2022-2022学年江苏省泰州市姜堰区九年级（上）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1．下列工具中，使用时属于费力杠杆的是()A．核桃夹B．羊角锤C．筷子D．起子2．一位同学用20s时间从一楼走到三楼，他上楼时的功率可能是()A．12WB．120JC．150WD．3000J3．下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是()A．0℃的冰没有内能B．同一物体，温度越高内能越大C．物体温度越高，所含热量越多D．物体内能减少，一定对外做功4．下列关于能量的说法中，不正确的是()A．小孩从滑梯上匀速滑下，机械能不变B．电水壶烧水时，将电能转化为内能C．金属汤勺放在热汤中温度升高，这说明内能发生了转移D．飞船在加速升空过程中动能增加，机械能增加5．下列实例中，人对物体做功的是()A．人推车，车未动B．举重运动员将杠铃举起C．学生背着书包在水平路面上匀速前进\nD．足球被踢后，在草地上滚动一段距离6．关于燃料的热值，下列说法中正确的是()A．燃料的质量越大，热值越大B．容易燃烧的燃料的热值一定大C．燃料的热值与燃料的燃烧情况无关D．热值大的燃料燃烧时放出的热量一定多7．根据表中几种物质的比热容判断，下列说法中不正确的是()物质比热容（J/kg•℃）物质比热容（J/kg•℃）水银0.14×103沙石0.92×103水4.2×103冰2.1×103A．北方楼房中的暖气用水做介质，利用了水的比热容较大的特性B．由于水比沙石的比热容大，所以内陆地区的昼夜温差比沿海地区小C．制作体温计常用水银做介质，原因之一就是水银的比热容较小D．同一种物质，所处的状态不同，则比热容可能不同8．如图所示，开关S闭合后，L1、L2两灯均正常发光．过一会儿后，灯L2的灯丝突然被烧断，接着将会看到的现象是()A．电压表有示数B．电流表有示数C．电压表无示数D．灯L1仍然发光9．家用电吹风由电动机和电热丝等组成．为了保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作．下列电路中符合要求的是()A．B．C．D．10．下列根据现象所做出的推测中，不合理的是()A．“重锤”从高处落下时，将木桩打得越深“重锤”的重力势能越大\nB．相同条件下，煤油比水吸热升温快煤油的比热容小C．街道两边的路灯，一盏灯熄灭时其它灯仍然亮路灯是并联的D．甲、乙两灯串联时，甲灯比乙灯亮甲灯中电流大11．如图所示的甲、乙两滑轮组，所用滑轮的规格相同，用它们将相同的重物G匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，以下说法正确的是()A．甲滑轮组所用拉力较大B．甲滑轮组拉力做的功较多C．两滑轮组拉力做功的功率一定相等D．两个滑轮组的机械效率一定相等12．在如图所示的电路中，下列说法正确的是()A．L1和L2并联，电流表测的是L1的电流B．L1和L2并联，电压表测的是电源电压C．L1和L2串联，电压表测的是L1的电压D．L1和L2串联，电压表测的是L2的电压二、填空题（本题共8小题，每空1分，共22分）13．使用简单机械可以给人们的生活带来便利．（1）如图甲，旗杆的顶端安装着一个__________滑轮，用来改变拉力的方向．\n（2）如图乙，把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，可减小__________臂，剪断物体更省力．14．（1）图甲是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去．上述过程中，酒精燃烧，将酒精__________能转化为燃气的__________能，再转化为盒盖的__________能．（2）图乙是汽油机的__________冲程．若该汽油机转速为1800r/min，则该汽油机每秒钟对外做功__________次．15．如图是自行车手闸示意图，手闸是一个简单机械，这种简单机械的名称是__________，当图中手对车闸的作用力F=10N时，刹车拉线受到力的大小为__________N．16．小明用20N的水平推力推重150N的购物车，在水平路面上前进了15m，所用的时间是0.5min．在此过程中，小明做了__________J的功，小明做功的功率是__________W，购物车的重力所做的功是__________J．17．用相同的热源，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的关系图象如图所示，根据图象可知，比热容较大的是__________液体．如果乙液体是水，那么质量为1kg，初温为20℃的乙液体吸收1.89×105J的热量后，温度将升高__________℃．[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]．