2016-2017学年重庆市渝中区巴蜀中学九年级（下）第一次月考物理试卷

2016-2017学年重庆市渝中区巴蜀中学九年级（下）第一次月考物理试卷　一、选择题（3×12=36分，每题只有一个选项符合题意）1．对下列物理量的认识中，最接近实际的是（　　）A．一名中学生散步的速度为4km/hB．一名中学生的身高为1.65cmC．一名中学生的体重为50kgD．一名中学生站立时对水平地面的压强约为1500Pa2．α、b两个由同种材料制成的圆柱体，它们的高度相同，质量之比ma：mb=3：5，把它们竖直放置在水平桌面上，则水平桌面受到圆柱体的压强之比pa：pb等于（　　）A．1：1B．3：5C．5：3D．9：253．2011年3月22日，中国三一重工公司向日本免费支援一台62米泵车，参与福岛核电站反应堆冷却作业．泵车涉及到的物理知识分析正确的是（　　）A．轮胎做得多且宽是为了减小压强B．轮胎上凹凸不平的花纹是为了减小摩擦C．开车时要求系安全带是为了减小司机的惯性D．泵车受到的重力和泵车对地面的压力是一对平衡力4．以下说法错误的是（　　）A．马德堡半球实验测出了大气压的值B．大气压随高度的增加而减小C．一切液体的沸点都随气压的增大而升高D．密闭容器内的气体温度不变时，体积减小，压强增大5．下列说法中正确的是（　　）A．测量值与真实值之间的差异叫误差B．观察天平时，一定要等指针指在分度盘的中线处C．如果把皮尺拉伸了再来测量物体的长度，则测量结果偏大D．弹簧测力计只能测量竖直方向上的力第40页（共40页） 6．下列说法正确的是（　　）A．飞机获得升力的原因是流速大的地方压强大B．划船时使船前进的力的施力物体是桨C．磁场方向既可以是该点磁感线的切线方向，又可以是小磁针在该点静止时北极的指向D．一本书放在桌上静止，书对桌子的压力和桌子对书的支持力大小相等，方向相反，所以这两个力合力为零7．如图所示，水平传送带上放一物体，物体下表面及传送带上表面均粗糙，导电性能良好的弹簧右端与物体及滑动变阻器滑片相连，弹簧左端固定在墙壁上，不计滑片与滑动变阻器线圈间摩擦，当传送带如箭头方向运动且速度为v时，物体与传送带发生相对滑动，当传送带逐渐加速到2v时，物体受到的摩擦力和灯泡的亮度将（　　）A．摩擦力不变，灯泡的亮度不变B．摩擦力变大，灯泡的亮度变亮C．摩擦力不变，灯泡的亮度变亮D．摩擦力变小，灯泡的亮度变暗8．电流看不见、摸不着，判断电路中是否有电流时，我们可通过电路中的灯泡是否发光去确定．下面是小红同学在学习中遇到的四个研究实例，其中采取的方法与研究电路中是否有电流方法相同的是（　　）A．通过测100张纸的厚度来测1张纸的厚度B．人们通过研究墨水的扩散现象认识分子的运动情况C．研究电流与电压、电阻关系时，控制电阻（电压）不变，研究电流与电压（电阻）关系D．学习电压时，我们可以通过对比水压来认识它第40页（共40页） 9．如图为放在水平桌面上的质量相等的圆柱形容器甲和底大口小的容器乙，分别倒入适量的同种液体，液面高度和液体上表面面积都相等，设两容器内液体对容器底部的压力分别为F甲、F乙，桌面受到的压强分别为P甲、P乙，则（　　）A．F甲＞F乙B．F甲＜F乙C．P甲=P乙D．P甲＜P乙10．如图所示，一重为G的物体，用一水平压力F=kt（k为大于0的常数，t为作用时间）压在足够长的平整竖直粗糙墙面上，则物体的运动情况是（　　）A．始终静止B．速度先增加后不变C．速度先增大，后减小，最终静止D．速度始终增大11．某教师用“试管爬升”的实验装置来验证大气压的存在，其做法如下：取两个直径相差很小的平底试管，将细管底部插入装满水的粗试管内，再将两试管迅速倒置（保持竖直），会看到细试管慢慢“爬进”粗试管里，如图所示，细试管能否在粗试管内竖直向上“爬升”，取决于开始时细试管插入粗试管的深度，如果插入过浅细试管就不能自动上升．若细试管的重为G=0.1N、底面积S=2cm2，大气压强为一个标准大气压，则细试管开始插入的深度h0至少为多少cm，细管向上“爬升”（　　）A．5cmB．10cmC．15cmD．20cm第40页（共40页） 12．圆筒形容器甲和乙放在水平桌面上，甲容器中装有密度为ρ1的液体，乙容器中装有密度为ρ2的液体，两容器中液体的体积相等，甲容器的底面积为S甲，乙容器的底面积为S乙，且S甲：S乙=3：2．将体积相等的密度为ρA的金属球A和密度为ρB的金属球B分别放入两容器的液体中，如图所示．金属球A受支持力为N1，金属球B受支持力为N2，且N1：N2=5：12．两容器放入金属球后，液体对甲容器底增加的压强为△p1，液体对乙容器底增加的压强为△p2．已知：ρ1：ρA=1：4，ρ2：ρB=1：10，则△p1与△p2之比为（　　）A．2：3B．5：6C．2：5D．3：1　二、填空作图题（每空1分，共20分）13．世界上第一个发现电与磁之间联系的人是　　，发电机原理是　　现象．14．重庆轻轨3号线已于2012年5月全线通车，全线39座车站全部开通，正式通车．当列车减速驶进站台时，列车受到　　的作用（选填“平衡力”或“非平衡力”），当列车驶离站台时，若以列车为参照物，站台是　　（选填“静止”或“运动”）的．15．如图是某实验小组做”测平均速度”的情形．小车从位置A开始沿直线运动到位置B为止，通过的距离是　　cm．小车的平均速度是　　m/s．16．某空瓶的质量为100g，装满水后总质量为600g，若在此瓶中装满某种液体后总质量为500g，则该液体的密度是　　，在装满水的瓶中缓慢放入10g砂，等水不在溢出后称得水、砂、瓶的总质量为602g，则砂的密度为　　g/cm3．17．如图，甲，乙两个实心正方体放置在水平地面上，S甲＞S乙第40页（共40页） ，它们对地面的压强相同，若沿竖直方向上切去相同的厚度，比较甲，乙的剩余部分对地面的压强p甲　　p乙．若沿水平方向切去相同的质量，则甲，乙剩余部分对地面的压强p甲’　　p乙’（选填“＞”“=”“＜”）18．如图所示，是某栋房子供水的水路示意图，放水时水龙头与水塔构成了一个　　．若将水龙头（相同型号）单独打开并将开关旋至最大，则　　（填“甲”或“乙“）水龙头出水速度大．19．一高压锅的排气孔的横截面积约为10mm2，限压阀的质量为80g，则锅内最大的压强为　　Pa，若高压锅盖的面积约为300cm2，则锅身接口处对锅盖的拉力为　　N（设外界大气压为一个标准大气压）．20．有A、B两个正方体，它们的边长之比为2：1，密度之比为3：4，质量之比为　　，将它们如图叠放在水平地面上，此时A对B的压强与B对地面的压强之比为　　．21．水平地面上有一个质量为1kg、底面积为10﹣2cm2的薄壁圆柱形容器，容器内盛有质量为4kg的水．则容器对地面的压强是　　Pa，现将一物块浸没在水中，水未溢出，若容器对地面压强的增加量等于水对容器底部压强的增加量，则该物块的密度为　　kg/m3．22．如图，容器中装有水，放在水平桌面上．水中有一个木块被细线系着，木块的体积为4dm3，木块的密度为0.6g/cm3，容器的底面积约为200cm2，木块由如图位置到绳子断了，最终木块漂浮在水面上，水对容器底部的压强变化量是　　Pa．第40页（共40页） 23．