高考化学真题对点精练精析――化学能与热能doc高中化学

2022高考化学真题“对点”精练精析――化学能与热能1．（07年山东理综·12）以下表达正确的选项是（）A．168O2和188O2互为同位素，性质相似B．常温下，pH=1的水溶液中Na＋、NO3－、HCO3－、Fe2＋可以大量共存C．明矾和漂白粉常用于自来水的净化和杀菌消毒，两者的作用原理相同D．C(石墨，s)=C(金刚石，s)△H＞0，所以石墨比金刚石稳定2．（07年广东化学·14）将V1mL1.0mol·L-1HCl溶液和V2mL未知浓度的NaOH溶液混合均匀后测量并记录溶液温度，实验结果如右图所示（实验中始终保持V1＋V2＝50mL）。以下表达正确的选项是A．做该实验时环境温度为22℃B．该实验说明化学能可能转化为热能C．NaOH溶液的浓度约为1.0mol/L·L-1D．该实验说明有水生成的反响都是放热反响3．（07年广东文基·62）以下说法正确的选项是（）A．需要加热的化学反响都是吸热反响B．中和反响都是放热反响C．原电池是将电能转化为化学能的一种装置D．水力发电是将化学能转化为电能的过程20/20\n4．（07年广东理基·19）下述做法能改善空气质量的是（）A．以煤等燃料作为主要生活燃料B．利用太阳能、风能和氢能等能源替代化石能源C．鼓励私人购置和使用汽车代替公交车D．限制使用电动车5．（2022海南·06）已知：（）（1）Zn（s）+1/2O2（g）==ZnO（s）；ΔH=－348.3kJ/mol（2）2Ag（s）+1/2O2（g）==Ag2O（s）；ΔH=－31.0kJ/mol那么Zn（s）+Ag2O（s）==ZnO（s）+2Ag（s）的ΔH等于（）A．－317.3kJ/molB．－379.3kJ/molC．－332.8kJ/molD．+317.3kJ/mol6．（08年宁夏理综·13）已知H2(g)、C2H4(g)和C2H5OH(1)的燃烧热分别是-285.8kJ·mol-1、-1411.0kJ·mol-1和-1366.8kJmol-1，那么由C2H4(g)和H2O(l)反响生成C2H5OH(l)的△H为（）A．-44.2kJ·mol-1B．+44.2kJ·mol-1C．-330kJ·mol-1D．+330kJ·mol-17．（08年广东化学·14）以下有关能量转换的说法正确的选项是（）A．煤燃烧是化学能转化为热能的过程B．化石燃料和植物燃料燃烧时放出的能量均来源于太阳能C．动物体内葡萄糖被氧化成CO2是热能转变成化学能的过程D．植物通过光合作用将CO2转化为葡萄糖是太阳能转变成热能的过程8．（08年海南化学·8）白磷与氧可发生如下反响：P4+5O2=P4O10。已知断裂以下化学键需要吸收的能量分别为：P—PakJ·mol—1、P—ObkJ·mol—1、P=OckJ·mol—1、O=OdkJ·mol—1。20/20\n根据图示的分子构造和有关数据估算该反响的△H，其中正确的选项是（）A．（6a+5d－4c－12b）kJ·mol—1B．（4c+12b－6a－5d）kJ·mol—1C．（4c+12b－4a－5d）kJ·mol—1D．（4a+5d－4c－12b）kJ·mol—19．（09年广东理基·26）以下措施不符合节能减排的是A．大力开展火力发电，解决广东电力紧张问题B．在屋顶安装太阳能热水器为居民提供生活用热水C．用石灰对煤燃烧后形成的烟气脱硫，并回收石膏D．用杂草、生活垃圾等有机废弃物在沼气池中发酵产生沼气，作家庭燃气10．（09年天津理综·6）已知：2CO(g)+O2(g)=2CO2(g)ΔH=-566kJ/molNa2O2(s)+CO2(g)=Na2CO3(s)+ΔH=-226kJ/mol根据以上热化学方程式判断，以下说法正确的是（）A．CO的燃烧热为283kJB．右图可表示由CO生成CO2的反响过程和能量关系C．2Na2O2(s)+2CO2(s)=2Na2CO3(s)+O2(g)ΔH＞-452kJ/molD．