合．　10．（3分）（2022•绵阳）在探究一个用电器中电流随电压变化关系时，李芳连接好的电路如图所示．闭合开关，发现电流表、电压表均有示数，调节滑动变阻器，电流表、电压表示数都不变化．李芳连接的电路有不妥之处，改正的方法是（　　）　A．将导线K的a端移至接线柱AB．将导线L的b端移至接线柱B　C．将导线L的b端移至接线柱DD．将导线M的c端移至接线柱B考点：实物的电路连接；滑动变阻器的使用．专题：应用题；电流和电路．分析：16\n由电路图可知，滑动变阻器没有按一上一下的原则串联在电路中，而是全接到上方两个接线柱上；要测用电器中电流随电压变化关系时电压表应并联在用电器的两端，而电路图中电压表测电源的电压．解答：解：A、将导线K的a端移至接线柱A时，滑动变阻器可以改变用电器两端的电压，但电压表测电源的电压示数不变，不能进行实验探究，故A不可行；B、将导线L的b端移至接线柱B时，滑动变阻器可以改变用电器两端的电压，但电压表测电源的电压示数不变，不能进行实验探究，故B不可行；C、将导线L的b端移至接线柱D时，滑动变阻器被断路，不能改变用电器两端的电压，无法进行实验探究，故C不可行；D、将导线M的c端移至接线柱B时，电压表测用电器两端的电压，通过移动滑片可以改变用电器两端的电压，进行实验探究，故D可行．故选D．点评：本题考查了滑动变阻器和电压表的使用，关键是知道改正后的电路滑动变阻器应可以改变用电器的电压、电压表测用电器两端的电压．　11．（3分）（2022•绵阳）体重60kg的张超为了估测自己双脚站立时对地面的压强，他穿上一双平底鞋站在一张方格纸上，描画出一只鞋的鞋底边缘的轮廓如图所示，已知小方格每边边长2cm．他对地面的压强大约是（　　）　A．1.5×104PaB．3.0×104PaC．1.5×103PaD．3.0×103Pa考点：压强的大小及其计算．专题：压强、液体的压强．分析：根据G=mg求出重力，人对地面的压力等于其重力；数出鞋底占有的方格数（大于或等于半格的算一格），求出鞋底与地面的接触面积，根据p=求出人对地面的压强．解答：解：人对地面的压力：F=G=mg=60kg×9.8N/kg=588N；鞋底占有的方格数为52格，一小格的面积为2cm×2cm=4cm2，人站立时与地面的接触面积S=2×52×4cm2=416cm2=0.0416m2，他对地面的压强：p==≈1.4×104Pa，最接近于答案A．故选A．点评：此题主要考查的是学生对重力、压强计算公式的理解和掌握，弄清楚与地面的接触面积是解决此题的关键．　16\n12．（3分）（2022•绵阳）在探究弹簧长度与力的关系时，选取甲、乙、丙、丁完全相同的四根弹簧，将甲、乙弹簧左端固定在墙上，用大小为F的力拉甲的右端，用大小为F的力压乙的右端，在丙弹簧左右两端施加大小为F的拉力，在丁弹簧左右两端施加大小为F的压力，四根弹簧都水平静止，如图所示，此时四根弹簧的长度分别是L甲、L乙、L丙、L丁，则（　　）　A．L甲=L乙=L丙=L丁B．L乙=L丁＜L甲=L丙C．L甲=L乙＜L丙=L丁D．L丁＜L乙＜L甲＜L丙考点：弹簧测力计在力的相互性方面的应用；弹簧测力计及其原理．专题：重力、弹力、摩擦力．分析：弹力是物体发生弹性形变时，对与它接触的物体产生的力；弹簧受到的弹力与其伸长量（弹簧实际长度与原长之间的差值）成正比．解答：解：弹簧受到的拉力与其伸长量（弹簧实际长度与原长之间的差值）成正比；而图甲和丙都是使弹簧伸长的，图乙和图丁都是让弹簧压缩的，图甲和图丙上的作用力相同，故伸长的长度相同；图乙和图丁上的作用力相同，故压缩的长度相同，故有L乙=L丁＜L甲=L丙；故ACD错误，B正确；故选B．点评：弹簧的伸长量取决于作用在弹簧上的力的大小，作用在挂钩上的力都是F，则伸长量相同，注意判断弹簧是伸长的还是压缩的．　二．填空题（每空2分，共20分）13．（4分）（2022•绵阳）如图，是检查视力时平面镜、被测者和视力表的位置关系示意图．若平面镜距视力表3m远，该视力表要求被测者在5m远处，则人应坐在离视力表　1　m远处，视力表上其中一个“E”字开口指向纸外，则被测者应向她的　左方　（选填“上方”、“下方”、“左方”或“右方”）指才正确．考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．专题：光的传播和反射、平面镜成像．