上饶中学2022—2022学年高三上学期第二次月考物理试卷（理科）时间：90分钟分值：100分一、选择题（本题共10小题，共40分；其中1－7为单项选择题；8－10为多项选择题，选对不全的得2分，有选错的得0分）1、一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其图象如图所示，则:A．质点做匀加速直线运动，初速度为0.5m/sB．质点做匀加速直线运动，加速度为0.5m/s2C．质点在1s末速度为1.0m/sD．质点在第1s内的平均速度0.75m/s2、如图所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高处水平越过球网，不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自最高点到落台的过程中，正确的是：A．过网时球1的速度小于球2的速度B．球1的飞行时间大于球2的飞行时间C．球1的速度变化率大于球2的速度变化率D．落台时，球1的重力功率等于球2的重力功率3、如图所示，P、Q为一平行板电容器的两个极板，其中Q板接地，下列说法正确的是：A．适当上移P极板，电容器电容增大B．保持开关S闭合，适当左移P极板，电容器电量增大C．若断开开关S，再适当上移P极板，板间场强减小D．若断开开关S，再适当左移P极板，P板电势升高4、2022年11月1日早上6时42分，被誉为“嫦娥5号”的“探路尖兵”载人返回飞行试验返回器在内蒙古四子王旗预定区域顺利着陆，标志着我国已全面突破和掌握航天器以接近第二宇宙速度的高速载人返回关键技术，为“嫦娥5号”任务顺利实施和探月工程持续推进奠定了坚实基础。已知人造航天器在月球表面上空绕月球做匀速圆周运动，经过时间t(t小于航天器的绕行周期)，航天器运动的弧长为s，航天器与月球的中心连线扫过角度为θ，引力常量为G，则：A．航天器的轨道半径为 B．航天器的环绕周期为C．月球的质量为D．月球的密度为5、在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定一个电荷量为＋Q的点电荷，在水平面上的N点，由静止释放质量为m，电荷量为－q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中θ＝60º，规定电场中P点的电势为零。则在＋Q形成的电场中：A.N点电势高于P点电势B.N点电势为C.P点电场强度大小是N点的2倍D.检验电荷在N点具有的电势能为-8-\n6、如图所示，两根轻绳一端系于结点O，另一端分别系于固定圆环上的A、B两点，O为圆心．O点下面悬挂一物体M，绳OA水平，拉力大小为FA，绳OB与绳OA成α＝120°，拉力大小为FB．将两绳同时缓慢顺时针转过75°，并保持两绳之间的夹角α始终不变，物体始终保持静止状态．则在旋转过程中，下列说法正确的是：A．FA逐渐增大B．FA先增大后减小C．FB逐渐增大D．FB先减小后增大7、倾角为37°的光滑斜面上固定一个槽，劲度系数k＝20N/m、原长l0＝0.6m的轻弹簧下端与轻杆相连，开始时杆在槽外的长度l＝0.3m，且杆可在槽内移动，杆与槽间的滑动摩擦力大小Ff＝6N，杆与槽之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。质量m＝1kg的小车从距弹簧上端L＝0.6m处由静止释放沿斜面向下运动．已知弹性势能，式中x为弹簧的形变量。g取10m/s2，sin37°＝0.6。若只考虑沿斜面向下的运动过程，关于小车和杆的运动情况，下列说法正确的是：A．小车先做匀加速运动，后做加速度逐渐减小的变加速运动B．在杆滑动之前，小车的机械能守恒C．杆在完全进入槽内前瞬间速度为3m/sD．杆在完全进入槽内前瞬间弹性势能大于0.9J8、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r。若调整可变电阻R的阻值，可使电压表的示数减小△U，电流表示数变化△I，两电表均为理想电表，在这个过程中：A．R2两端的电压增加，增加量一定等于△UB．电阻箱的阻值一定减小，电流表示数一定增大C．D．9、如图所示，两平行导轨ab、cd竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒PQ放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触。现在金属棒PQ中通以变化的电流I，同时释放金属棒PQ使其运动。已知电流I随时间变化的关系为I＝kt(k为常数，k>0)，金属棒与导轨间存在摩擦。则下列关于棒的速度v、加速度a随时间变化的关系图像中，可能正确的有：10、如图甲，一带电物块无初速度地放上皮带轮底端，皮带轮以恒定大小的速率沿顺时针传动，该装置处于垂直纸面向里的匀强磁场中，物块由底端E运动至皮带轮顶端F的过程中，其v－t图像如图乙所示，物块全程运动的时间为4.5s，关于带电物块及运动过程的说法正确的是：A．该物块可能带负电B．皮带轮的传动速度大小可能为2m/sC．若已知皮带的长度，可求出该过程中物块与皮带发生的相对位移D．在2s～4.5s内，物块与皮带仍可能有相对运动-8-\n二、填空与实验题（每空2分，共18分）11、如图所示为阿特武德机的示意图，它是早期测量重力加速度的器械，由英国数学家和物理学家阿特武德于1784年制成．他将质量同为M(已知量)的重物用绳连接后，放在光滑的轻质滑轮上，处于静止状态．