CO(g)与Na2O2(s)反响放出509kJ热量时，电子转移数为6.02×102311．（09年广东文基·68）以下说法正确的选项是（）20/20\nA．废旧电池应集中回收，并填埋处理B．充电电池放电时，电能转变为化学能C．放在冰箱中的食品保质期较长，这与温度对反响速率的影响有关D．所有燃烧反响都是放热反响，所以不需吸收能量就可以进展12．（09年海南化学·12）已知：Fe2O2(s)＋C(s)=CO2(g)＋2Fe(s)△H=234.1kJ·mol－1C(s)＋O2(g)=CO2(g)△H=－393.5kJ·mol－1那么2Fe(s)＋O2(g)=Fe2O3(s)的△H是（）A．－824.4kJ·mol－1B．－627.6kJ·mol－1C．－744.7kJ·mol－1D．－169.4kJ·mol－113．（07年山东理综·28）（11分）二氧化硫和氮的氧化物是常用的化工原料，但也是大气的主要污染物。综合治理其污染是环境化学当前的重要研究内容之一。（1）硫酸生产中，SO2催化氧化生成SO3：2SO2(g)＋O2(g)2SO3(g)某温度下，SO2的平衡转化率(a)与体系总压强(p)的关系如右图所示。根据图示答复以下问题：①将2.0molSO2和1.0molO2置于10L密闭容器中，反响达平衡后，体系总压强为0.10MPa。该反响的平衡常数等于_____。②平衡状态由A变到B时．平衡常数K(A)_______K(B)（填“＞”、“＜”或“＝”）。（2）用CH4催化复原NOx可以消除氮氧化物的污染。例如：CH4(g)＋4NO2(g)＝4NO(g)＋CO2(g)＋2H2O(g)△H＝－574kJ·mol－1CH4(g)＋4NO(g)＝2N2(g)＋CO2(g)＋2H2O(g)△H＝－1160kJ·mol－120/20\n假设用标准状况下4.48LCH4复原NO2至N2整个过程中转移的电子总数为______（阿伏加德罗常数的值用NA表示），放出的热量为______kJ。（3）新型纳米材料氧缺位铁酸盐（MFe2Ox3＜x＜4，M＝Mn、Co、Zn或Ni＝由铁酸盐（MFe2O4）经高温复原而得，常温下，它能使工业废气中的酸性氧化物分解除去。转化流程如以下图：MFe2O4MFe2OxH2300℃－500℃常温分解CO2、SO2、NO2等请写出MFe2Ox分解SO2的化学方程式（不必配平）。14．（11分）（08年广东化学·19）碳酸钠是造纸、玻璃、纺织、制革等行业的重要原料。工业碳酸钠（钝度约98％）中含有Ca2+、Mg2+、Fe3+、Cl-和SO42－等杂质，提纯工艺路线如下：已知碳酸钠的溶解度（S）随温度变化的曲线如以以下图所示：答复以下问题：（1）滤渣的主要成分为　　　　　　　。（2）“趁热过滤”的原因是　　　　　　　。（3）假设在实验室进展“趁热过滤”，可采取的措施是（写出1种）。（4）假设“母液”循环使用，可能出现的问题及其原因是　　　　　　　。（5）已知：Na2CO3·10H2O(s)=Na2CO3(s)+10H2O(g)ΔH1=+532.36kJ·mol-1Na2CO3·10H2O(s)=Na2CO3·H2O(s)+9H2O(g)ΔH1=+473.63kJ·mol-120/20\n写出Na2CO3·H2O脱水反响的热化学方程式　　　　　　　。15．（12分）（08年山东理综·29）北京奥运会“祥云”火炬燃料是丙烷（C3H8），亚特兰大奥运会火炬燃料是丙烯（C3H6）。（1）丙烷脱氢可得丙烯。已知：C3H8(g)=CH4(g)＋HCCH(g)＋H2(g)△H1=156.6kJ·mol－1CH3CHCH2(g)=CH4(g)＋HCCH(g)△H2=32.4kJ·mol－1那么相同条件下，反响C3H8(g)=CH3CHCH2(g)＋H2(g)的△H=kJ·mol－1。（2）以丙烷为燃料制作新型燃料电池，电池的正极通入O2和CO2，负极通入丙烷，电解质是熔融碳酸盐。电池反响方程式为；放电时CO32－移向电池的（填“正”或“负”）极。（3）碳氢化合物完全燃烧生成CO2和H2O。