分析：（1）首先根据物像到平面镜距离相等判断视力表到视力表的像之间的距离，然后求出视力表和人之间的距离．（2）平面镜成像时，物像相当于平面镜对称．解答：解：（1）若平面镜距视力表3m远，根据物像到平面镜距离相等，所以视力表的像到平面镜距离也是3m，所以视力表和视力表的像之间的距离是6m，人和视力表像之间的距离是5m，所以人和视力表之间的距离是6m﹣5m=1m．（2）平面镜成像时，物像相当于平面镜对称．视力表上其中一个“E”字开口指向纸外，视力表像的“E”开口向纸外，所以则被测者应向她的左方．故答案为：1；左方．点评：平面镜成像时，物像相当于平面镜对称，在平面镜成像习题中有广泛的应用．16\n　14．（4分）（2022•绵阳）体重60kg的王健做引体向上，在1min时间内完成了10个，每次上拉，身体重心上升30cm，则他每完成一次引体向上做功　180　J，1min内的平均功率是　30　W．（g取10N/kg）考点：功的计算；功率的计算．专题：功、功率、机械效率．分析：（1）引体向上是克服人体重力做功，根据公式W=Gh求出一次做的功；（2）再根据公式P=求出功率．解答：解：（1）王健重G=mg=60kg×10N/kg=600N，上升高度h=30cm=0.3m，时间t=1min=60s，n=10将身体向上拉起一次所做的功：W=Gh=600N×0.3m=180J；（2）他1min内做的总功：W总=nW=10×180J=1800J，功率：P===30W．故答案为：180；30．点评：此题主要考查的是学生对功和功率计算公式的理解和掌握，弄清楚引体向上是克服人的体重做功是解决此题的关键．　15．（4分）（2022•绵阳）如图，A灯标有“4V，4W”字样，B灯标有“4V，2W”字样．闭合开关，从右向左缓慢滑动变阻器滑片，直到其中一盏灯恰好正常发光，此时电压表的示数是　6　V，A灯和B灯的总功率是　3　W．考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电阻的串联．专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；（2）根据串联电路各处的电流相等可知，从右向左缓慢滑动变阻器滑片，一盏灯恰好正常发光时，电路中的电流为两者较小的额定电流，根据电阻的串联特点和U=IR求出电源的最大电压；根据P=UI求出此时电路中的功率．解答：解：（1）根据P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：IA===1A，IB===0.5A；根据欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：16\nRA===4Ω；RB===8Ω；（2）∵串联电路中各处的电流相等，∴从右向左缓慢滑动变阻器滑片，直到其中一盏灯恰好正常发光时，电路中的电流为0.5A，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴电压表的示数：U=I（RA+RB）=0.5A×（4Ω+8Ω）=6V；此时电路中的功率：P=UI=6V×0.5A=3W．故答案为：6；3．点评：本题考查了串联电路电流特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据串联电路的电流特点可知从右向左缓慢滑动变阻器滑片直到其中一盏灯恰好正常发光时，电路中的电流为两灯泡额定电路较小的．　16．（4分）（2022•绵阳）取一个瓶子，装上适量带色的水，取一根两端开口、有刻度的细玻璃管，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中，密闭瓶口．从管子上端吹入少量气体，水将沿玻璃管上升到瓶口以上，如图所示，这是由于瓶内气体压强　大于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）大气压强；拿着这个瓶子从楼底到楼顶（不用手直接拿瓶子），玻璃管内水柱高度将　升高　（选填“升高”、“不变”或“降低”）．考点：大气压强的存在；大气压强与高度的关系．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：当内外压强相同时，玻璃管和瓶内的液面相平，当瓶内压强大时，玻璃管中的液面高于瓶内液面，当外界压强大时，瓶内液体压强液面高于玻璃管中的液体．