浙江省普通高校招生选考科目考试模拟卷（冲刺版）物理（一）考生须知：1．本试题卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分100分，考试时间90分钟。2．考生答题前，须将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题纸上。3．选择题的答案必须使用2B铅笔将答题纸上对应题目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦擦净。4．非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内，答案写在本试题卷上无效。5．可能用到的相关公式或参数：重力加速度g均取10m/s2。选择题部分一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．电容单位用基本单位制正确表述的是A．C/VB．A2·s2/JC．A2·s2/(kg·m2)D．A2·s4/(kg·m2)2．如图所示，餐厅服务员托举菜盘给顾客上菜。若菜盘沿水平方向匀速向左运动，则第2题图A．手对菜盘的摩擦力方向向左B．手对菜盘的作用力大于菜盘的重力C．菜盘对手的作用力方向斜向右下D．菜盘对手的作用力方向竖直向下3．下列情况下，蚂蚁可视为质点的是A．观察拖动饭粒时，蚂蚁肢体的分工B．测算拖动饭粒时，蚂蚁1min爬行的路程C．观察爬行时，蚂蚁躯体的姿势D．观察传递信号时，蚂蚁触角的动作4．下列说法正确的是A．如果要更准确地确定粒子的位置，那么动量的测量一定会更不准确B．发生光电效应时，光子的最大初动能与入射光强度和频率均有关C．当观察者与波源相互靠近时，接收到波的频率一直增大D．康普顿效应证明了光子只具有动量5．某电场等势面分布情况如图所示，则A．在A点的电势比在B点的电势大B．电子在A点和B点受到的电场力大小相等C．电子在e等势面时的电势能比在c等势面时的电势能小D．电子从b等势面移到d等势面，电势能增加10eV第5题图第6题图6．某款扫地机器人如图所示，额定功率24W，额定电流3A，正常工作时电机输出的功率为19.5W，锂电池容量9A·h，为延长锂电池寿命，当剩余电量为总容量的20%时就需要充电，则A．电机的电阻为ΩB．额定电压为6.5V
C．正常工作时，电机产生的热量为19.5WD．充满电的电池可以正常工作时间为2.4h7．2021年2月24日6时29分，我国首次火星探测任务“天问一号”探测器在成功实施第三次近火制动后，进入火星停泊轨道，在这条轨道稳定运行3个月左右，天问一号的停泊轨道是典型的椭圆极地轨道，可以利用火星的自转完成沿经度方向对火星进行全面扫描。已知火星停泊轨道的近火点a=280km，远火点b=5.9×104km，周期T为2个火星日，万有引力常量G。则A．可以求出火星的质量B．可以求出探测器的质量C．探测器在近火点时的加速度为D．火星的第一宇宙速度为第8题图PaMNb8．如图所示，a、b两个带电粒子分别从M板左边缘和两板中间同时垂直两平行金属板MN间电场线射入，经匀强电场偏转后击中N板的中点P。则A．粒子b的初速度是粒子a的倍B．粒子a的比荷是粒子b的2倍C．若电场强度减小为原来的二分之一，其它条件不变，粒子a、b均从N板右边缘射出D．若两粒子比荷均减小为原来的四分之一，其它条件不变，粒子a、b均从N板右边缘射出9．轻绳两端分别固定在两根等高的竖直杆上，在水平恒定风力作用下，重力为G的衣服处于静止状态，如图所示。若风力大小为衣服重力的0.75倍，不计轻绳与衣架挂钩间的摩擦，则α2A．两端与水平方向的夹角α1=α2α1β2β1B．两边与竖直方向的夹角β1=β2C．拉力大小为第9题图D．拉力大小为10．两完全相同的斜面ABC和A´B´C´与水平面分别平滑连接。小木块从A点以某一初速度开始下滑，恰好能运动到A´点。已知小木块与两斜面、水平面间的动摩擦因数相同，小木块开始下滑的初速度保持不变，D、D´等高，小木块可视为质点，若只改变斜面ABC的AC边，则ABCDE第10题图A´B´C´D´A．改变为AE边，小木块从A点开始下滑运动不能到达A´点B．改变为AE边，小木块从A点开始下滑运动将越过A´点C．