常温常压下，空气中的CO2溶于水，到达平衡时，溶液的pH=5.60，c(H2CO3)=1.5×10-5mol·L-1。假设忽略水的电离及H2CO3的第二级电离，那么H2CO3HCO3－＋H＋的平衡常数K1=。（已知10-5.60=2.5×10-6）（4）常温下，0.1mol·L-1NaHCO3溶液的pH大于8，那么溶液中c(H2CO3)c(CO32－)（填“＞”、“=”或“＜”＝，原因是（用离子方程式和必要的文字说明）。16．（10分）（08年江苏化学·17）工业上制备BaCl2的工艺流程图如下：某研究小组在实验室用重晶石（主要成分BaSO4）对工业过程进展模拟实验。查表得BaSO4(s)+4C(s)4CO(g)+BaS(s)△H1=571.2kJ·mol-1①BaSO4(s)+2C(s)2CO2(g)+BaS(s)△H2=226.2kJ·mol-1②（1）气体用过量NaOH溶液吸收,得到硫化钠。Na2S水解的离子方程式为。20/20\n（2）向BaCl2溶液中参加AgNO3和KBr，当两种沉淀共存时，=。[Ksp(AgBr)=5.4×10-13，Ksp(AgCl)=2.0×10-10]（3）反响C(s)+CO2(g)2CO(g)的△H=kJ·mol-1。（4）实际生产中必须参加过量的炭，同时还要通入空气，其目的是，。17．（08年江苏化学·18）“温室效应”是全球关注的环境问题之一。CO2是目前大气中含量最高的一种温室气体。因此，控制和治理CO2是解决温室效应的有效途径。（1）以下措施中，有利于降低大气中CO2浓度的有：。（填字母）a．减少化石燃料的使用b．植树造林，增大植被面积c．采用节能技术d．利用太阳能、风能（2）将CO2转化成有机物可有效实现碳循环。CO2转化成有机物的例子很多，如：a．6CO2+6H2OC6H12O6+6O2b．CO2+3H2CH3OH+H2Oc．CO2+CH4CH3COOHd．2CO2+6H2CH2==CH2+4H2O以上反响中，最节能的是，原子利用率最高的是。（3）文献报道某课题组利用CO2催化氢化制甲烷的研究过程如下：反响完毕后，气体中检测到CH4和H2，滤液中检测到HCOOH，固体中检测到镍粉和Fe3O4。CH4、HCOOH、H2的产量和镍粉用量的关系如以以下图所示（仅改变镍粉用量，其他条件不变）：20/20\n研究人员根据实验结果得出结论：HCOOH是CO2转化为CH4的中间体，即：CO2HCOOHCH4①写出产生H2的反响方程式。②由图可知，镍粉是。（填字母）a．反响Ⅰ的催化剂b．反响Ⅱ的催化剂c．反响Ⅰ、Ⅱ的催化剂d．不是催化剂③当镍粉用量从1mmol增加到10mmol，反响速率的变化情况是。（填字母）a．反响Ⅰ的速率增加，反响Ⅱ的速率不变b．反响Ⅰ的速率不变，反响Ⅱ的速率增加c．反响Ⅰ、Ⅱ的速率均不变d．反响Ⅰ、Ⅱ的速率均增加，且反响Ⅰ的速率增加得快e．反响Ⅰ、Ⅱ的速率均增加，且反响Ⅱ的速率增加得快f．反响Ⅰ的速率减小，反响Ⅱ的速率增加18．（09年安徽理综·25）（17分）W、X、Y、Z是周期表前36号元素中的四种常见元素，其原子序数一次增大。W、Y的氧化物是导致酸雨的主要物质，X的基态原子核外有7个原子轨道填充了电子，Z能形成红色（或砖红色）的Z2O和黑色的ZO两种氧化物。（1）W位于元素周期表第周期第族。W的气态氢化物稳定性比H2O(g)（填“强”或“弱”）。（2）Y的基态原子核外电子排布式是，Y的第一电离能比X的（填“大”或“小”）。（3）Y的最高价氧化物对应水化物的浓溶液与Z的单质反响的化学方程式是。20/20\nFe(s)＋O2(g)=FeO(s)△H=－272.0kJ·mol－12X(s)＋O2(g)=X2O3(s)△H=－1675.7kJ·mol－1X的单质和FeO反响的热化学方程式是。19．（09年福建理综·23）短周期元素Q、R、T、W在元素周期表中的位置如右图所示，期中T所处的周期序数与主族序数相等，请答复以下问题：（1）T的原子构造示意图为。