如图，物体静止在斜面上，画出斜面上的物体所受支持力的示意图．　三、实验与探究题（每空1分，共24分）24．2014年5月15日，中国商飞公司C919大型客机首架机的前机身部段成功下线．该部段采用重庆西南铝业集团制造的具有世界先进水平的铝锂合金．小彬同学在征得科研人员同意后对一块圆柱型实心铝锂合金的密度进行了测量．（1）将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的零刻度线，发现指针偏向分度标尺的左边，应将平衡螺母向　　（选填“左”或“右”）调节．用调节好的天平测量合金的质量，平衡时砝码规格和游码的位置如图甲所示，合金的质量是　　g．（2）量筒中装适量水，读出体积为50cm3．放入合金后，液面静止时如图乙所示，合金体积为　　cm3，计算出合金的密度为　　g/cm3（3）测量合金体积的操作中水可能溅出，引起密度测量值　　（选填“偏大”或“偏小”）．（4）取出合金擦干水，用细线系好挂在弹簧测力计下，然后浸没在不与合金反应的某液体中，测力计的示数为0.4N，合金所受浮力为　　N，该液体的密度为　　kg/m3．第40页（共40页） 25．如表是小莉同学用如图装置分别测得水和盐水在不同深度时，压强计（U形管中是水）两液柱的液面高度情况．序号液体深度h/mm压强计左液面mm右液面mm液面高度差mm1水301862142826017122958390158242844盐水9015424692（1）使用压强计前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置　　（漏气/不漏气）；若在使用前U形管两边的液面有高度差，应通过　　方法进行调节．A、从U形管中倒出适量水B、取下软管重新安装C、向U形管中加入适量水（2）分析表中序号为1、2、3三组数据可得到的结论是：同种液体的压强随深度的增加而　　，比较表中序号3、4两组数据可得到的结论：不同液体的压强还跟液体的　　有关．（3）为进一步研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等，他们应控制的变量有　　和　　．（4）小莉同学在学了液体压强公式后，用公式对以上实验的数据进行分析计算（g=10N/kg），得出金属盒在30mm深处水的压强是　　Pa，而从压强计测出的压强为280Pa，由此她发现按液面高度差计算的压强值小于按液体深度计算的压强值，你认为造成的原因是什么？答：　　．第40页（共40页） 26．在测量小灯泡电功率的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω．（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大；连线不得交叉．（2）若某小组同学闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P的过程中，发现小灯泡始终不亮，电压表、电流表均有示数但始终不变，则电路中发生的故障时　　．（3）排除故障后，继续进行实验．测量数据如表．实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.13.01.71.30.90.50.1电流I/A0.280.260.300.240.210.190.160.05分析实验数据可知：①小灯泡的额定功率为　　W②7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是　　．③小灯泡的电阻不是定值，是因为电阻受到　　的影响．请推测：小灯泡断电一点时间后的电阻可能是　　（选填“0Ω”“1Ω”“2Ω”“8.9Ω”）．（4）另一个小组的电压表突然损坏，该组同学手边有多余电流表和5Ω的定值电阻，为了测出小灯泡的额定功率，小明灵机一动，设计了如图电路图；并进行如下操作：①调节滑片至阻值最大处，并同时闭合S1、S2、S3；第40页（共40页） ②调节滑动变阻器的滑片，直至电流表A1的示数为　　A时，记下电流表A的示数　　A（见图）；③根据公式计算出灯的额定功率为　　W．　四、计算题题（6+7+7=20分）27．某货车自重50000N，轮胎与地面接触面积共0.3m2．司机师傅在执行一次运输任务时，开着装有25t沙子的货车在一段平直的公路上匀速行驶8km，所用时间是6min．求：（1）货车的速度为多少km/h；（2）货车轮胎对地面的压强是多少？28．某同学利用热敏电阻为家中灯暖型“浴霸”（用电灯取暖的用电器）设计了一个温度可自动控制的装置，如图甲．“控制电路”中的热敏电阻R1的阻值随温度变化的曲线如图乙所示．电磁铁线圈可看成阻值为40Ω的纯电阻R0，“浴霸”共安装有2盏标有“220V550W”的灯泡，当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，使“浴霸”电路断开；当线圈中的电流小于或等于40mA时，继电器的衔铁被释放，使“浴霸”电路闭合．求（1）工作电路闭合时时，浴霸正常工作1min内产生的热量是多少？（2）若浴室中的温度不得超过38℃，则控制电路的电源电压U1最小值是多少？（3）若电源U1电压恒定为10V，则将此装置放在浴室内，浴室内温度可控制在多大范围内？第40页（共40页） 29．在水平桌面上放有一柱形容器，底面积为500cm2，里面装有深度为20cm的水；一个重力为2N的开口玻璃杯A，其底部与一个体积为50cm3重力为3.9N的实心铁块B用细线相连（细线的质量体积忽略不计），然后放入水中，但在放入过程中由于不小心，容器中有少量的水流入了玻璃杯中，最后A、B两物体在水中处于静止，如图所示，此时玻璃杯A排开水的体积为640cm3．求：（1）没有放入玻璃杯和铁块时水对容器底部的压强．（2）A、B两物体在水中静止时细线对铁块B的拉力．（3）若细线突然断开，A、B两物体再一次静止后（这个过程中玻璃杯A开口始终向上），水对容器底部的压强为多少？　第40页（共40页） 2016-2017学年重庆市渝中区巴蜀中学九年级（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析　一、选择题（3×12=36分，每题只有一个选项符合题意）1．对下列物理量的认识中，最接近实际的是（　　）A．一名中学生散步的速度为4km/hB．一名中学生的身高为1.65cmC．一名中学生的体重为50kgD．一名中学生站立时对水平地面的压强约为1500Pa【考点】速度与物体运动；质量的估测；长度的估测；压强．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解答】解：A、人步行的速度约为4km/h≈1.1m/s，符合实际，故A正确；B、一名中学生的身高为1.65m左右，不符合实际，故B错误；C、据实际可知，一名中学生的质量为50kg，即体重为500N左右，不符合实际，故C错误；D、中学生的体重在G=500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.05m2左右，双脚对水平地面的压强在p====1.0×104Pa，故D错误；故选A．　