18．如图所示电路，要使灯L1、L2组成串联电路，应闭合开关__________；要使L1、L2组成并联电路应闭合开关__________，同时闭合__________是绝对不允许的．\n19．在图所示电路中，电源是由三节新的铅蓄电池串联组成，当开关S闭合后，两电流表示数分别为1.2A和0.8A，那么灯L1中的电流I1=__________A，灯L2中的电流I2=__________A，电源电压为__________V．20．如图，当开关闭合后，两灯都发光，此时V1、V2表的读数分别是4V和2.5V，则电源电压为__________V，灯L1两端的电压为__________V．三、解答题（本题有9小题，共54分，解答第22、23两小题要有解答过程）21．（1）如图甲所示为钓鱼竿钓鱼的示意图．O为支点，F1表示作用在鱼竿上的动力，请在图中作出F1的力臂l1和阻力F2的示意图．（2）如图乙所示，利用滑轮组匀速提升重物，要求使用时最省力．请完成该滑轮组的绕法．（3）用笔画线代替导线完成图丙中电路的实物连接．要求：两灯并联，开关控制整个电路，电流表测量通过L1、L2的总电流，导线不能交叉．22．如图所示的滑轮组，在60N的拉力F作用下，将重为100N的物体匀速提起1m，所用时间是5s．求：（1）拉力F做功的功率．\n（2）滑轮组匀速提升该重物时的机械效率．（3）若不计绳重和摩擦，动滑轮重为多少？23．在冬季某些地区利用地热能为用户取暖，既节能，又环保．现有一口自喷状态地热井，出水温度为90℃，出水流量为150m3/h．（1）若流出的地热水温度降低到50℃，则每小时流出的地热水所放出的热量为多少？（2）这些热量如果用天然气蒸汽锅炉供热，若锅炉的热效率为60%，则利用上述地热能供暖一小时可以节约多少m3天然气？天然气放出的热量可用公式Q=qV计算．（ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃），q天然气=4×107J/m3）24．根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题：（1）调节螺母使杠杆在水平位置平衡时，应确保杠杆上__________（选填“悬挂”或“不悬挂”）钩码．若发现杠杆右端高，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆左端的螺母向__________（选填“左”或“右”）调节．（2）图甲中要使杠杆平衡，应在a处挂__________个同样的钩码．（3）当弹簧测力计由图乙的竖直地拉着变成倾斜地拉着，使杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将__________（选填“变大”、“不变”或“变小”），其原因是__________．（4）下表是根据实验得到的数据，据此分析，本次实验的两个不妥之处是：①__________；②__________．实验次数动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm11.5103.0521.0102.0525．如图所示，用动滑轮提升钩码，不计绳重和摩擦，改变钩码的数量，在正确操作的情况下，测得的实验数据如下实验序号钩码重G/N拉力F/N钩码上高度h/cm绳端移距离S/cm机械效率η/%①1.00.7102071.4②2.01.2102083.3\n③3.01.71020/（1）实验时，用手竖直向上__________拉动弹簧测力计，读出测力计的示数．（2）分析表中数据发现，使用此动滑轮提升物体时，拉力并不等于物体重力的一半，而是大于物体重力的一半，其原因是__________．（3）在第③次实验中，动滑轮的机械效率为__________%．（4）由表中实验数据计算推知：在不计绳重和摩擦的情况下，用同一动滑轮，将不同物体提升相同高度时，物体越重，有用功__________，额外功__________，动滑轮的机械效率将__________（均选填“越大”、“越小”或“相同”）．26．在探究“动能的大小与什么因素有关”时，同学们提出了如下猜想：猜想一、动能的大小可能与物体的密度有关；猜想二、动能的大小可能与物体的运动速度有关；猜想三、动能的大小可能与物体的质量有关．老师提供如下实验器材：刻度尺、四个金属球（100g的铁球、100g的铝球、50g的铁球、50g的铜球）、小木块和长木板．（1）同学们设计了如下实验方案：按图组装实验器材，让小球从斜面上由静止滚下，碰撞水平面上的小木块后，根据木块被撞出的距离，来比较__________的动能大小．（2）为了验证“猜想一”，应将100g的铁球和__________分别从斜面的__________（选填“不同高度”或“同一高度”）处由静止滚下，撞击水平面上同一位置的小木块，用刻度尺分别测量有关距离．