（2）元素的非金属性为（原子的得电子能力）：QW（填“强于”或“弱于”）。（3）W的单质与其最高价氧化物的水化物浓溶液共热能发生反响，生成两种物质，其中一种是气体，反响的化学方程式为。（4）原子序数比R多1的元素是一种氢化物能分解为它的另一种氢化物，此分解反响的化学方程式是。（5）R有多种氧化物，其中甲的相对分子质量最小。在一定条件下，2L的甲气体与0.5L的氯气相混合，假设该混合气体被足量的NaOH溶液完全吸收后没有气体残留，所生成的R的含氧酸盐的化学式是。（6）在298K下，Q、T的单质各1mol完全燃烧，分别放出热量akJ和bkJ。又知一定条件下，T的单质能将Q从它的最高价氧化物中置换出来，假设此置换反响生成3molQ的单质，那么该反响在298K下的=（注：题中所设单质均为最稳定单质）。20．（09年广东化学·23）（11分）磷单质及其化合物的、有广泛应用。（1）同磷灰石[主要成分]在高温下制备黄磷（P4）的热化学方程式为：4Ca5(PO4)3F(s)+21SiO2(s)+30C(s)=3P4(g)+20CaSiO3(s)+30CO(g)+SiF4(g)；H20/20\n①上述反响中，副产物矿渣可用来。②已知相同条件下：4Ca3(PO4)2F(s)+3SiO2(s)=6Cas3(PO4)2(s)+2CaSio3(s)+SiF4(g)；△H12Ca3(PO4)2(s)+10C(s)=P4(g)+6CaO(s)+10CO(g)；△H2SiO2(s)+CaO(s)=CaSiO3(s)；△H3用△H1、△H2和△H3表示H，H=。（2）三聚磷酸可视为三个磷酸分子（磷酸构造式见右图）之间脱去两个水分子产物，其构造式为。三聚磷酸钠（俗称“五钠”）是常用的水处理剂，其化学式为。（3）次磷酸钠（NaH2PO2）可用于化学镀镍。①NaH2PO2中P元素的化合价为。②化学镀镍的溶液中含有Ni2+和H2PO2－，在酸性等条件下发生下述反响：（a）Ni2++H2PO2－+→Ni++H2PO3－+（b）6H2PO-2+2H+=2P+4H2PO3+3H2↑请在答题卡上写出并配平反响式（a）。③利用②中反响可在塑料镀件外表沉积镍—磷合金，从而到达化学镀镍的目的，这是一种常见的化学镀。请从以下方面比较化学镀与电镀。方法上的不同点：；原理上的不同点：；化学镀的优点：。21．（09年江苏化学·17）（8分）废旧印刷电路板的回收利用可实现资源再生，并减少污染。废旧印刷电路板经粉碎别离，能得到非金属粉末和金属粉末。20/20\n（1）以下处理印刷电路板非金属粉末的方法中，不符合环境保护理念的是（填字母）。A．热裂解形成燃油B．露天燃烧C．作为有机复合建筑材料的原料D．直接填埋（2）用H2O2和H2SO4的混合溶液可溶出印刷电路板金属粉末中的铜。已知：Cu(s)＋2H＋(aq)=Cu2＋(aq)＋H2(g)△H=64.39kJ·mol－12H2O2(l)=2H2O(l)＋O2(g)△H=－196.46kJ·mol－1H2(g)＋O2(g)=H2O(l)△H=－285.84kJ·mol－1在H2SO4溶液中Cu与H2O2反响生成Cu2＋和H2O的热化学方程式为。（3）控制其他条件相同，印刷电路板的金属粉末用10℅H2O2和3.0mol·L－1H2SO4的混合溶液处理，测得不同温度下铜的平均溶解速率（见下表）。温度（℃）20304050607080铜平均溶解速率（×10-3mol·L-1·min-1）7.348.019.257.987.246.735.76当温度高于40℃时，铜的平均溶解速率随着反响温度升高而下降，其主要原因是。（4）在提纯后的CuSO4溶液中参加一定量的Na2SO3和NaCl溶液，加热，生成CuCl沉淀。制备CuCl的离子方程式是。22．（09年山东理综·28）（14分）运用化学反响原理研究氮、氧等单质及其化合物的反响有重要意义。（1）合成氨反响N2(g)＋3H2(g)2NH3(g)，假设在恒温、恒压条件下向平衡体系中通入氩气，平衡移动（填“向左”、“向右”或“不”）；使用催化剂反响的△H（填“增大”、“减小”或“不改变”）。