大气压随高度的增加而减小．解答：解：根据图示可知，玻璃管中的液面高于瓶内液面，故瓶内气体压强大于大气压强；因为大气压随高度的增加而减小，所以拿着这个瓶子从楼底到楼顶时，大气压强减小，玻璃管内水柱高度将升高．故答案为：大于；升高．点评：本题主要考查验证大气压存在的实验和气压与高度的关系的了解和掌握，离地面越高，大气压越小．　17．（4分）（2022•绵阳）在绵阳很多较偏远的农村还没有用上天然气，使用的是瓶装的液化气，每瓶中装入液化气的质量为20kg，液化气的热值取4.2×10716\nJ/kg，每瓶液化气全部燃烧放出的热量是　8.4×108　J，若放出的热量有50%被利用，可把　1.25×103　kg的水从20℃加热到100℃．（C水=4.2×103J/kg．℃）考点：热平衡方程的应用．专题：比热容、热机、热值．分析：（1）利用Q放=mq求整瓶液化气完全燃烧放出的热量；（2）已知放出的热量有50%被利用，用这些热量加热水，知道水的比热容和水的温度升高值，利用吸热公式求水的质量．解答：解：（1）整瓶液化气完全燃烧释放热量：Q放=mq=20kg×4.2×107J/kg=8.4×108J，（2）由题知，Q吸=c水m水△t×50%=8.4×108J×50%=4.2×108J，水的质量：m水===1.25×103kg．故答案为：8.4×108；1.25×103．点评：本题综合考查了水吸收热量的计算和燃料燃烧放出热量的计算，利用好Q吸=Q放是关键，因条件已给出，难度不大．　三．实验探究题（每空2分，共24分）18．（4分）（2022•绵阳）在探究“固体熔化时温度的变化规律”时，李梅分别测得甲、乙两种物质从固态到完全熔化的过程中的实验数据如下表：时间/min01234567甲的温度/℃35.040.044.849.554.258.462.666.9乙的温度/℃42.044.046.048.048.048.048.050.0（1）根据表中数据可以判断，物质甲是　非晶体　（选填“晶体”或“非晶体”）．（2）温度44.0℃时，物质乙是　固态　（选填“固态”、“液态”或“气态”）．考点：熔化和凝固的探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体有一定的熔点，在熔化过程中吸热但温度保持不变；非晶体没有一定的熔点，在熔化过程中吸热，温度不断升高；根据表格中数据结合晶体和非晶体的区别进行判断；（2）判断44.0℃时是否达到熔点，从而可以判断乙的状态．解答：解：（1）由表格中数据知，甲在熔化过程中温度不断升高，所以甲是非晶体；乙在熔化过程中温度保持48℃不变，所以乙是晶体，且熔点为48℃；（2）温度44.0℃时，还未达到乙的熔点，所以乙未开始熔化，是固态．故答案为：（1）非晶体；（2）固态．点评：此题是探究“固体熔化时温度的变化规律”，考查了晶体和非晶体在熔化过程中的区别，同时考查了学生对熔点概念的理解．　16\n19．（12分）（2022•绵阳）许婷用如图1所示的电路测量小灯泡的电功率的同时，测量小灯泡的电阻．小灯泡额定电压为2.5V，正常工作时电阻约8Ω．实验室提供的器材有：电压为6V的电源，电压表V（量程为6V）．滑动变阻器R1（规格为“10Ω，1A”），滑动变阻器R2（规格为“50Ω，0.5A”），电流表A1（量程0.6A），电流表A2（量程3A）．（1）为保证实验顺利进行，并且有较高的准确性，滑动变阻器应该选　R2　，电流表应该选　A1　．（2）许婷在实验时，将电流表和电压表的位置交换了，其他连接正确，闭合开关后　BD　．A．电流表烧坏B．电压表示数约6VC．小灯泡烧坏D．小灯泡不亮（3）正确连接好电路后，闭合开关，从大到小调节滑动变阻器的阻值，并将电压表和电流表部分读数填在下表中．电压表读数为2.5V时，电流表的示数如图2所示，请帮许婷将此读数填在下表中．序号电压表示数U/V电流表示数I/A11.00.1421.50.2132.00.2642.5　0.32　53.00.36（4）根据补充完整后的上表数据，测得小灯泡在电压为2.0V时的实际功率是　0.52　W，在正常工作状态时电阻是　7.8　Ω．