再在一个重物上附加一质量为m的小重物，这时，由于小重物的重力而使系统做初速度为零的缓慢加速运动并测出加速度，完成一次实验后，换用不同质量的小重物，重复实验，测出不同m时系统的加速度。(1)若选定如图左侧物块从静止开始下落的过程进行测量，则需要测量的物理量有____________A.小重物的质量mB.绳子的长度C.重物下落的距离及下落这段距离所用的时间(2)经过多次重复实验，得到多组a、m数据，作出图像，如图乙所示，已知该图像斜率为k，纵轴截距为b，则可求出当地的重力加速度g＝________，并可求出重物质量M＝____________。12、某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．电流表：量程0～0.6A，内阻 B．电流表：量程0～0.6A，内阻约为C．电压表：量程0～3V，内阻未知 D．电压表：量程0～15V，内阻未知E．滑动变阻器：0～10Ω，2A F．滑动变阻器：0～100Ω，1AG．被测干电池一节H．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差．在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．(1)该实验中电流表应选_______，电压表应选_______，滑动变阻器应选_______。(填选项前面的序号)(2)实验电路图应选择下图中的_______（填“甲”或“乙”）(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U－I图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E＝______V，内电阻r＝____Ω。三、计算题（共42分，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13、（8分）物体从斜面顶端由静止开始沿斜面做匀加速直线运动，已知物体最初的一段位移L1所用时间与运动至斜面底端前最后一段位移L2所用时间相等，求此斜面的长度L。-8-\n14、（10分）如图表示，在磁感强度为B＝2T的水平匀强磁场中，有一足够长的绝缘细棒OO′在竖直面内垂直磁场方向放置，细棒与水平面夹角为α＝60°。一质量为m＝1kg，带电荷为+q＝2.5C的圆环A套在OO′棒上，圆环与棒间的动摩擦因数为，g取10m/s2。现让圆环A由静止开始下滑，试问圆环在下滑过程中：（1）圆环A的最大加速度为多大？获得最大加速度时的速度为多大？（2）圆环A能够达到的最大速度为多大？15、（12分）如图所示，弧形轨道的下端与半径为R＝1.6m的圆轨道平滑连接。现在使一质量为m＝1kg的小球从弧形轨道上端距地面h＝2.8m的A点由静止滑下，进入圆轨道后沿圆轨道运动，轨道摩擦不计，g取10m/s2。试求：（1）小球在最低点B时对轨道的压力大小；（2）若小球在C点（未画出）脱离圆轨道，求半径OC与竖直方向的夹角θ大小；（3）小球在C点脱离圆轨道后能到达的最大高度。16、(12分)如图甲所示，在光滑绝缘水平桌面内建立xoy坐标系，在第Ⅱ象限内有平行于桌面的匀强电场，场强方向与x轴负方向的夹角θ＝45°。在第Ⅲ象限垂直于桌面放置两块相互平行的平板C1、C2，两板间距为d1＝0.6m，板间有竖直向上的匀强磁场，两板右端在y轴上，板C1与x轴重合，在其左端紧贴桌面有一小孔M，小孔M离坐标原点O的距离为L＝0.72m。在第Ⅳ象限垂直于x轴放置一块平行y轴且沿y轴负向足够长的竖直平板C3，平板C3在x轴上垂足为Q，垂足Q与原点O相距d2＝0.18m。现将一带负电的小球从桌面上的P点以初速度垂直于电场方向射出，刚好垂直于x轴穿过C1板上的M孔，进入磁场区域。已知小球可视为质点，小球的比荷，P点与小孔M在垂直于电场方向上的距离为，不考虑空气阻力。求：(1)匀强电场的场强大小；(2)要使带电小球无碰撞地穿出磁场并打到平板C3上，求磁感应强度的取值范围。-8-\n上饶中学高三年级第二次月考物理参考答案一、选择题（本题共10小题，共40分；其中1－7为单项选择题；8－10为多项选择题，选对不全的得2分，有选错的得0分）1、A 2、D 3、D 4、C 5、B 6、B 7、C 8、BCD 9、AD 10、BD二、填空与实验题（每空2分，共18分）11、(1)AC(2)，12、（1）A、C、E（2）甲（3）1.5 0.70三、计算题（共42分，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13、（8分）解析：设位移L1所用时间为t，有----------------------------------------------------------（2分）可得------------------------------------------------------------------------------------------（1分）最后一段中间时刻的速度为--------------------------------------------------------------（2分）所以斜面的底端的末速度为------------------------------------------（1分）可解得----------------------------------------------------------