2．α、b两个由同种材料制成的圆柱体，它们的高度相同，质量之比ma：mb=3：5，把它们竖直放置在水平桌面上，则水平桌面受到圆柱体的压强之比pa：pb等于（　　）A．1：1B．3：5C．5：3D．9：25【考点】压强的大小及其计算．【分析】知道两圆柱体的高度和密度关系，根据公式P=推导出压强的变形公式p=ρgh，进一步求出水平桌面所受的压强之比．第40页（共40页） 【解答】解：∵在水平桌面上，∴圆柱体对地面的压力：F=G，∴圆柱体对地面的压强：P=====ρgh；∴==．故选A．　3．2011年3月22日，中国三一重工公司向日本免费支援一台62米泵车，参与福岛核电站反应堆冷却作业．泵车涉及到的物理知识分析正确的是（　　）A．轮胎做得多且宽是为了减小压强B．轮胎上凹凸不平的花纹是为了减小摩擦C．开车时要求系安全带是为了减小司机的惯性D．泵车受到的重力和泵车对地面的压力是一对平衡力【考点】减小压强的方法及其应用；惯性；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法．【分析】A、根据压强公式p=可知，在压力一定的情况下，受力面积越大，压强越小．B、增大摩擦的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度．C、惯性只和物体质量有关，和其他因素无关．D、二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在一个物体上．【解答】解：A、泵车的轮胎做得多且宽，就是通过增大受力面积减小压强．故本选项正确；B、轮胎上凹凸不平的花纹是为了增大摩擦．故本选项错误；C、开车时要求系安全带是为了避免惯性带来的危害，不能减小惯性，惯性只和物体质量有关，和其他因素无关．故本选项错误；D、泵车受到的重力和泵车对地面的压力不作用在同一个物体上，方向不相反，不是一对平衡力．故本选项错误．第40页（共40页） 故选A．　4．以下说法错误的是（　　）A．马德堡半球实验测出了大气压的值B．大气压随高度的增加而减小C．一切液体的沸点都随气压的增大而升高D．密闭容器内的气体温度不变时，体积减小，压强增大【考点】大气压强的存在；沸点及沸点与气压的关系；大气压强与高度的关系；气体压强跟体积的关系．【分析】要解答本题需掌握：①气压与越高沸点越高．②高度越高，气压越小．③密闭容器内的气体温度不变时，体积减小，压强增大．【解答】解：马德堡半球实验半球实验证明了大气压的存在；大气压随高度的增加而减小；一切液体的沸点都随气压的增大而升高；闭容器内的气体温度不变时，体积减小，压强增大．故B、C、D不符合题意．故选A．　5．下列说法中正确的是（　　）A．测量值与真实值之间的差异叫误差B．观察天平时，一定要等指针指在分度盘的中线处C．如果把皮尺拉伸了再来测量物体的长度，则测量结果偏大D．弹簧测力计只能测量竖直方向上的力【考点】误差及其减小方法；天平的使用；长度的测量；弹簧测力计的使用与读数．【分析】（1）测量时，受所用仪器和测量方法的限制，测量值和真实值之间总会有差别，这就是误差；（2）观察天平时，可等指针静止时观察，也可观察指针偏转的幅度；（3）皮尺的弹性是比较好的，用力拉伸皮尺的刻度就变得不准了，就变成了我们俗话说的大尺；第40页（共40页） （4）使用弹簧测力计时力的方向应与弹簧的轴线一致．【解答】解：A、测量时，测量值和真实值之间的差异叫误差，故A正确；B、判断天平是否平衡，既可以看指针是否在完全静止时指向分度盘标尺的正中间，也可以观察指针在分度盘中央线左右摆动的幅度是否相等．故B错误；C、用被拉长了的皮尺测量物体长度，物体的真实值不变，被拉长的皮尺上的分度值的真实长度变大，但分度值的示数没有变化，因此其测得的结果比真实值偏小，故C错误；D、在正确使用的前提下，弹簧测力计可以根据需要测量不同方向的拉力，只需要拉力方向与弹簧的轴线方向一致即可，故D错误．故选A．　6．下列说法正确的是（　　）A．飞机获得升力的原因是流速大的地方压强大B．划船时使船前进的力的施力物体是桨C．磁场方向既可以是该点磁感线的切线方向，又可以是小磁针在该点静止时北极的指向D．一本书放在桌上静止，书对桌子的压力和桌子对书的支持力大小相等，方向相反，所以这两个力合力为零【考点】飞机的升力；力作用的相互性；力的合成与应用；磁场．【分析】（1）流体流速越快的位置压强越小，据此做出分析；（2）物体间力的作用是相互的，据此分析；（3）根据磁场方向的定义可做出判断；（4）一对平衡力的合力为零，首先判断两力的关系，再确定其合力．【解答】解：A、飞机前进时，机翼上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，上下表面存在压强差，因而有压力差，从而产生升力，故A错误；B、用桨向后划水，船就会向前运动，利用了物体间的作用是相互的，使船前进的力的施力物体是水，故B错误；C、磁场方向既可以是该点磁感线的切线方向，又可以是小磁针在该点静止时北极的指向，故B正确；第40页（共40页） D、一本书放在桌上静止，书对桌子的压力和桌子对书的支持力大小相等，方向相反，这两个力作用在不同的物体上，不能求合力，故D错误．故选C．　7．如图所示，水平传送带上放一物体，物体下表面及传送带上表面均粗糙，导电性能良好的弹簧右端与物体及滑动变阻器滑片相连，弹簧左端固定在墙壁上，不计滑片与滑动变阻器线圈间摩擦，当传送带如箭头方向运动且速度为v时，物体与传送带发生相对滑动，当传送带逐渐加速到2v时，物体受到的摩擦力和灯泡的亮度将（　　）A．摩擦力不变，灯泡的亮度不变B．摩擦力变大，灯泡的亮度变亮C．摩擦力不变，灯泡的亮度变亮D．摩擦力变小，灯泡的亮度变暗【考点】摩擦力的大小；欧姆定律的应用．【分析】由摩擦力大小的影响因素可知摩擦力的变化；对物体由力的平衡可知触片的位置变化；则由欧姆定律可得出灯泡亮度的变化．【解答】解：因摩擦力大小只与压力大小及接触面的粗糙程度有关与物体的相对运动速度无关，故物体所受摩擦力不变；因物体在弹簧弹力及摩擦力的作用下将处于平衡状态，故物体的位置将不发生变化，与滑动变阻器保持相对静止，滑动变阻器接入电阻不变，则由欧姆定律可得电路中电流不变，灯泡的亮度不变．故选A．　第40页（共40页） 8．电流看不见、摸不着，判断电路中是否有电流时，我们可通过电路中的灯泡是否发光去确定．下面是小红同学在学习中遇到的四个研究实例，其中采取的方法与研究电路中是否有电流方法相同的是（　　）A．通过测100张纸的厚度来测1张纸的厚度B．人们通过研究墨水的扩散现象认识分子的运动情况C．研究电流与电压、电阻关系时，控制电阻（电压）不变，研究电流与电压（电阻）关系D．学习电压时，我们可以通过对比水压来认识它【考点】物理学方法；累积法测量微小质量．【分析】解答此题要用到的物理学研究方法有：“累积法”、“转换法”“控制变量法”、“等效替代法”等．【解答】解：电流看不见、摸不着，判断电路中是否有电流时，我们可通过电路中的灯泡是否发光去确定．