（2）已知：O2(g)=O2+(g)+e－H1=1175.7kJ·mol-120/20\nPtF6(g)+e－=PtF6－(g)H2=-771.1kJ·mol-1O2PtF6(S)=O2+(g)+PtF6－(g)H3=482.2kJ·mol-1那么反响O2(g)+PtF6(g)=O2+PtF6－(s)的H=_____________kJ·mol-1。（3）在25℃下，向浓度均为0.1mol·L-1的MgCl2和CuCl2混合溶液中逐滴参加氨水，先生成沉淀（填化学式），生成该沉淀的离子方程式为。已知25℃时Ksp[Mg(OH)2]=1.8×10-11，KsP[Cu(OH)2]=2.2×10-20。（4）在25℃下，将amol·L-1的氨水与0.01mol·L-1的盐酸等体积混合，反响时溶液中c(NH4*)=c(Cl-)。那么溶液显性（填“酸”、“碱”或“中”）；用含a的代数式表示NH3·H2O的电离常数Kb=。答案与解析1．答案：D【解析】A选项中同位素是指中子数不同、质子数相同的不同核素（原子）的互称，选项中给出的是分子，错误；B中PH=1的溶液为强酸性环境，解答时应在离子组Na+、NO3-、HCO3-、Fe2+中增加H+，分析可知碳酸氢根离子和氢离子不共存，在氢离子存在时硝酸根离子和亚铁离子不能共存，错误；C中明矾的净水原理是其溶于水电离产生的铝离子水解生成氢氧化铝能吸附水中悬浮物，而漂白粉是由其成分中的次氯酸钙和水、二氧化碳反响生成的次氯酸能杀菌消毒，作用原理不同，错误；D中此反响的△H>０，说明此反响是吸热反响，也就是金刚石的具有能量大于石墨，物质具有的能量越大，该物质越不稳定，正确。2．答案：B【解析】中和反响为放热反响，B对，中和反响有水生成，但有水生成的不一定是放热反响，如H2+CuOH2O+Cu是吸热反响，D错，从表中分析当参加HCl溶液5mL、NaOH溶液45mL20/20\n反响后温度为22℃，故实验时环境温度小于22℃，A错，参加HCl溶液30mL反响放热最多，应是酸碱正好中和，故C（NaOH）=1.0mol/L·30mL/20mL=1.5mol/L，C错。3．答案：B【解析】需要加热的化学反响也可能是放热反响，如可燃物的燃烧反响，A选项错误；原电池是将化学能转化为电能的装置，故C选项错误；水力发电是将机械能转化为电能的过程，故D选项错误。正确选项为B4．答案：B【解析】以煤等燃料作为主要生活燃料时会产生大量的空气污染物；私人汽车代替公交车会使汽油的消耗量增加，带咯啊的空气污染物增多，限制使用电动车会增加有害气体的排放。因此正确的选项为B5．答案：A【考点】此题考察了热化学方程式书写规律。【解析】由已知⑴、⑵热化学方程式可知：⑴—⑵即可得出答案。6．答案：A【解析】由题意可知：C2H4(g)＋3O2(g)2CO2(g)＋2H2O(l)；△H＝-1411.0kJ·mol-1，C2H5OH(1)＋3O2(g)2CO2(g)＋3H2O(l)；△H＝-1366.8kJ·mol-1,将上述两个方程式相减得：C2H4(g)＋H2O(l)C2H5OH(l)；△H＝-44.2kJ·mol-1。7．答案：AB【解析】葡萄糖氧化放出热量，化学能转化为热能，C错；选项D应该太阳能转化为化学能，D错。8．答案：A【解析】由图可以看出：P4中有6mol的P－P，5mol的O2中含有5molO＝O，1mol的P4O10中含有4mol的P＝O，12mol的P－O，所以△H＝(6a＋5d－4c－12b)kJ·mol－1。9．答案：A20/20\n【解析】节能减排指的是减少能源浪费和降低废气排放，大力开展火力发电，既不利于节能也不利于减排，故A选项符合题意。其余选项的措施或做法都符合节能减排的原那么。10．答案：C【解析】A项，燃烧热的单位出错，应为kJ/mol，错；图中的量标明错误，应标为2molCO和2molCO2,故错。