改变为DC边，小木块从D点开始下滑运动将越过D´点D．改变为DC边，小木块从D点开始下滑运动恰好到达D´点11．充气弹跳飞人娱乐装置如图1所示，开始时娱乐者静止躺在气包上，工作人员从站台上蹦到气包上，娱乐者即被弹起并落入厚厚的海洋球。若娱乐者弹起后做抛体运动，其重心运动轨迹如图2虚线POB所示。开始娱乐者所处的面可视为斜面AC，与水平方向夹角θ=37°。已知娱乐者从P点抛起的初速度方向与AC垂直，B点到轨迹最高点O的竖直高度h=3.2m，水平距离l=2.4m，AB在同一水平面上，忽略空气阻力，sin37°=0.6，则
第11题图1O第11题图2ABCθPhlA．P点到B点的位移为3.6mB．AB之间的距离为0.4mC．娱乐者从P点到B点过程中的时间0.8sD．娱乐者从P点到B点过程中的最大速度5m/s12．道威棱镜是医用内窥镜的重要组成部分，如图1所示，其截面ABCD为等腰梯形如图2所示，E、F分别是AC和AB的中点。一细光束平行AB边从E点射入，折射后射向F点。已知∠BAC=∠ABD=45°，CD边长和梯形的高分别为、a，不考虑光束的多次反射，则细光束A．一部分在F点反射，一部分出射B．AC面上的入射角逐渐减小至零，光束均不会从AB面射出C．AC面上的入射点逐渐上移，光束将在BD面上发生全反射D．AC面上的入射点逐渐上移，光束在棱镜中的传播时间变长第13题图BDCbaA13．如图所示，粗细均匀的矩形导线框ABCD竖直放置在磁感应强度为B的水平匀强磁场中，一质量为m、电阻不计的金属棒ab从靠近AB边开始静止释放，下落时棒的速度大小为v1，下落l时棒的速度大小为v2，已知导线框单位长度电阻为r，AB边和AC边的长度分别为l和2l，棒在下落过程中与线框始终接触良好，忽略摩擦力和空气阻力，则金属棒A．下落时通过AB边的电流大小，方向A→BB．下落l时金属棒的瞬时功率，电流方向a→bC．从静止下落至过程通过棒的电量大于从下落至l过程通过棒的电量D．从静止下落至过程电路产生的热量少于从下落至l过程电路产生的热量二、选择题II（本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）14．如图1所示，矩形线圈绕转轴OO′在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电流直接给图2的电路供电。图2理想变压器的原线圈接有理想电流表A，副线圈接有电阻R和电容器C，开始时灯泡L1、L2一样亮，不计线圈的电阻，灯泡不会烧坏，则
第14题图1第14题图2CRO′OL1L2AA．线圈面积加倍，L1、L2仍一样亮B．线圈转速加倍，L1、L2仍一样亮C．线圈面积加倍，电流表A的示数也加倍D．线圈转速加倍，电流表A的示数也加倍15．具有放射性，如静止的发生α衰变时，产生同时伴有γ光子辐射。若核、核和α粒子的质量分别为m1、m2和m3，下列说法正确的是A．的结合能为(m1－m2－m3)C2B．核、核和α粒子中，核的结合能最大C．γ光子是衰变过程中核辐射的D．核与α粒子能量之和等于反应前的能量16．如图甲、乙分别为两列横波Ⅰ、Ⅱ的振动图像，t=0时刻分别同时从图丙的A、B两点开始向四周传播，并在t=2s时恰好相遇，已知A、B相距0.8m，C为AB中点，D距A点0.15m，则丙甲y/cm1.50t0.51.05-5乙y/cm1.50t0.51.05-5A´BCD第16题图A．直线上A、B外侧均为振动加强点B．直线上A、B间(不包括A、B点)共有8个振动加强点C．t=4s内直线上C点通过的路程为零D．t=3.75s时D点经平衡位置向下振动非选择题部分三、非选择题（本题共6小题，共55分）17．（7分）（1）利用如图1所示的实验装置探究钩码重力做功与钩码、小车组成系统的速度变化关系。第17题图1钩码第17题图22.404.055.60.707.208.9110.40cm2531406①某次实验中，钩码质量m=50g，小车质量M=170g，打出的纸带如图2所示，则在该实验中▲(多选)A．需要补偿小车受到阻力的影响B．长木板上方的细线要保持水平C．因为没有满足m<<M的条件，所以不能达到实验目的D．必须保持限位孔中心与小车的中心轴线在同一条直线上②打计数点3时小车的动能▲J(结果保留两位有效数字)，已知两计数点间均有四个点未画出。③由实验数据得到的正确判断是▲(多选)A．钩码重力做功与小车动能增加的大小相等B．钩码重力做功与钩码、小车组成系统动能增加的大小相等