------------（2分）（其它解法酌情给分）14、（10分）解析：（1）对沿棒的方向，根据牛顿第二定律有----------------------------（1分）垂直棒的方向有-----------------------------------------------------------（1分）所以当f＝0，即FN＝0时，a有最大值am--------------------------------------------------------（1分）可解得--------------------------------------------------------------------（1分）此时速度v＝1m/s--------------------------------------------------------------------------------------（1分）-8-\n（2）设当环A的速度达到最大值vm时，环受杆的弹力为FN，方向垂直于杆向下，此时应有a＝0沿棒方向--------------------------------------------------------------------------------------（2分）垂直棒的方向-----------------------------------------------------------------------------（2分）联立解得vm＝3m/s--------------------------------------------------------------------------------------（1分）（其它解法酌情给分）15、（12分）解析：⑴小球从A到B的过程中，由动能定理得：---------------------------------------------------（2分）在B点，由牛顿第二定律得--------------------------------------------------（2分）------------------------------------------------------（1分）（2）根据机械能守恒，小球不可能到达圆周最高点，但在圆心一下的圆弧部分速度不等0，弹力不等于0，小球不会离开轨道。设小球在C点(OC与竖直方向的夹角为)脱离圆轨道，则在C点轨道弹力为0有：--------------------------------------------------（1分）小球从A到C的过程中，由机械能守恒定律得：------------------------------------（2分）由③④得:，----------------------------------（1分）（3）离开C点后做斜上抛运动，水平分速度设小球离开圆轨道后能到达的最大高度h处为D点，则D点的速度即水平方向大小等于从A到D点的过程中由机械能守恒定律得：--------------------------------------（2分）解得:-------------------------------------------------（1分）（其它解法酌情给分）16、(12分)解析：（1）小球在第Ⅱ象限内做类平抛运动有：-8-\n---------------------------------------------------------------------------------------------------1分-------------------------------------------------------------------------------------------1分由牛顿第二定律有：-------------------------------------------------------------------1分带数据解得：-------------------------------------------------------------------1分（2）设小球通过M点时的速度为v，由类平抛运动规律：--------------1分小球垂直磁场方向进入两板间做匀速圆周运动，轨迹如图，由牛顿第二定律有：-----------------1分得：小球刚好不与C2板相碰时磁感应强度最小设为B1，此时粒子的轨迹半径为R1由几何关系有：----------------------------------------------------------------------------1分解得：------------------------------------------------------------------------------------1分小球刚好能打到Q点磁感应强度最强设为B2。此时小球的轨迹半径为R2由几何关系有：--------------------------------------------------------2分解得：----------------------------------------------------------------1分-8-\n综合得磁感应强度的取值范围：--------------------------------------------------1分（其它解法酌情给分）-8-