CO2气体的能量大于固体的能量，故C项中放出的能量应小于452kJ，而△H用负值表示时，那么大于-452Kj/mol，正确；将下式乘以2，然后与上式相加，再除以2，即得CO与Na2O2的反响热，所得热量为57kJ，故D项错。11．答案：C【解析】A项废旧电池应集中回收但不能填埋处理因为电池里的重金属会污染土地，人吃了这些土地里的蔬菜后，，就会引发疾病；B项充电电池放电时，化学能转变为电能；D项有的燃烧反响是需要吸收一定热量才可以反响的比方碳的燃烧。【考点分析】垃圾的处理、电化学、影响化学反响速率因素、化学反响与能量。12．答案：A【解析】（2）=（1）就可得2Fe(s)+O2(g)=Fe2O3(s)，那么ΔΗ=ΔΗ2-ΔΗ1=-824.4kJ·mol-1。13．答案：（1）①800L·mol－1②＝（2）1.60NA（或1.6NA）173.4（3）MFe2Ox＋SO2→MFe2O4＋S【解析】（1）据题意当容器中总压强为0.10MPa时，SO2的平衡转化率为0.80，据此可计算得出平衡时c(SO2)=0.040mol·L－1；c(O2)=0.020mol·L－1；c(SO3)=0.16mol·L－1。根据平衡常数的计算式：K==800L·mol－1；只要温度不变，平衡常数就不改变，在此变化过程中，只有压强的改变，温度未发生变化，故K(A)=K(B)。20/20\n（2）用标准状况下4.48LCH4复原NO2至N2，4.48LCH4的物质的量为0.20mol，在此过程中CH4中碳元素的化合价有-4价升高到+4价，转化为CO2，失去电子的总物质的量为0.20mol×8=1.60mol，故转移电子数为1.60NA。由题目给知的热化学方程式，根据盖斯定律可以得出CH4复原NO2至N2的热化学方程式为：CH4(g)＋2NO2(g)＝N2(g)＋CO2(g)＋2H2O(g)△H＝－867kJ·mol－1，那么0.2molCH4反响放出的热量为867kJ·mol－1×0.2mol=173.4kJ。（3）此题中反响物已知为MFe2OX和SO2，反响后生成MFe2O4，由MFe2OX转化为MFe2O4，氧原子数增加，故SO2失去氧原子转化为S，反响式为：MFe2OX+SO2=MFe2O4+S。14．答案：（1）Mg(OH)2、Fe(OH)3、CaCO3（2）使析出的晶体为Na2CO3·H2O，防止因温度过低而析出Na2CO3·10H2O晶体，令后续的加热脱水耗时长（3）用已预热的布氏漏斗趁热抽滤ABP/MPa0.500.100.800.85α（4）溶解时有大量沉淀生成，使Na2CO3损耗且产物Na2CO3混有杂质其原因："母液"中，含有的离子有Ca2＋，Na＋，Cl－，SO42－，OH－，CO32－，当屡次循环后，使用离子浓度不断增大，溶解时会生成CaSO4，Ca(OH)2，CaCO3等沉淀（5）Na2CO3·H2O（s）===Na2CO3（s）+H2O（g）△H=+58.73kJ·mol－1【解析】（1）  因工业碳酸钠中含有Mg2＋，Fe3＋，Ca2＋，所以“除杂”中参加过量的NaOH溶液，可生成Mg(OH)2、Fe（OH）3、Ca（OH）2沉淀。（2）  观察坐标图，温度减少至313K时发生突变，溶解度迅速减少，不趁热过滤将析出晶体。（3）  思路方向：1.减少过滤的时间2.保持过滤时的温度。20/20\n（4）  思路：分析“母液”中存在的离子，假设参与循环，将使离子浓度增大，对工业生产中哪个环节有所影响。（5）  通过观察两个热化学方程式，可将两式相减，从而得到Na2CO3·H2O（S）======Na2CO3（s)＋H2O（g）。 15．答案：（1）124.2（2）C3H8＋5O2=3CO2＋4H2O负（3）4.2×10-7mol·L-1（4）＞HCO3－＋H2O=CO32－＋H3O＋（或HCO3－=CO32－＋H＋）、HCO3－＋H2O=H2CO3＋OH－，HCO3－的水解程度大于电离程度【解析】（1）将第2个方程式颠倒反写，然后与第1个方程式相加，即得所求的反响C3H8(g)====CH3CH＝CH2(g)＋H2(g)，△H也随方程式的变化关系进展求算：△H=-△H2+△H1=124.2kJ.mol-1。