第7讲电场与磁场1．如图3－1－11所示，Q是带负电的点电荷，P1和P2是电场中的两点，若E1、E2分别为P1、P2两点的电场强度大小，φ1、φ2分别为P1、P2两点的电势，则( )图3－1－11A．E1>E2，φ1>φ2B．E1<E2，φ1<φ2C．E1>E2，φ1<φ2D．E1<E2，φ1>φ22．(双选)如图3－1－12所示的是点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是( )图3－1－12A．a、b为异种电荷B．a、b为同种电荷C．A点的场强大于B点的场强D．A点的电势高于B点的电势3．通有电流的导线L1、L2处于同一平面(纸面)内，L1是固定的，L2可绕垂直纸面的固定转轴O转动(O为L2的中心)，各自的电流方向如图3－1－13所示．下列哪种情况将会发生( )A．因L2不受磁场力的作用，故L2不动B．因L2上、下两部分所受的磁场力平衡，故L2不动C．L2绕O轴按顺时针方向转动D．L2绕O轴按逆时针方向转动图3－1－13 图3－1－144．(2011年佛山一模)在图3－1－14中，实线和虚线分别表示等量异种点电荷的电场线和等势线，则下列有关P、Q两点的说法中，正确的是( )A．两点的场强等大、反向B．P点的电场更强C．两点的电势一样高D．Q点的电势较低5．(2012年广东四校联考)如图3－1－15所示，虚线是等量异种点电荷所形成的电场中的等势线，其中B和C关于两电荷的连线对称．现用外力将一个正试探电荷沿着图中实线所示的轨迹，按照箭头所指的方向从A缓慢移动到F.在此过程中该外力所做正功最多的区间是( )3\n图3－1－15A．A→BB．C→DC．D→ED．E→F6．(2012年深圳高级中学期末)下列关于导体在磁场中受力的说法，正确的是( )A．通电导体在磁场中一定受到力的作用B．通电导体在磁场中有时不会受到力的作用C．通电导体中的电流方向与磁场方向不平行也不垂直时，不会受到力的作用D．只要导体放入磁场中，无论是否通电都会受到力的作用7．(2012年河源模拟)一平行板电容器两极板的间距为d、极板面积为S，电容为，其中ε0是常量．对此电容器充电后断开电源．当增加两极板的间距时，电容器极板间( )A．电场强度不变，电势差变大B．电场强度不变，电势差不变C．电场强度减小，电势差不变D．电场强度减小，电势差减小8．(双选，2011年深圳一模)如图3－1－16所示，平行板电容器与直流电源连接，下极板接地．一带电油滴位于容器中的P点且处于静止状态．现将上极板竖直向上移动一小段距离，则( )A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．电容器的电容减小，极板带电量减少D．带电油滴的电势能保持不变图3－1－16 图3－1－179．(双选)图3－1－17中的虚线为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0，一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为26eV和5eV.当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为－8eV时，它的动能应为( )A．0eVB．20eVC．3.2×10－18JD．1.6×10－18J10．(2012年华师附中期末)如图3－1－18所示，甲带正电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的水平地板上，地板上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用一水平恒力F拉乙物块，使甲、乙无相对滑动地一起向左加速运动，在加速运动阶段( )图3－1－183\nA．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力不断减小C．甲、乙两物块间的摩擦力保持不变D．乙物块与地面之间的摩擦力不断减小1．D 2.AD 3.D 4.C5．B 解析：由等量异种电荷的电场分布特点可知，A和D是等势点，B和C也是等势点，正试探电荷从A到B的过程，电场力做正功，所以外力F做负功；从C→D时电场力做负功，则外力F做正功；D→E的过程中，电场力做正功，所以外力F做负功；E→F的过程中，电场力做负功，则外力F做正功，从图中可以看出，C→D之间的电势差要大于E→F的电势差，所以外力所做正功最多的区间是C→D.6．B 解析：通电导体放入磁场中，也不一定会受到磁场力的作用，当导体方向与磁场方向平行时，导体不受磁场力的作用，当导体与磁场垂直时，导体受到的力最大，其他情况下，受到的力介于0与最大值之间，由此可见，A、C、D错误，B正确．7．A 解析：由题可知，电容器充电后断开电源，故电容器的带电量保持不变，当增大两极板间的距离时，由C＝可知，电容器的电容变小，由U＝可知极板间的电势差变大，又E＝＝＝，所以电场强度不变，A正确．8．BC 解析：根据题意得，两极板间的距离d增大、电势差不变．由F＝qE＝q得，电场力F减小，则带电油滴向下运动，A错；由于正极板向上移动，P点离正极板的距离增大，沿着电场线的方向，电势逐渐减小，故P点的电势将降低，B对；由C＝得C减小，由Q＝CU得Q减小，C对；电场力对油滴做功，因此电势能会发生变化，D错．9．BC 解析：设相邻等势面之间的电势差大小为U，正电荷从a运动到b时动能减少，可知b点的电势高于a点，则Ua＝－2U，Ub＝U，设正电荷的电量为q，则正电荷在a点、b点的电势能分别为Epa＝－2qU、Epb＝qU，根据能量守恒定律有Eka＋Epa＝Ekb＋Epb，代入数据得qU＝7eV.设点电荷运动到c点时，其动能、电势能分别为Ekc、Epc，根据能量守恒定律有Eka＋Epa＝Ekc＋Epc.即26eV＋(－14eV)＝Ekc＋(－8eV)可得Ekc＝20eV＝20×1.6×10－19J＝3.2×10－18J.10．B 解析：甲、乙无相对滑动一起向左加速运动，并且甲带正电，由左手定则可判断出甲所受的洛伦兹力竖直向下，在加速运动阶段，乙对地面的压力逐渐增大，乙与地面的摩擦力不断增大，D错误；整体的加速度逐渐减小，隔离甲，由牛顿第二定律f＝ma可知，甲、乙两物块间的摩擦力f不断减小，B正确，A、C错误．3