考点：电功率的测量；伏安法测电阻的探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）由欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流，由串联电路特点求出此时滑动变阻器两端电压，由欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值，根据该阻值选择滑动变阻器；根据灯泡正常发光时的电流选择电流表．（2）电流表应串连接入电路，电压表内阻很大，应与被测电路并联，如果电压表串联接入电路，电路相当于断路；灯泡实际功率很小时，灯泡不发光．（3）由图2所示电流表确定其量程与分度值，读出电流表示数．（4）由表中实验数据找出2.0V电压对应的电流，由P=UI求出灯泡的实际功率；由表中实验数据求出灯泡额定电压对应的电流，然后由欧姆定律求出此时灯泡电阻．解答：解：（1）灯泡正常发光时的电流约为I==≈0.3A，此时滑动变阻器两端电压U滑=U﹣UL=6V﹣2.5V=3.5V，16\n∵I=，∴此时滑动变阻器接入电路的阻值为R==≈11.67Ω＞10Ω，滑动变阻器应选R2；灯泡正常发光时的电流约为0.3A，则电流表应选A1．（2）实验时把电压表串联接入电路，电流表与灯泡并联接入电路，由于电压表内阻很大，电压表串联接入电路后电路电流很小几乎为零，电流表与小灯泡都不会烧坏，电压表示数约等于电源电压6V，小灯泡实际功率很小，小灯泡不发光，故AC错误，BD正确．（3）由图2所示电流表可知，其量程是0～0.6A，分度值是0.02A，示数为0.32A．（4）由表中实验数据可知，电压为2.0V时，通过灯泡的电流为0.26A，此时灯泡实际功率为P=UI=2V×0.26A=0.52W；由表中实验数据可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.32A，∵I=，∴灯泡正常发光时的电阻为R==≈7.8Ω．故答案为：（1）R2；A1；（2）BD；（3）0.32；（4）0.52；7.8．点评：本题考查了实验器材的选择、实验故障分析、电表读数、求灯泡实际功率、求灯泡电阻等问题，是实验的常考问题，一定要掌握；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直．　20．（8分）（2022•绵阳）李明等几位同学准备探究“弹簧弹性势能的大小与什么因素有关”．同学们猜想：弹簧弹性势能可能与弹簧长度变化量和弹簧粗细有关．他们设计的实验装置如图，弹簧左端固定在墙上，放在水平面上，水平面A点左侧光滑，右侧粗糙．物体P压缩弹簧到B点后从静止释放，运动到C点弹簧恢复到原长与物体脱离，物体运动到D点停止．请补充完成他们的探究过程：（1）对同一根弹簧，物体P压缩弹簧至B点，从静止释放，运动到D点．测量　BC　之间的距离和　AD　之间的距离，并改变　BC　之间的距离，测多组数据，分析数据得到：弹簧长度变化量越大，弹性势能越大．（2）对原长相同、只有粗细不同的两根弹簧，物体P分别压缩弹簧至同一位置B点，从静止释放，运动到D点．分别测量　AD　之间的距离，改变压缩量，重复试验，分析数据得到：弹性势能与弹簧粗细有关．考点：探究影响物体势能大小的因素．专题：探究型实验综合题．分析：（1）弹性势能的大小和发生弹性形变的大小有关，弹簧被压缩的距离（BC）越大，弹性势能越大；（2）弹性势能的大小采用转换法，通过弹簧推动物体在粗糙表面上运动的距离远近来体现，水平面A点左侧光滑，对物体运动远近没有影响，所以观察的是距离AD的远近．解答：16\n解：（1）本实验探究的是弹性势能和弹簧长度变化量之间的关系，所以必须测出弹簧长度变化量，即BC间的距离；弹性势能通过弹簧推动物体在粗糙表面上运动的距离远近来体现，所以必须测出AD间的距离；为了使结论具有普遍性，应改变弹簧长度变化量，即BC间的距离，多测几组数据；（2）本实验探究弹性势能与弹簧粗细是否有关，必须控制弹簧长度变化量，即BC间的距离相同，改变弹簧的粗细，测量物体在粗糙表面上运动的距离（AD间的距离），并进行比较得出结论．故答案为：（1）BC；AD；BC；（2）AD．点评：此题主要考查的是学生对弹性势能大小跟弹簧长度变化量、弹簧粗细之间关系的理解和掌握，注意控制变量法和转换法在实验中的运用．　四．综合计算题（共20分，解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）21．