（3）为了验证“猜想二”，应让同一小球从斜面的__________（选填“不同高度”或“同一高度”）由静止滚下，撞击水平面上同一位置的小木块，用刻度尺分别测量有关距离．（4）如果水平面是光滑的，实验能否进行？__________理由是__________．27．在“探究酒精和碎纸片燃烧时放出热量”的实验中，燃烧不同燃料分别给两个烧杯中的水加热：（1）实验装置如图甲、乙所示，你认为图中横杆、温度计、铁圈、燃具四个器件的安装顺序应是__________（选填“由下而上”或“由上而下”）．（2）为保证实验结论的可靠，以及方便比较，在实验中应让酒精和碎纸片的质量、两烧杯中水的质量、以及两个烧杯都应保持__________．（3）实验数据记录如下表：燃料加热前水温℃燃料燃尽时水温℃燃料的热值J•kg﹣1酒精15352.4×106\n碎纸片1525/根据表中数据，计算出碎纸片的热值是__________J/kg．（4）通过实验得到燃料的热值与实际相比是偏小，这是因为__________．（5）如果用该装置继续探究“水和煤油吸热升温的本领”，需要作一定的改变：A．两个烧杯中要分别放入__________的水和煤油，并且用相同的酒精灯分别加热；B．实验中用__________的长短来表示物质吸收热量的多少；C．实验中搅拌器的作用是使液体能够__________．28．小敏同学利用图乙所示的器材探究“串联电路的电流规律”时，设计了如图甲所示的电路图．（1）请按电路图连接好实物电路；（2）闭合开关S，用电流表测出了c处的电流，接下去的操作应该是__________．在测c处电流时，若电流表指针位置如图丙所示，则c处的电流为__________A．根据表中记录数据得出的实验结论是__________．表1测量处abc电流/A0.20.2/（3）同学们发现小敏的实验存在一定的缺陷，请你指出缺陷所在：__________．你认为小敏同学下一步应该作出的改进是__________．（4）小刚同学也做了此实验．记录的数据如表2所示，从表2中可以看出c处的电流比a、b处的电流大许多，出现这种情况的原因可能是__________．表2测量处abc电流/A0.20.21.029．在“探究水果电池电压”的实验中：小明用铜片和锌片作为电极插入较小的柠檬，制成了一个水果电池，如图所示；小华用铜片和铝片插入较大的柠檬也制成了一个水果电池．他们分别连通相同的音乐芯片，小华比小明的芯片声音要响一些．由此他们作出如下猜想：猜想一、水果电池电压可能与水果的大小有关；\n猜想二、水果电池电压可能与电极的材料有关；（1）为了验证“猜想一”，小明用同一个柠檬制成水果电池，沿着电极插入的方向不断慢慢地切去外侧的部分柠檬，分别测出电压，如下表所示：柠檬大小一个大半个半个小半个电压U/V0.800.800.800.80分析表中数据，说明“猜想一”是__________（选填“正确”或“错误”）的．（2）在测水果电池电压时，连接如图所示电路，如果电压表指针正向偏转，则__________是水果电池的正极．（3）为了验证“猜想二”，小华用铜片作为电池的一个电极，分别用外形相同的锌、铝、铁等金属片作为电池的另一个电极，将金属片插入同一柠檬的相同深度，并保持__________相同，分别测出水果电池的电压，如下表所示：电极材料铜和锌铜和铝铜和铁电压U/V0.800.600.46分析表中数据，得到的结论是__________．\n2022-2022学年江苏省泰州市姜堰区九年级（上）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1．下列工具中，使用时属于费力杠杆的是()A．核桃夹B．羊角锤C．筷子D．起子【考点】杠杆的分类．【专题】简单机械．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆．故选：C．【点评】杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．2．一位同学用20s时间从一楼走到三楼，他上楼时的功率可能是()A．12WB．120JC．150WD．3000J【考点】功率的计算．【专题】计算题；功、功率、机械效率；估算综合应用题．\n【分析】先估测同学的质量，然后根据质量求出重力，再估测三层楼的高度，根据W=Gh求出他上楼时做的功，最后用P=求出爬楼功率．【解答】解：该同学的质量m=50kg，每一层楼的高度为3m，从一楼走到三楼，上升的高度h=3m×2=6m，则克服重力做的功为：W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×6m=3000J，爬楼的功率：P===150W．故选C．【点评】本题考查做功率的计算，关键是估测中学生的体重和楼的高度，最容易出错的是登上三楼的高度，实际上是两层楼的高度，做题的时候一定要注意．3．下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是()A．