运用到的是转换法．A、通过测100张纸的厚度来测1张纸的厚度，是“累积法”，不符合题意；B、人们通过研究墨水的扩散现象认识分子的运动情况，是转换法，符合题意．C、研究电流与电阻关系时，控制电压不变，研究电流与电电阻的关系，是“控制变量法”，不符合题意；D、学习电压时，我们可以通过对比水压来认识它，是“类比法”，不符合题意；故选B　9．如图为放在水平桌面上的质量相等的圆柱形容器甲和底大口小的容器乙，分别倒入适量的同种液体，液面高度和液体上表面面积都相等，设两容器内液体对容器底部的压力分别为F甲、F乙，桌面受到的压强分别为P甲、P乙，则（　　）A．F甲＞F乙B．F甲＜F乙C．P甲=P乙D．P甲＜P乙【考点】压力及重力与压力的区别；压强大小比较．【分析】第40页（共40页） （1）由题意可知，两容器内液体相同即密度相同和液体深度相同，根据p=ρgh可知两容器受到液体压强的关系，由图可知两容器底面积的关系，根据F=pS可知两容器底部受到液体压力的关系；（2）先拿一个和乙底面积相同、质量相同的圆柱体容器丙，加入高度相同的同种液体，因为丙容器内液体的质量大、重力大，丙容器的总重大于乙，根据压强公式知道丙容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强，再根据p=ρgh判断出甲、丙两个圆柱容器对地面的压强相同，从而得出甲乙两容器对桌面的压强关系．【解答】解：（1）甲、乙两容器中盛的是同种液体，液面高度相等，由p=ρgh知道液体对两容器底部的压强相等，由题知，液体上表面积都相等，则乙容器底部面积较大，由p=的变形式F=pS可知，F甲＜F乙，故A错误，B正确；（2）拿一个和乙底面积相同、质量相同的圆柱体容器丙，加入高度相同的同种液体，因为丙容器内液体的质量大、重力大，所以，丙容器的总重大于乙，由p=可知，丙容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强；因为甲、丙两个容器为圆柱容器，装的同种液体，且液面等高，将两容器看作固体，所以，由p======ρgh可知，甲、丙两容器对桌面的压强相同，综上可知，甲容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强，即p甲＞p乙，故CD错误．故选B．　10．如图所示，一重为G的物体，用一水平压力F=kt（k为大于0的常数，t为作用时间）压在足够长的平整竖直粗糙墙面上，则物体的运动情况是（　　）A．始终静止B．速度先增加后不变第40页（共40页） C．速度先增大，后减小，最终静止D．速度始终增大【考点】力与运动的关系．【分析】对物体进行受力分析，根据物体的受力情况判断物体的运动情况．【解答】解：物体受力如图所示，开始时水平压力F=kt较小，物体受到的摩擦力f较小，小于物体的重力，物体受到的合力向下，物体向下做加速运动；随着推力F的增大，摩擦力f变大，当f=G时，物体速度最大；然后摩擦力f大于重力G，合力向上，物体做减速运动，最后物体静止；故ABD错误，C正确；故选C．　11．某教师用“试管爬升”的实验装置来验证大气压的存在，其做法如下：取两个直径相差很小的平底试管，将细管底部插入装满水的粗试管内，再将两试管迅速倒置（保持竖直），会看到细试管慢慢“爬进”粗试管里，如图所示，细试管能否在粗试管内竖直向上“爬升”，取决于开始时细试管插入粗试管的深度，如果插入过浅细试管就不能自动上升．若细试管的重为G=0.1N、底面积S=2cm2，大气压强为一个标准大气压，则细试管开始插入的深度h0至少为多少cm，细管向上“爬升”（　　）A．5cmB．10cmC．15cmD．20cm【考点】大气压强的存在．第40页（共40页） 【分析】先对细试管受力分析，细管刚好能“爬升”时细试管受力平衡，根据力的平衡条件得出等式，细试管受到上方受到的压强等于大气压减去水产生的压强，根据压强公式表示出受到的力，把细试管的面积公式代入等式即可得出答案．【解答】细试管受力情况如图所示：细管刚好能“爬升”时，细试管受力平衡，则F0=G+F，细试管受到水的压强：p水=p0﹣ρ0gh0，细试管受到水的压力：F=p水S=（p0﹣ρ0gh0）S，所以p0S=G+（p0﹣ρ0gh0）S，解得：h0===0.05m=5cm．故A正确．故选A．　12．圆筒形容器甲和乙放在水平桌面上，甲容器中装有密度为ρ1的液体，乙容器中装有密度为ρ2的液体，两容器中液体的体积相等，甲容器的底面积为S甲，乙容器的底面积为S乙，且S甲：S乙=3：2．将体积相等的密度为ρA的金属球A和密度为ρB的金属球B分别放入两容器的液体中，如图所示．金属球A受支持力为N1，金属球B受支持力为N2，且N1：N2=5：12．两容器放入金属球后，液体对甲容器底增加的压强为△p1，液体对乙容器底增加的压强为△p2．已知：ρ1：ρA=1：4，ρ2：ρB=1：10，则△p1与△p2之比为（　　）第40页（共40页） A．2：3B．5：6C．2：5D．3：1【考点】液体的压强的计算；二力平衡条件的应用．【分析】根据公式F浮=ρgV排可以求出放入金属球后，金属球受到的浮力，根据公式G=mg=ρVg可求求出两球的重力，放入液体中后，金属球受到的支持力就等于重力与所受的浮力之差，从而求出两液体的密度之比，最后根据公式P=ρgh=ρg求出△p1与△p2之比．【解答】解：金属球A受支持力为N1=GA﹣F浮A=ρAgV﹣ρ1gV=4ρ1gV﹣ρ1gV=3ρ1gV；金属球B受到的支持力为N2=GB﹣F浮B=ρBgV﹣ρ2gV=10ρ2gV﹣ρ2gV=9ρ2gV；所以N1：N2=3ρ1gV：9ρ2gV=5：12；所以ρ1：ρ2=5：4；△p1与△p2之比=====；故选B．　二、填空作图题（每空1分，共20分）13．世界上第一个发现电与磁之间联系的人是　奥斯特　，发电机原理是　电磁感应　现象．【考点】通电直导线周围的磁场；发电机的构造和原理．【分析】（1）奥斯特发现了电流的磁效应；（2）发电机是利用电磁感应现象的原理制成的．【解答】解：1820年，丹麦物理学家奥斯特在一次讲课结束时，在助手收拾仪器时，注意到通电导体的小磁针发生了偏转，正是由于他的敏锐的洞察力，发现了电生磁，是世界上第一个发现电与磁之间联系的人；第40页（共40页） 据课本可知，发电机是利用电磁感应现象的原理制成的．故答案为：奥斯特；电磁感应．　14．重庆轻轨3号线已于2012年5月全线通车，全线39座车站全部开通，正式通车．当列车减速驶进站台时，列车受到　非平衡力　的作用（选填“平衡力”或“非平衡力”），当列车驶离站台时，若以列车为参照物，站台是　运动　（选填“静止”或“运动”）的．【考点】力与运动的关系；参照物及其选择．【分析】当物体受平衡力的作用时总保持静止状态或匀速直线运动状态；运动和静止是相对的，相对于参照物来说物体位置发生变化则是运动的，否则是静止的．【解答】解：当列车减速驶进站台时，列车的速度减慢，此时列车的运动状态发生变化，列车一定受非平衡力的作用；当列车驶离站台时，若以列车为参照物，站台相对于列车来说位置发生变化，所以说站台是运动的．