C．钩码、小车系统机械能守恒D．钩码、小车重力势能的减少大于动能的增加（2）用“双缝干涉测量光的波长”实验中，下列说法正确的是▲(多选)A．只减小单缝与双缝的距离，相邻两干涉条纹的间距不变B．调节测量头使分划板的中心刻线对齐某一明(或暗)条纹的界线，并读取数据C．只有在光屏所在位置才能接收，前后位置光屏均接收不到干涉图样D．即使干涉条纹不在竖直方向，只要分划板刻线与条纹平行，就不会影响测量结果18．（7分）（1）在“测定电池的电动势和内阻”实验中，①除一节旧干电池、电键S和导线外，还提供如下器材A．电流表A1(量程为3mA，r1=20Ω)B．电流表A2(量程为300mA，r2=0.2Ω)C．电压表V(量程为6V，内阻RV=2kΩ)D．可变电阻R1：电阻箱(阻值可调范围0~9999Ω)E．可变电阻R2：滑动变阻器(阻值变化范围0~10Ω)一同学设计的电路图如图1所示，电表应选择▲(选填“A”、“B”或“C”)，可变电阻应选择▲(选填“D”或“E”)。电表可变电阻第18题图10R/Ωx第18题图2-1.2②正确操作后，利用测得的数据得到图2所示的图线，图像横坐标x表示的物理量是▲，电池的内电阻▲Ω。（保留两位有效数字）（2）多用电表长期使用，旧电池的电动势会减小，内阻会增大。在测量某一电阻时，若电表仍能正常进行欧姆调零，则测得的阻值与使用新电池测得的阻值▲（选填“相等”或“不相等”）；若电表已不能进行正确的欧姆调零，则测得的阻值与使用新电池测得的阻值▲（选填“相等”或“不相等”）。19．（9分）无人机航拍以无人驾驶飞机作为空中平台进行摄影。如图所示，某款质量m=1kg的摄影无人机开始悬停在湖面一定高度处，为了全景拍摄景物，无人机先加速下降至v1=4m/s再匀速下降最后减速下降至速度为零。接着无人机加速上升达到v2=6m/s随即减速上升为零时，恰好升至原来高度。已知加速和减速的加速度大小分别为a1=2m/s，a2=1m/s。忽略空气阻力影响，求无人机第19题图（1）上升的高度H；（2）减速上升时受到竖直升力F大小；（3）匀速下降过程的时间t。20．（12分）如图所示，一同学设计的游戏装置由安装在水平台面上的固定弹射器、水平直轨道AB，半径r可调的竖直光滑圆轨道BCD和水平接收器MN组成。开始时滑块从A点弹出，经过圆轨道后由最高点D平抛，最后落到接收器内则视为游戏成功。若圆轨道的B点固定，半径调节时BD始终在同一条竖直线上，厚度不计的接收器距水平面距离h，M距竖直线的距离lx可变，弹射器可使滑块获得的速度v0，已知AB长S=0.2m，滑块与AB轨道的动摩擦因数μ=0．025，滑块质量m=20g，可视为质点，h=0.04m，0.04m≤r≤0.12m，1m/s≤v0≤m/s，忽略空气阻力，各部分平滑连接。求
MCA弹射器BDOrN第20题图（1）若v0=1m/s，r=0.04m，则滑块运动到C点(C、M在同一水平虚线上)时对轨道的压力大小F；（2）若r=0.04m，lx=0.08m，则要使游戏成功，v0的最小值；（3）调节圆轨道半径r，若要游戏成功，接收器的最小长度L。(结果保留二位有效数字)21．（10分）如图所示，两平行光滑导轨MN、M´N´左端通过导线与电源和电容相连，导轨平面处于磁感应强度为B的匀强磁场中，开始时两阻值相同质量分别为m1和m2的导体棒a、b垂直导轨处于静止状态。现将单刀双掷开关K与1闭合，当棒a、b均达到稳定速度后，开关与2闭合，棒a、b再次达到稳定速度。已知导轨间距为l，电阻不计，m1>m2，电源内阻不计，电动势为E，电容器电容为C，两极板间的电压大小为2E，导轨足够长。求：第21题图ENKa1M´N´2bM（1）K与1闭合时，棒a、b的稳定速度；（2）K与2闭合时，棒a、b的稳定速度；（3）K与1闭合过程中，棒a、b产生的焦耳热。O第22题图O´ⅠⅡxyMNPQAC22．