0℃的冰没有内能B．同一物体，温度越高内能越大C．物体温度越高，所含热量越多D．物体内能减少，一定对外做功【考点】温度、热量与内能的关系．【专题】分子热运动、内能．【分析】要解答本题需掌握：（1）一切物体都具有内能；（2）内能与物体的质量、温度、状态等因素有关；（3）描述热量的物理术语；（4）改变物体内能的两种方法是等效的．【解答】解：A、一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能，故A错误；B、同一物体，温度越高，内能越大，故B正确；C、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有表示，故C错误；D、改变物体内能的方法有：做功和热传递，物体内能减少，可能是对外做功，也可能是散失了热量，故D错误．故选B．【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、分子的热运动及改变物体内能方法的理解，是中招的热点，热学的难点．4．下列关于能量的说法中，不正确的是()A．小孩从滑梯上匀速滑下，机械能不变B．电水壶烧水时，将电能转化为内能C．金属汤勺放在热汤中温度升高，这说明内能发生了转移D．飞船在加速升空过程中动能增加，机械能增加【考点】动能和势能的大小变化；能量的转化和转移．【专题】应用题；机械能及其转化．\n【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和．（2）电热器工作时，消耗电能，得到内能，将电能转化为内能；（3）对于改变物体内能的途径有两个：做功和热传递．做功和热传递在改变物体的内能上是等效的，但它们的本质不同，前者属于能的转化，是一种能量转化为另一种能量；后者是能量的转移，是能量从高温物体转移到低温物体．【解答】解：A、小孩从滑梯上匀速滑下，速度不变，所以动能不变，但高度变小，重力势能减少，机械能减少，故A符合题意；B、电水壶烧水时，将电能转化为内能，故B不符合题意；C、在热传递情况下，高温物体（热汤）放出热量，低温物体（金属汤勺）吸收热量，热能（内能）从高温物体转移到低温物体，故C不符合题意；D、飞机在加速升空过程中，速度增大，动能增大；高度增加，重力势能增加，所以机械能增加，故不符合题意．故选A．【点评】本题主要考查了动能和重力势能大小的判断、电热器的能量转化、内能的改变等知识，属于常见题型．5．下列实例中，人对物体做功的是()A．人推车，车未动B．举重运动员将杠铃举起C．学生背着书包在水平路面上匀速前进D．足球被踢后，在草地上滚动一段距离【考点】力是否做功的判断．【专题】应用题；功、功率、机械效率．【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可【解答】解：A、人推车，车未动，有力无距离．故不做功，不合题意；B、举重运动员将杠铃举起，有力有距离，并且力和距离相互对应，故做了功，符合题意；C、学生背着书包在水平路面上匀速前进，有力存在但力的方向上无移动的距离．故不做功，不合题意；D、人足球被踢后，由于惯性在草地上滚动一段距离，此时人没有力作用在足球上，所以人没有对足球做功，不合题意．故选B．【点评】本题考查了力是否做功的判断方法，关键是看力和距离的对应性，二者必须有因果关系才行．6．关于燃料的热值，下列说法中正确的是()A．燃料的质量越大，热值越大B．容易燃烧的燃料的热值一定大C．燃料的热值与燃料的燃烧情况无关D．热值大的燃料燃烧时放出的热量一定多【考点】燃料的热值．【专题】应用题；比热容、热机、热值．\n【分析】1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值．热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关．据此分析判断．【解答】解：（1）热值是燃料的一种特性，和燃料的质量、是否完全燃烧、燃料所处的状态（固态、液态、还是气态）无关，热值与燃料的种类有关，故AB错误，C正确；（2）根据Q=qm可知，燃料放出热量的多少与燃料的热值和质量有关，故D错误．故选C．【点评】本题考查了学生对热值概念的了解与掌握，明确热值是燃料的一种特性（只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等无关）是本题的关键．7．根据表中几种物质的比热容判断，下列说法中不正确的是()物质比热容（J/kg•℃）物质比热容（J/kg•℃）水银0.14×103沙石0.92×103水4.2×103冰2.1×103A．北方楼房中的暖气用水做介质，利用了水的比热容较大的特性B．由于水比沙石的比热容大，所以内陆地区的昼夜温差比沿海地区小C．制作体温计常用水银做介质，原因之一就是水银的比热容较小D．同一种物质，所处的状态不同，则比热容可能不同【考点】水的比热容的特点及应用；比热容的概念；比热容解释简单的自然现象．