故答案为：非平衡力；运动．　15．如图是某实验小组做”测平均速度”的情形．小车从位置A开始沿直线运动到位置B为止，通过的距离是　3.50　cm．小车的平均速度是　0.007　m/s．【考点】变速运动与平均速度．【分析】由图示刻度尺确定刻度尺的最小分度值，由图读出小车前端在B位置与A位置所对应刻度尺的示数，两示数之差等于小车的路程；图示两钟表示数之差为小车的运动时间；已知小车的路程与运动时间，由平均速度公式可求出小车的平均速度．【解答】解：由图知，刻度尺的最小分度值是1mm，第40页（共40页） 小车由A到B通过的路程：s=4.50cm﹣1.00cm=3.50cm；由图示钟表可知，小车的运行时间t=5min7s﹣5min2s=5s；小车的平均速度：v===0.007m/s；故答案为：3.50；0.007．　16．某空瓶的质量为100g，装满水后总质量为600g，若在此瓶中装满某种液体后总质量为500g，则该液体的密度是　0.8×103kg/m3　，在装满水的瓶中缓慢放入10g砂，等水不在溢出后称得水、砂、瓶的总质量为602g，则砂的密度为　1.25　g/cm3．【考点】密度的计算；密度公式的应用．【分析】（1）根据瓶子质量和装满水后总质量求出水的质量，然后根据密度公式变形，代入数值即可求出水的体积，即瓶子的容积．（2）根据瓶子质量和装满另一种液体后总质量求出该液体的质量，然后根据密度公式变形，代入数值即可求出该液体的密度；根据题干中的条件求出排开水的质量，知道水的密度，利用密度公式求排开水的体积，即砂的体积；又知道砂的质量，利用密度公式求砂的密度．【解答】解：（1）m水=m总1﹣m瓶=600g﹣100g=500g，由ρ=可得，V瓶=V水===500cm3；m液=m总2﹣m瓶=500g﹣100g=400g，液体的密度：ρ液===0.8g/cm3=0.8×103kg/m3．（2）排开水的质量m排=10g+600g﹣602g=8g，由ρ=得，砂的体积：V砂=V排===8cm3；已知砂的质量m砂=10g，砂的密度：ρ砂=1.25g/cm3．故答案为：0.8×103kg/m3；1.25．第40页（共40页） 　17．如图，甲，乙两个实心正方体放置在水平地面上，S甲＞S乙，它们对地面的压强相同，若沿竖直方向上切去相同的厚度，比较甲，乙的剩余部分对地面的压强p甲　=　p乙．若沿水平方向切去相同的质量，则甲，乙剩余部分对地面的压强p甲’　＞　p乙’（选填“＞”“=”“＜”）【考点】压强的大小及其计算；压强大小比较．【分析】（1）根据水平面上物体的压力和自身的重力相等和重力公式、密度公式、体积公式得出实心正方体对水平地面压强的表达式，进而作出判断．（2）沿水平方向切去相同的质量时，减小的压力相同，根据压强公式和受力面积关系得出压强变化量之间的关系，结合原来的压强相等即可判断．【解答】解：（1）沿竖直方向上切去相同的厚度时，两正方体的密度和高度不变，由p======ρgh可得，它们的压强相等，即p甲=p乙．（2）沿水平方向切去相同的质量时，减小的压力相同，因S甲＞S乙，所以△p甲＜△p乙；又因为甲，乙两个实心正方体放置在水平地面上，它们对地面的压强相同，所以剩余部分甲对地面的压强大于乙对地面的压强，即＞．故答案为：=；＞．　18．如图所示，是某栋房子供水的水路示意图，放水时水龙头与水塔构成了一个　连通器　．若将水龙头（相同型号）单独打开并将开关旋至最大，则　甲　（填“甲”或“乙“）水龙头出水速度大．【考点】连通器原理；液体的压强的特点．【分析】第40页（共40页） 本题第一空考查对连通器构造特点的了解：上端开口，底部连通的仪器叫连通器；第二空考查液体压强与深度的关系：液体压强随深度的增加而增大．【解答】解：水塔上端是开口的，放水时水龙头也是开口的，它们通过水管相连，符合连通器定义特点，所以是一个连通器；四个水龙头中，甲处在液面下最深的位置，根据液体压强特点，液体压强随深度的增加而增大，甲处液体压强大，水流速度大．故答案为：连通器；甲．　19．一高压锅的排气孔的横截面积约为10mm2，限压阀的质量为80g，则锅内最大的压强为　1.8×105　Pa，若高压锅盖的面积约为300cm2，则锅身接口处对锅盖的拉力为　2.4×103　N（设外界大气压为一个标准大气压）．【考点】压强的大小及其计算．【分析】（1）在排气孔口径上内外压强、压力均是平衡的：高压锅内部的压强乘以排气孔的横截面积就是内部的蒸汽压力对排气孔向上的压力，当这个蒸汽压力等于限压阀的重力对排气孔产生的向下的压力与外部大气压对排气孔的向下压力之和时，高压锅处于平衡状态，即p0S1+mg=pS1，据此即可求出高压锅内部水蒸气的最大压强．（2）为了能保证安全，锅身接口处对锅盖的拉力应该等于锅内表面所受的蒸汽压力减去外部大气压对外表面所受的压力（排气孔面积上的内外压力差为零，由于其面积很小，计算锅盖内外压力差时可忽略不计）．【解答】解：（1）排气孔的横截面积为：S1=10mm2=10﹣5m2，限压阀的质量为：m=80g=0.08kg，根据G=mg、p=可得，锅内最大气压为：p0S1+mg=pS1，则p===1.8×105Pa；（2）锅盖面积为：S2=300cm2=3×10﹣2m2，则锅身接口处对锅盖的拉力：F=p•S2﹣p0S2=1.8×105Pa×3×10﹣2m2﹣1.0×105Pa×3×10﹣2m2=2.4×103N．故答案为：1.8×105；2.4×103．第40页（共40页） 　20．有A、B两个正方体，它们的边长之比为2：1，密度之比为3：4，质量之比为　6：1　，将它们如图叠放在水平地面上，此时A对B的压强与B对地面的压强之比为　6：7　．【考点】压强的大小及其计算；密度公式的应用．【分析】（1）知道A、B正方体的边长之比，根据V=L3、ρ=求质量之比；（2）求出了A、B的质量大小关系，利用G=mg求重力大小关系；物体对水平面的压力和自身的重力相等，A对B压力的受力面积和B对地面的受力面积均为B的底面积，根据p=求出A对B的压强与B对地面的压强之比．【解答】解：由题知，A、B两个正方体的边长之比LA：LB=2：1，体积之比：VA：VB=（LA）3：（LB）3=23：13=8：1，而二者密度之比ρA：ρB=3：4，由ρ=得质量之比：mA：mB===6：1；（2）由G=mg得重力之比：GA：GB=mAg：mBg=mA：mB=6：1；则GA=6GB，因物体对水平面的压力等于物体的重力，所以A对B的压力F1=GA，B对地面的压力F2=GA+GB，受力面积都是B的底面积SB，A对B的压强与B对地面的压强之比：第40页（共40页） p1：p2=：=F1：F2=GA：（GA+GB）=6GB：（6GB+GB）=6：7．故答案为：6：1；6：7．　21．水平地面上有一个质量为1kg、底面积为10﹣2cm2的薄壁圆柱形容器，容器内盛有质量为4kg的水．则容器对地面的压强是　4900　Pa，现将一物块浸没在水中，水未溢出，若容器对地面压强的增加量等于水对容器底部压强的增加量，则该物块的密度为　1.0×103　kg/m3．