（2）以丙烷为燃料制作的新型燃料电池，其电池反响方程式为C3H8十502=3C02+4H20，因电子从电池的负极经导线流入了电池的正极，故电池的正极是电子富集的一极，故带负电荷的离子C032-在电解质溶液中应移向电池的负极而不是正极。（3）根据电离平衡常数公式可知：K1=c(H+)c(HCO3-)/c(H2CO3)=10-5.60×10-5.60/l.5×10-5=4.2×10-7mol.L-1。（4）0.1molL-1NaHCO3溶液的pH大于8，说明溶液呈碱性，即c(OH-)＞c(H+),因在NaHCO3溶液中存在着两个平衡：电离平衡HCO3-CO32-+H+，水解平衡：HC03-+H20H2CO3-+OH-，其余局部水的电离忽略不计，由c(OH-)＞c(H+)，说明水解过程大于电离过程，从而推出c(H2CO3)>c(CO32-)。16．答案：（10分）（1）S2-+H2OHS-+OH-HS-+H2OH2S+OH-（可不写）（2）2.7×10-3（3）172.520/20\n（4）使BaSO4得到充分的复原（或提高BaS的产量）①②为吸热反响，炭和氧气反响放热维持反响所需高温【解析】Na2S水解实际上是二元弱酸根S2水解，因分两步，向BaCl2溶液中参加AgNO3和KBr，当两种沉淀共存时，两种沉淀的平衡体系中银离子浓度是一样的，=[Ksp(AgBr)/Ksp(AgCl)=2.7×10-3,反响C(s)+CO2(g)2CO(g)的△H3等于△H1减去△H2。实际生产中必须参加过量的炭，同时还要通入空气，其目的是炭和氧气反响放热维持反响所需高温来维持反响①②所需热量。17．答案：（10分）（1）abcd（2）ac（3）①3Fe+4H2OFe3O4+2H2②c③e【解析】控制和治理CO2是解决温室效应的有效途径可以控制源头，也可以吸收大气中CO2，光合作用利用了太阳能为最节能，反响物中的原子全部转化为有机物，为原子利用率最高。由反响原料为铁和水，故3Fe+4H2OFe3O4+2H2，使用催化剂可加快反响速率，根据CH4、HCOOH、H2的产量和镍粉用量的关系图可知，反响Ⅱ的速率均增加得快。18．答案：（1）二VA弱（2）1s22s22p63s23p4大（3）Cu+2H2SO4(浓)CuSO4+SO2↑+2H2O（4）3FeO(s)+2Al(s)Al2O3(s)+3Fe(s)D△H=－859.7KJ/mol【解析】首先推出题中几种元素，W、Y的氧化物是导致酸雨的主要物质，在结合原子序数的大小可知，W是氮元素，Y是硫元素，X的基态原子核外有7个原子轨道填充了电子，根据基态原子核外电子所遵循的原那么，可以写出电子排布式为：1s22s22p63s23p1，X为铝元素，Z能够形成红色的Z2O和黑色的ZO两种氧化物，推知Z为铜元素，两种氧化物分别为Cu2O和CuO。20/20\n19．答案：（1）（2）弱于（3）S＋2H2SO4(浓)3SO2↑＋2H2O（4）2H2O2MnO22H2O＋O2↑（或其他合理答案：）（5）NaNO2（6）(3a–4b)kJ/mol【解析】此题考察无机物的性质，涉及化学用语、方程式书写、氧化复原反响以及热化学的知识。从给出的表，结合T在周期表的位置与族数相等这一条件，不难得出T为Al，Q为C，R为N，W为S。（1）T为Al，13号元素。（2）S、C最高价氧化物对应的酸为硫酸强于碳酸，那么可得非金属性S强于C。（3）S与H2SO4发生归中反响，从元素守恒看，肯定有水生成，另外为一气体，从化合价看，只能是SO2。（4）比R质子数多1的元素为O，存在H2O2转化为H2O的反响。（5）N中相对分子质量最小的氧化物为NO，2NO＋O2=2NO2，显然NO过量1L，同时生成1L的NO2，再用NaOH吸收，从氧化复原角度看，＋2价N的NO与＋4价N的NO2，应归中生成＋3N的化合物NaNO2。