（10分）如图所示，直角坐标系xOy平面内的y<0区域存在垂直纸面向外的圆形匀强磁场Ⅰ，磁感应强度大小为B，O、A、O´、C点分别为磁场Ⅰ的最高点、最低点、圆心及与圆心等高点；y>0的无限大区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场Ⅱ，磁感应强度大小也为B。探测板MN位于x坐标为1.5L的直线上，长度为L的收集板PQ位于x轴上。A点有一正粒子源，单位时间内发射n0个速度大小相同的正粒子，粒子均匀分布在y轴两侧各为60°的范围内。其中沿y轴正方向射入的粒子经偏转后从C点射出圆形磁场。若粒子与探测板MN碰撞后速度等大反向，打在收集板PQ的粒子将被吸收，已知粒子质量为m，电荷量为q(q>0)，圆形磁场半径为L。不计粒子重力及粒子间的相互作用。求：（1）粒子的速度大小v；（2）若射出圆形磁场的粒子均与探测板MN碰撞，则探测板MN最小长度l及稳定后粒子对探测板MN的作用力大小F；（3）收集板PQ的收集率η与P点的横坐标x之间满足的关系。物理（一）一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）题号12345678910111213答案DDBACDADDCBBC2．D【解析】菜盘处于平衡状态，只受到手对其支持力，该力与菜盘的重力平衡，而没有摩擦力，A、B错；菜盘对手有竖直向下的压力，C错，D对。3．B【解析】在测算拖动饭粒时，蚂蚁1min爬行的路程，蚂蚁的大小和形状对所研究的问题是次要的因素，其大小形状可以忽略视为质点，而其它三种情形不能忽略大小形状，故B对，A、C、D错。4．A【解析】由不确定性关系知，不可能同时准确地知道粒子的位置和动量，A对；光子的
最大初动能与入射光强度无关，随入射光强度增大而增大，B错；如果观察者与波源相对速度一定，接收到的频率也一定，C错；康普顿效应证明了光子既具有能量也具有动量，D错。5．C【解析】某点电势与放入的电荷无关，A错；A点的等势面密，电场强，电场力大些，B错；把电子从e等势面移到c等势面，电场力做负功，电势能增加C对；从b等势面移到d等势面电场力做正功电势能减小。D错。6．D【解析】由P=P出+I2r，得r=0.5Ω，A错；由P=UI，得额定电压U=8V，B错；正常工作时，电机产生的热量Q=I2r=4.5W，C错；80%q=Itt=2.4h，D对。7．A【解析】由得，A对；由题给信息不能测出探测器质量，B错；由探测器受力情况来确定在近火点时的加速度，C错；火星半径未知，不能确定第一宇宙速度，D错。8．D【解析】由知，x与初速度和比荷均有关，A、B错；因x∝知不能从N板右边缘射出，C错；x∝知，粒子a、b均从N板右边缘射出，D对。9．D【解析】轻绳拉力的合力方向沿斜向左上方向，因此β1>β2；α1<α2，A、B错；挂钩对轻绳作用力大小为由2F=得，D对；C错。10．C【解析】小木块从A点以某一初速度开始下滑，恰好能运动到A´点，由动能定理，知μmg(lBC+lCC´+lB´C´)=EK0故，改变为AE边，摩擦力做功不变，小木块仍将运动到等高的A´点，A、B错；改变为DC边，当小木块运动到D´点时，摩擦力做功减小，此时小木块速度不为零，因此将越过D´点，C对，D错。11．B【解析】由O点到B点过程，可知人的水平分速度为vx=3m/s，逆向考虑O到P过程，可得初速度v0=5m/s，运动到B点速度最大为m/s，D错；从P到O时间0.4s，从O到B时间0.8s，知从P点到B点过程中的时间1.2s，C错；P点距离B点的高度为2.4m，水平距离为3.2m，位移为m，A错；AC间水平距离为3.2m，知AB之间的距离为0.4m，B对。12．B【解析】由几何关系知，AC面上的折射角为=22.5°，由=1.85，C==arcsin0.54>arcsin0.5=30°。当光束射向F点时，入射角为67.5°将发生全反射，A错；根据对称性，AC面上的入射点逐渐上移过程中，光束在BD面上的入射角均为22.5°，不会发生全反射，C错；光束在棱镜中的光程相等，时间不变，D错；当AC面上的入射角减小至零时，入射角为45°，仍将发生全反射，光束均不会从AB面射出，B对。13．D【解析】下落时，总电阻为，总电流为，通过AB边的电流为，电流方向B→A，A错；下落l时，总电阻为由得方向a→b，B错；因，磁通量的变化量之比为1：1，总电阻从静止下落至过程小，电量大，C对；安培力做负功转化成回路焦耳热，W=F=BI,，因从下落到l过程相应的速度大，总电阻也大，故产生的热量大小不能确定。D错。二、选择题II（本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）题号141516答案ACBCBCD14．AC【解析】线圈面积加倍，L1、L2两支路两端的电压加倍，因容抗不变，因此L1、L2