【考点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用．【分析】①求出水和容器的总重，容器对地面的压力等于水和容器的总重，知道受力面积，利用压强公式p=求容器对地面的压强；②设物体的质量为m，则容器对地面压强的增加量△p1==，水对容器底部压强的增加量△p2=ρ水△hg=ρ水g，根据△p1=△p2求得物体的密度．【解答】解：①容器对地面的压力：F=G=mg=（1kg+4kg）×9.8N/kg=49N，容器对地面的压强：p===4900Pa；②设物体的质量为m，则容器对地面压强的增加量：△p1==，水对容器底部压强的增加量：△p2=ρ水△hg=ρ水g，由题知，△p1=△p2，即：=ρ水g，物体的密度：ρ物==ρ水=1.0×103kg/m3．第40页（共40页） 故答案为：4900；1.0×103．　22．如图，容器中装有水，放在水平桌面上．水中有一个木块被细线系着，木块的体积为4dm3，木块的密度为0.6g/cm3，容器的底面积约为200cm2，木块由如图位置到绳子断了，最终木块漂浮在水面上，水对容器底部的压强变化量是　800　Pa．【考点】液体的压强的计算．【分析】据木块的质量和体积，计算出木块的质量，进而计算出木块的重力及漂浮时木块的浮力，根据根据F浮=ρ液gV排得出木块排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，从而可得压强的变化．【解答】解：由ρ=可得木块的质量：m=ρV=0.6g/cm3×4000cm3=2400g=2.4kg；则木块的重力：G=mg=2.4kg×10N/kg=24N；木块由如图位置到绳子断了，最终木块漂浮在水面上，此时木块受到的浮力F浮=G=24N；由F浮=ρ液gV排得，木块漂浮时排开水的体积：V排===2.4×10﹣3m3=2400cm3；所以排开水的体积变化量：△V排=4000cm3﹣2400cm3=1600cm3；液面下降的深度为△h===8cm=0.08m；则水对容器底部的压强变化量：△p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa．故答案为：800；　第40页（共40页） 23．如图，物体静止在斜面上，画出斜面上的物体所受支持力的示意图．【考点】力的示意图．【分析】物体静止在斜面上，其所受的支持力方向与支持面是垂直的，其作用点作用在其接触面上，故据此作出力的示意图来即可．【解答】解：该物体所受的支持力的方向与支持面是垂直的，且其作用点作用在接触面上，故其所受支持力的示意图见下图．　三、实验与探究题（每空1分，共24分）24．2014年5月15日，中国商飞公司C919大型客机首架机的前机身部段成功下线．该部段采用重庆西南铝业集团制造的具有世界先进水平的铝锂合金．小彬同学在征得科研人员同意后对一块圆柱型实心铝锂合金的密度进行了测量．（1）将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的零刻度线，发现指针偏向分度标尺的左边，应将平衡螺母向　右　（选填“左”或“右”）调节．用调节好的天平测量合金的质量，平衡时砝码规格和游码的位置如图甲所示，合金的质量是　92　g．（2）量筒中装适量水，读出体积为50cm3．放入合金后，液面静止时如图乙所示，合金体积为　40　cm3，计算出合金的密度为　2.3　g/cm3第40页（共40页） （3）测量合金体积的操作中水可能溅出，引起密度测量值　偏大　（选填“偏大”或“偏小”）．（4）取出合金擦干水，用细线系好挂在弹簧测力计下，然后浸没在不与合金反应的某液体中，测力计的示数为0.4N，合金所受浮力为　0.52　N，该液体的密度为　1.3×103　kg/m3．【考点】固体的密度测量实验．【分析】（1）天平是物理学中用来测量质量的仪器，使用天平时应先调节，一般遵循“左偏右调、右偏左调”的规律．在调节平衡螺母之前还要注意，应先将游码移至标尺的零刻线处．天平平衡时，物体的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值；（2）读出合金浸没水后水面到达的刻度，读出只有水时水面到达的刻度，求出合金的体积；然后利用密度公式求出合金的密度．（3）测量合金体积的操作中，放入合金时，不慎掉入量筒的水中，这样引起求得的合金的体积偏小，从而引起密度测量值偏大．（4）已知合金的质量，可求得其重力，根据F浮=G﹣F拉可求得合金所受浮力，根据F浮=ρgV排可求得液体的密度．【解答】解：（1）调节天平横梁平衡时，若发现指针偏向中央刻度的左侧，说明左侧质量偏大，此时应将平衡螺母向右端移动；游码标尺的分度值是0.2g，合金的质量为m=50g+20g+20g+2g=92g；（2）合金的体积V=90cm3﹣50cm3=40cm3；则合金的密度ρ===2.3g/cm3；（3）测量合金体积的操作中，放入合金时，不慎掉入量筒的水中，这样引起求得的合金的体积偏小，从而引起密度测量值偏大；（4）G=mg=0.092kg×10N/kg=0.92N，合金所受浮力F浮=G﹣F拉=0.92N﹣0.4N=0.52N，因为合金全部浸没在液体中，所以V排=V物=40cm3=4×10﹣5m3，由F浮=ρgV排可得，第40页（共40页） ρ液===1.3×103kg/m3．故答案为：（1）右；92；（2）40；2.3；（3）偏大；（4）0.52；1.3×103．　25．如表是小莉同学用如图装置分别测得水和盐水在不同深度时，压强计（U形管中是水）两液柱的液面高度情况．序号液体深度h/mm压强计左液面mm右液面mm液面高度差mm1水301862142826017122958390158242844盐水9015424692（1）使用压强计前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置　不漏气　（漏气/不漏气）；若在使用前U形管两边的液面有高度差，应通过　B　方法进行调节．A、从U形管中倒出适量水B、取下软管重新安装C、向U形管中加入适量水（2）分析表中序号为1、2、3三组数据可得到的结论是：同种液体的压强随深度的增加而　增大　，比较表中序号3、4两组数据可得到的结论：不同液体的压强还跟液体的　密度　有关．（3）为进一步研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等，他们应控制的变量有　探头在液体中的深度　和　液体密度　．（4）小莉同学在学了液体压强公式后，用公式对以上实验的数据进行分析计算（g=10N/kg），得出金属盒在30mm深处水的压强是　300　Pa，而从压强计测出的压强为280Pa，由此她发现按液面高度差计算的压强值小于按液体深度计算的压强值，你认为造成的原因是什么？答：第40页（共40页） 　空气会被压缩、胶管会变形，不可能大小不变地传递压强　．【考点】探究液体压强的特点实验．