（6）C＋O2CO2D△H=－akJ/mol①，4Al＋3O2=2Al2O3D△H=－4bkJ/mol②。Al与CO2的置换反响，写出反响方程式为：4Al＋3CO23C＋2Al2O3，此反响的△H为可由②－①×3得，△H=－4b－(-3a)=(3a-4b)kJ/mol。20．答案：（1）水泥；△H1—3△H2+18△H3（2），Na5P3O10，（3）+1；2Ni2++1H2PO2－+1H2O→2Ni++1H2PO3－+2H+（4）化学镀中镀件直接与电解质溶液接触反响；电镀通过外加电流，在镀件外形成镀层  ；化学镀是利用化学腐蚀反响；电镀是利用电解池，外加电流进展氧化复原反响  ；装置简便，节约能源，操作简便  。20/20\n【解析】（1）①由方程式可以看出副产物矿渣应该是CaSiO3(s)，结合炼铁我们不难得出答案是制水泥。②运用盖斯定律，反响1—反响2×3+反响3×18=总反响，那么△H=△H1—3△H2+18△H3（2）结合题意三聚磷酸钠（俗称“五钠”）可知产物三聚磷酸应含有五个羟基，即三个磷酸分子之间有三个羟基相互反响脱去两个水分子，所以三聚磷酸的构造式为，三聚磷酸钠的化学式为Na5P3O10。（3）①因为Na、H的化合价为+1，O为—2，所以由化合价代数和为0可得P的化合价为：+1。②由得失电子数目守恒（2—1）×2=（3—1）×1，可知Ni2+和Ni+的化学计量数为2，H2PO2－和H2PO3－的化学计量数为1，再由电荷守恒2×2—1=2×1—1+2×1，可知H+在方程式的右边，H2O在方程式的左边，化学计量数分别为2和1。即总方程式为：2Ni2++1H2PO2－+1H2O→2Ni++1H2PO3－+2H+③比较化学镀与电镀应该从反响环境和条件以及反响实质和产物方面去分析归纳问题，从方法上分析，电镀是利用电解原理通过外加直流电源，在镀件外表形成的镀层，镀层一般只有镍，而化学镀是利用氧化复原反响镀件直接与电解质溶液接触，在塑料镀件外表沉积镍—磷合金，这是两者的不同；从原理上分析，无论电镀还是化学镀均有电子的转移，均是利用了氧化复原反响，这是两者的相同点，不同点是化学镀用的是化学反响，而电镀用的是电化学；很明显化学镀装置简单，而且不需要消耗电能，装置简单、耗能少、操作简便应该是化学镀优于电镀的。21．答案：（1）BD20/20\n（2）Cu(s)+H2O2(l)+2H＋(aq)=Cu2＋(aq)+2H2O(l)△H=-319.68kJ.mol-1（3）H2O2分解速率加快（4）2Cu2＋+SO32-+2Cl－+H2O2CuCl↓+SO42-+2H＋【解析】（1）有关环保的比较容易。（2）主要考察盖斯定律的灵活运用。适当变形，注意反响热的计算。不要无视热化学方程式的书写的本卷须知。（3）考察影响化学反响速率的因素，结合双氧水的性质即可得出答案。（4）根据题目条件书写离子方程式常规题。【考点分析】此题考察的知识比较散，一道题考察了几个知识点。覆盖面比较多。但盖斯定律，热化学方程式，离子方程式都是重点内容22．答案：（1）向左不改变（2）－77.6（3）Cu(OH)2Cu2++2NH3·H2O=Cu(OH)2↓+2NH4+（4）中mol·L-1【解析】（1）恒温、恒压条件下向平恒体系中通入氩气，那么反响体系体积增大，平衡左移；使用催化剂只是改变了反响的途径，没有改变反响物与生成物的状态，△H不变；（2）利用盖斯定律，△H1+△H2+（-△H3）=—77.6kJ·mol-1；（3）由于，KsP[Cu(OH)2]=2.2×10-20＜Ksp[Mg(OH)2]=1.8×10-11，所以先生成沉淀；2NH3·H2O＋Cu2＋＝Cu(OH)2↓＋2NH4*；根据溶液的电中性原那么，c(NH4*)=c(Cl-)，那么[H＋]＝[OH-]；溶液显中性；Kb=，c(NH4*)=c(Cl-)＝0.005mol·L-1；[H＋]＝[OH-]＝1×10-7mol·L-1（因为是25℃下且为中性）；[NH3·H2O]＝mol·L-1－0.005mol·L-1，那么：Kb=mol·L-1。20/20