仍一样亮，A对；因副线圈两端电压加倍，电流加倍，知电流表A的示数也加倍，C对；线圈转速加倍，因容抗减小，L2比L1更亮，B错；因副线圈中电流大于2倍，知电流表A的示数也大于2倍，D错。15．BC【解析】(m1－m2－m3)C2为核衰变中因质量亏损释放的能量，不是的结合能，A错；的核子数最多，结合时需要最多的能量，B对；衰变中，处于激发态，当它向低能级跃时辐射出γ光子，C对；γ光子辐射将带走一部分能量，D错。16．BCD【解析】由题意知，波长为0.2m，A、B两质点的起振方向相反，AB间距满足波长的整数倍，故A、B外侧均为减弱点，A错；加强点满足该点距AB的位移差为半波长的奇数倍，共有8个点，分别距A点的距离为0.05m，0.15m，0.25m，0.35m，0.45m，0.55m，0.65m，0.75m，B对；C点距A点0.4m，为减弱点其位移始终为零，C对；D点为加强点，t=3.25s时，波Ⅱ刚传到D点，从平衡位置向上振动，此时波Ⅰ已在D点振动了2.5s，也从平衡位置向上振动。再经0.5s，质点D经平衡位置向下振动。D对。三、非选择题（本题共6小题，共55分）17．（7分）（1）①AD②3.5×10-2③BD（2）AD18．（7分）（1）①B、D；②，1.0Ωr=1.2-RA=1.0Ω（2）不相等；不相等。19．（9分）（1）上升过程中，由运动学公式+得H=27m（2）mg-F=ma1得F=9N（3）+H1=12m20．（12分）（1）以滑块从A到C为过程，由动能定理，得μmgS+mgr=-得F=5×10-2N由牛顿第三定律，知滑块对C点的压力大小为5×10-2N。（2）滑块恰好过D点的时，mg=vD=m/s下落到接收器处水平射程x=<0.08m。当水平射程x=0.08m时，vD=m/s此时滑块射出时的v0最小。μmgS+mg 2r=-v0=m/s（3）分析知，①当r=0.04m时，水平射程lx1最小，得lx1=②当滑块以v0=m/s弹出，设此时圆轨道半径为r,由A到D过程中，μmgS+mg 2r=-vD=m/s由D点平抛，得lx=当r=0.11m时，水平射程最远，lx2=mL=lx2-lx1=-=m≈0.20m21．（10分）（1）稳定后回路中的电流为零，棒a、b的稳定速度均为v1，E=Blv1，得（2）再次达到稳定速度时，棒a、b的速度均为v2，以速度v1减小到v2为过程，对导体棒a，由动量定理，得Bl△q1=m1v2-m1v1同理，对导体棒b，有Bl△q2=m1v2-m1v1
得Bl (△q1+△q2)=Bl△q=(m1+m2)(v2-v1)2E-得（3）棒a、b的稳定速度均为v1，对导体棒a，由动量定理，得Bl△q3=m1v1对导体棒b，由动量定理，得Bl△q4=m2v1通过电源的电量△q´=△q3+△q4=Q=△qE-=22．（10分）（1）粒子运动轨迹的半径为L，由得（2）粒子从y轴两侧各为60°的方向射出分别为竖直方向的最高和最低点。距A点的竖直距离分别为y1=L(1-sin60°)和y2=L(1+sin60°)，则l=y2-y1=2Lsin60°=粒子以v沿x轴正方向射向MN，碰撞后以v沿x轴负方向射回。以x轴负方向为正，在t时间内，由动量定理，得Tt=n0tmv-n0tm(-v)得T=2n0mv=2n0qBL，由牛顿第三定律，粒子对探测板MN的作用力F=2n0qBL（3）碰撞后以v沿x轴负方向射回的平行粒子束，经圆形磁场后汇聚于O点射向磁场Ⅱ。由对称性知，粒子仍均匀分布在y轴两侧各为60°的范围内。①x≤0，η=0②0<x<L设速度方向与y轴正方向夹角α的粒子打到收集板右端Q点。由题意知，η=其中α满足cosα=③x=Lη=100%④L<x<2Lη=其中β满足cosβ=⑤2L≤x，η=0