【分析】（1）实验中通过U型管中两边的液面高度差来反应被测压强大小的；检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体能灵活升降，则说明装置不漏气；U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；（2）（3）液体压强可能跟液体密度、深度、方向有关，根据控制变量法分析解答；（4）根据p=ρgh计算30mm深处水的压强；从液压计的工作原理上分析解答．【解答】解：（1）压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的；用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中液体能灵活升降，则说明装置不漏气；进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的．（2）1、2、3三组数据中，探头在液体中的深度不同，液体的密度相同，压强不相等，可得出结论：同种液体的压强随深度的增加而增大；比较表中序号为3、4两组数据，液体的深度相同，液体的密度不同，压强也不相等，因此可得出的结论：同一深度，不同液体的压强还跟液体的密度有关．第40页（共40页） （3）为进一步研究在同一深度，液体向各个方向的压强是否相等，他们应控制的变量有探头在液体中的深度和液体密度，改变橡皮膜的朝向．（4）30mm深处水的压强p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.03m=300Pa．液体的压强在通过胶管中密闭的空气进行传递时，空气会被压缩、胶管会变形，从而使压强不可能大小不变地传递给U形管中的液面，所以会出现从压强计测出压强值小于按液体深度计算的压强值．故答案为：（1）不漏气；B；（2）增大；密度；（3）探头在液体中的深度；液体密度；（4）300；空气会被压缩、胶管会变形，不可能大小不变地传递压强．　26．在测量小灯泡电功率的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω．（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大；连线不得交叉．（2）若某小组同学闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P的过程中，发现小灯泡始终不亮，电压表、电流表均有示数但始终不变，则电路中发生的故障时　将变阻器下面两个接线柱连入了电路　．（3）排除故障后，继续进行实验．测量数据如表．实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.13.01.71.30.90.50.1电流I/A0.280.260.300.240.210.190.160.05第40页（共40页） 分析实验数据可知：①小灯泡的额定功率为　0.7　W②7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是　实际功率太小　．③小灯泡的电阻不是定值，是因为电阻受到　温度　的影响．请推测：小灯泡断电一点时间后的电阻可能是　1Ω　（选填“0Ω”“1Ω”“2Ω”“8.9Ω”）．（4）另一个小组的电压表突然损坏，该组同学手边有多余电流表和5Ω的定值电阻，为了测出小灯泡的额定功率，小明灵机一动，设计了如图电路图；并进行如下操作：①调节滑片至阻值最大处，并同时闭合S1、S2、S3；②调节滑动变阻器的滑片，直至电流表A1的示数为　0.25　A时，记下电流表A的示数　0.8　A（见图）；③根据公式计算出灯的额定功率为　0.75　W．【考点】电功率的测量；影响电阻大小的因素．【分析】（1）小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω，求出灯正常发光时的电流，根据当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大确定变阻器的连接；（2）移动滑动变阻器的滑片P的过程中，电压表、电流表均有示数说明电路为通路，灯不亮，说明电路中电流过小，据此分析；（3）①由表中实验数据求出灯泡额定电压对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率；②如果灯泡实际功率如果太小，将不足以引起灯泡发光；③灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，根据表中实验数据求出灯泡电阻阻值，然后答题图丙中，三个开关都闭合时，灯泡和电阻R并联，因此两端电压相等；知道灯泡的额定电压和定值电阻的阻值，由此求出通过定值电阻的电流；电流表A测量的是干路电流，等于支路电流之和，从而确定了电流表A选择的量程和读数，也能求出通过灯泡的电流，最后根据P=UI计算出灯泡的额定功率．第40页（共40页） （4）图乙中，三个开关都闭合时，灯泡和电阻R并联，因此两端电压相等；知道灯泡的额定电压和定值电阻的阻值，由此求出通过定值电阻的电流；电流表A测量的是干路电流，等于支路电流之和，从而确定了电流表A选择的量程和读数，也能求出通过灯泡的电流，最后根据P=UI计算出灯泡的额定功率．【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω，灯正常发光时的电流I==0.25A，电流表选用小量程串联在电路中，当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大，即滑片右边电阻丝连入电路中，如下所示：（2）若某小组同学闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P的过程中，电压表、电流表均有示数说明电路为通路，灯不亮，说明电路中电流过小，电压表、电流表均有示数但始终不变，说明变阻器失去了变阻的作用，则电路中发生的故障：将变阻器下面两个接线柱连入了电路；将变阻器下面两个接线柱连入了电路（3）①灯在额定电压下的功率为额定功率，由表格中数据可知，灯泡两端的电压U=2.5V时，通过灯泡的电流为0.28A，故灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.28A=0.7W．②由表中实验数据可知，7、8两次实验，灯泡电压与电流很小，灯泡实际功率很小，由于灯泡实际功率很小不足以引起灯泡发光，所以灯泡熄灭．③由表中第8组实验数据可知，此时灯泡电阻R==2Ω，灯泡电阻受温度影响，随温度降低而减小，小灯泡在断电一段时间后，灯丝温度降低，灯泡电阻阻值减小，则灯泡电阻可能是1Ω．（4）①调节滑片至阻值最大处，并同时闭合S1、S2、S3；第40页（共40页） ②调节滑动变阻器的滑片，直至电流表A1的示数为0.5A时，记下电流表A的示数0.8A（见图）；③在②中，电阻R的电压UR=IRR=0.5A×5Ω=2.5V，根据并联电路电压的规律，灯的电压为2.5V，灯正常发光，根据并联电路电流的规律，通过灯电流即灯的额定电流：IL=0.8A﹣0.5A=0.5A，灯的额定功率为：PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W故答案为：（1）如上所示；（2）将变阻器下面两个接线柱连入了电路；（3）①0.7；②实际功率太小；③温度；1Ω；（4）0.25；0.8；0.75．　