（8分）（2022•绵阳）目前研制的超导限流器，在电流小于某值时，其电阻为零；电流大于某值时，其电阻为一定值．将超导限流器接入电路中，当电流突然变大到大于某一值时，超导限流器瞬间具有一定阻值，保护整个电路．如图甲，是某种超导限流器的电阻随电流变化的关系，如图乙，将该超导限流器和用电器M串联后接在电压为5×104V的高压电源上．求：（1）当电路中的电流为30A时，用电器M消耗的电功率是多大？（2）当用电器M短路后，该超导限流器能够保护这个电路，R0不能大于某一值，这个值是多大？考点：电功率的计算；欧姆定律的变形公式．专题：欧姆定律；电能和电功率．分析：由图甲可知，电路电流小于50A时超导限流器的电阻为零，电流大于大于50A时，电阻为一定值；（1）电路电流为30A时，超导限流器电阻为零，由电功率公式P=UI可以求出M消耗的电功率．（2）M短路时，超导限流器两端电压等于电源电压，为保护电路，电路不能处于短路状态，电路电阻不能为零，超导限流器电阻不能为零，则电路电流最小为50A，由欧姆定律可以求出超导限流器的电阻．解答：解：（1）由图甲可知，电路电流I1=30A时，超导限流器的电阻为零，用电器M两端电压等于电源电压，则用电器功率为：P=UI1=5×104V×30A=1.5×106W；（2）M短路时，限流器两端电压等于电源电压，为保护电路，限流电阻阻值不能为零，电路电流最小为50A，∵I=，16\n∴限流电阻阻值R0===1000Ω；答：（1）用电器M消耗的电功率是1.5×106W；（2）超导限流电阻阻值不能大于1000Ω．点评：由图象找出超导限流电阻阻值与电流的关系，应用电功率公式及欧姆定律即可正确解题．　22．（12分）（2022•绵阳）2022年6月，我国自主设计的载人潜水器“蛟龙号”，实验下潜7000m达到一个新的深度．试验经历了以下主要过程：母船用新型的吊装设备将潜水器投放到海中；潜水器缓慢竖直下潜和上升；吊装设备将潜水器吊上母船．如图是母船的吊装设备的示意图，图中虚线框中是滑轮组（未画出），电动机拉放滑轮组绳子自由端，挂钩挂着潜水器．吊装设备缓慢地将潜水器投放到海中，然后，潜水器下潜用时t1=6h，到达7000m出停留t2=0.5h，上升用时t3=3.5h．潜水器上升到海面后，挂钩挂着潜水器离开水面后，缓慢匀速竖直上升高度h=6m，在这个过程中电动机拉滑轮组绳子自由端的拉力F1=5.5×104N，滑轮组的机械效率η=80%．已知潜水器总质量（含潜水员）m=2.2×104kg，体积V=20m3，水的密度ρ1=1.0×103kg/m3，海水的密度ρ2=1.03×103kg/m3，g取10N/kg．不计绳和挂钩的质量，不考虑空气阻力，不考虑潜水器离开海面后海水对潜水器质量的影响．求：（1）吊装设备将潜水器投放至刚被海水浸没时，挂钩的拉力是多大？（2）潜水器从开始下潜到返回海面的整个过程中，平均速度是多少米/秒？（3）滑轮组中，与动滑轮相连的绳子是多少段？考点：浮力大小的计算；速度的计算；力的合成与应用；滑轮（组）的机械效率．专题：长度、时间、速度；浮力；功、功率、机械效率．分析：（1）由G=mg求出潜水器的重力，由浮力公式求出它受到的浮力，然后由平衡条件求出挂钩的拉力．（2）求出潜水器的路程，然后由速度公式求出平均速度．（3）由功的公式求出有用功与总功，由效率公式求出承重绳子的股数．解答：解：（1）潜水器的重力G=mg=2.2×104kg×10N/kg=2.2×105N，潜水器受到的浮力F浮=ρ2gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×20m3=2.06×105N，潜水器处于平衡状态，由平衡条件得：F0+F浮=G，挂钩拉力F0=G﹣F浮=2.2×105N﹣2.06×105N=1.4×104N；（2）潜水器整个过程的路程s=2h0，16\n潜水器的速度v====0.39m/s；（3）有用功W有=mgh，总功W总=F1s=F1nh，效率η=×100%=×100%=×100%=×100%=80%，则n=5；答：（1）吊装设备将潜水器投放至刚被海水浸没时，挂钩的拉力是1.4×104N；（2）潜水器从开始下潜到返回海面的整个过程中，平均速度是0.39m/s；（3）滑轮组中，与动滑轮相连的绳子是5段．点评：本题考查了求挂钩的拉力、潜水器的平均速度、承重绳子的股数等问题，应用平衡条件、平均速度公式、功的公式、效率公式即可正确解题．16