四、计算题题（6+7+7=20分）27．某货车自重50000N，轮胎与地面接触面积共0.3m2．司机师傅在执行一次运输任务时，开着装有25t沙子的货车在一段平直的公路上匀速行驶8km，所用时间是6min．求：（1）货车的速度为多少km/h；（2）货车轮胎对地面的压强是多少？【考点】压强的大小及其计算；速度的计算．【分析】（1）知道货车匀速行驶的路程和所用时间，根据速度公式求出货车的速度；（2）根据G=mg求出沙子的重力，然后加上车的重力即为车轮对路面的压力，利用压强公式求出货车轮胎对地面的压强．【解答】解：（1）货车行驶路程s=8km，行驶时间t=6min=0.1h，货车的速度：v===80km/h；（2）货车中沙子所受重力：G=mg=2.5×104kg×10N/kg=2.5×105N，车轮对路面的压力：F=G总=G沙+G车=2.5×105N+0.5×105N=3.0×105N，车轮与地面接触面积S=0.3m2，车轮对路面的压强：第40页（共40页） p===1×106Pa．答：（1）货车的速度为80km/h；（2）货车轮胎对地面的压强是1×106Pa　28．某同学利用热敏电阻为家中灯暖型“浴霸”（用电灯取暖的用电器）设计了一个温度可自动控制的装置，如图甲．“控制电路”中的热敏电阻R1的阻值随温度变化的曲线如图乙所示．电磁铁线圈可看成阻值为40Ω的纯电阻R0，“浴霸”共安装有2盏标有“220V550W”的灯泡，当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，使“浴霸”电路断开；当线圈中的电流小于或等于40mA时，继电器的衔铁被释放，使“浴霸”电路闭合．求（1）工作电路闭合时时，浴霸正常工作1min内产生的热量是多少？（2）若浴室中的温度不得超过38℃，则控制电路的电源电压U1最小值是多少？（3）若电源U1电压恒定为10V，则将此装置放在浴室内，浴室内温度可控制在多大范围内？【考点】电功与热量的综合计算．【分析】（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据Q=W=Pt求出每盏灯泡在1min内产生的热量；（2）先从表格中找出温度为38℃时热敏电阻的阻值，然后利用串联电路电阻规律算出总电阻，最后用最小电流乘以总电阻算出最小电源电压值；（3）取临界情况，当电流为50mA时和当电流等于40mA时，知道电源电压U0，分别求出总电阻，利用串联电阻的特点求热敏电阻R1第40页（共40页） 的大小，对应图象找出温度值，从而得到浴室内温度的变化范围．【解答】解：（1）由题知，“浴霸”共安装有2盏标有“220V550W”的灯泡，在1min内产生的热量：Q=W=Pt=2×550W×60s=6.6×104J；（2）由图象知，当R1温度为38℃时，其阻值R1=120Ω；由图甲知，R1和R0串联，所以此时电路的总电阻：R总=R1+R0=120Ω+20Ω=140Ω；由题知，当电磁铁线圈中电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，使“浴霸”电路断开，由I=可得，控制电路的最小电压为：U1=I1R总=0.05A×140Ω=7V；（3）取临界情况，当电流为I=50mA=0.05A时：串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由I=可得：R1+R0===200Ω，则R1=200Ω﹣R0=200Ω﹣20Ω=180Ω，由图可得对应的温度为32℃；当电流为I′=40mA=0.04A时：R1′+R0===250Ω，则R1′=300Ω﹣R0=250Ω﹣20Ω=230Ω，由图可得对应的温度为28℃；所以，室内温度可控制在28℃～32℃范围内．答：（1）工作电路正常工作时，浴霸正常工作1min内产生的热量是6.6×104J；（2）若浴室中的温度不得超过38℃，则控制电路的电源电压U1最小值是7V；（3）若电源U1电压恒定为10V，则将此装置放在浴室内，浴室内温度可控制的范围为28℃～32℃．　29．在水平桌面上放有一柱形容器，底面积为500cm2，里面装有深度为20cm的水；一个重力为2N的开口玻璃杯A，其底部与一个体积为50cm3第40页（共40页） 重力为3.9N的实心铁块B用细线相连（细线的质量体积忽略不计），然后放入水中，但在放入过程中由于不小心，容器中有少量的水流入了玻璃杯中，最后A、B两物体在水中处于静止，如图所示，此时玻璃杯A排开水的体积为640cm3．求：（1）没有放入玻璃杯和铁块时水对容器底部的压强．（2）A、B两物体在水中静止时细线对铁块B的拉力．（3）若细线突然断开，A、B两物体再一次静止后（这个过程中玻璃杯A开口始终向上），水对容器底部的压强为多少？【考点】液体的压强的计算；阿基米德原理．【分析】（1）根据p=ρgh可求得水对容器底部的压强；（2）A、B两物体在水中静止时细线对铁块B的拉力等于其重力减去浮力；（3）先求出柱形容器内水的体积，根据F浮=ρgV排2可求得玻璃杯A受到的浮力，然后求得G进水=F浮A+F浮﹣GA﹣GB，玻璃杯A最终漂浮，再利用h2=求得h2，最后利用ρgh求得水对容器底部的压强．【解答】解：（1）p1=ρgh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2×103Pa；（2）∵浸没F浮=ρgV排1=ρgVB=1.0×103kg/m3×10N/kg×50×10﹣6m3=0.5N，F拉=G﹣F浮=3.9N﹣0.5N=3.4N，（3）V水=Sh1=500×10﹣4m2×0.2m=0.01m3，F浮A=ρgV排2=1.0×103kg/m3×10N/kg×640×10﹣6m3=6.4N，G进水=F浮A+F浮﹣GA﹣GB=6.4N+0.5N﹣2N﹣3.9N=1N，G进水=ρgV进水=1.0×103kg/m3×10N/kg×V进水，解得V进水=1.0×10﹣4m3，V水2=V水﹣V进水=0.01m3﹣1.0×10﹣4m3=99×10﹣4m3，玻璃杯A最终漂浮，F浮A2=GA+G进水=1N+2N=3N，F浮A2=ρgV排3=1.0×103kg/m3×10N/kg×V排3，第40页（共40页） 解得V排3=3×10﹣4m3，h2===0.205m，p2=ρgh2=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.205m=2.05×103Pa．答：（1）没有放入玻璃杯和铁块时水对容器底部的压强为2×103Pa；（2）A、B两物体在水中静止时细线对铁块B的拉力为3.4N；（3）水对容器底部的压强为2.05×103Pa．　第40页（共40页） 2017年5月12日第40页（共40页）