【专题】应用题；比热容、热机、热值．【分析】A、暖气中的传热介质，要求在降低相同的温度时放出更多的热量，就需要比热容较大的水；B、沙石的比热容比较小，在同样受热和受冷的情况下，沙石的温度变化值比较大，所以内陆地区的昼夜温差大；C、液体温度计的原理是液体的热胀冷缩性质，水银的比热容小，吸收相同的热量时，温度变化得更明显；D、同一种物质，所处的状态不同，则比热容可能不同．【解答】解：A、水的比热容比较大，降低相同的温度时可以放出更多的热量，取暖效果更好，故A正确；B、因为水比沙石的比热容大，在吸收和放出相同的热量时，水的温度变化值更小，沙石的温度变化值大，所以内陆地区比沿海地区的昼夜温差大，故B错误；C、水银的比热容比较小，吸收相同的热量温度升得更高，可以更准确地测量物体的温度，故C正确；D、同一种物质，所处的状态不同，则比热容可能不同，例如水在液态和固态时比热容不同；故D正确．故选B．【点评】此题考查的是比热容知识在生活中的应用，理论联系实际，要学会分析，注意积累经验．8．如图所示，开关S闭合后，L1、L2两灯均正常发光．过一会儿后，灯L2的灯丝突然被烧断，接着将会看到的现象是()\nA．电压表有示数B．电流表有示数C．电压表无示数D．灯L1仍然发光【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】应用题；图析法；电路变化分析综合题．【分析】闭合开关，灯泡都能发光，说明电路正常．明确电压表和电流表的连接位置，再根据当灯L2的灯丝突然被烧断时对电表示数的影响．【解答】解：由题意知，一开始电路正常工作，当灯L2的灯丝突然被烧断时，电路成为断路，所以电流表的示数变为零，此时电压表与电流表、灯L1串联在一起，可以测量电源电压，所以电压表仍有示数，但灯泡均不能发光．故只有A选项说法正确．故选A．【点评】了解电路的连接特点，知道电流表和电压表在电路中的作用，再根据元件的故障判断其变化，属常见的考查类型．9．家用电吹风由电动机和电热丝等组成．为了保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作．下列电路中符合要求的是()A．B．C．D．【考点】串、并联电路的设计．【专题】压轴题．【分析】串联电路中各用电器同时工作，因此电动机和电热丝为并联电路；又因为电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作，因此电路中有总开关控制，电热也有相应的开关控制．【解答】解：A、电热丝和电动机串联，而电动机不能够独立工作，故A选项不合题意；B、电动机和电热丝并联连接，电路中只有一个总开关控制，开关闭合，电热丝和电动机同时工作，而电动机无法独立工作，故B选项不合题意；C、电动机和电热丝并联连接，S1控制整个电路，S2控制电动机；S1闭合，S2断开，只有电热丝工作，而电动机不工作；故C选项不合题意；D、电动机和电热丝并联连接，S1控制整个电路，S2控制电热丝；S1闭合，S2断开，只有电动机工作，电热丝不工作；S1闭合，S2闭合，电动机和电热丝同时工作；S1断开，电动机和电热丝都不工作，故D选项符合要求．\n故选D．【点评】会根据要求设计串并联电路，同时会根据已知电路分析出符合要求的电路．10．下列根据现象所做出的推测中，不合理的是()A．“重锤”从高处落下时，将木桩打得越深“重锤”的重力势能越大B．相同条件下，煤油比水吸热升温快煤油的比热容小C．街道两边的路灯，一盏灯熄灭时其它灯仍然亮路灯是并联的D．甲、乙两灯串联时，甲灯比乙灯亮甲灯中电流大【考点】势能的影响因素；比热容的概念；串联电路的电流规律；串联电路和并联电路的辨别．【专题】应用题；推理法；其他综合题．【分析】（1）重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能就越大；（2）在相同的条件下，物体的温度升的越慢，比热容就越大；（3）并联电路中的用电器是互不影响的，串联的用电器是互相影响的；（4）比较灯泡的亮度就是比较实际功率；【解答】解：A、“重锤”从高处落下时，将木桩打得越深，即在质量不变的情况下，高度越大，重力势能越大，故该现象表明重锤越高，重力势能越大，故A正确；B、在相同的条件下，物体的温度升的越慢，比热容就越大，故在相同条件下，煤油比水吸热升温快，故说明煤油的比热容就越小，故B正确；C、路灯同时亮、灭，但是互不影响的，所以一定是并联的关系，故C正确；D、甲、乙两灯串联时，两个灯泡的电流相同，甲灯比乙灯亮，说明甲灯的实际功率比乙灯大，故D错误；故选D．【点评】本题的解题关键是先了解“推理法”的实验过程，然后回忆所学内容，得到答案．11．如图所示的甲、乙两滑轮组，所用滑轮的规格相同，用它们将相同的重物G匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，以下说法正确的是()A．甲滑轮组所用拉力较大B．甲滑轮组拉力做的功较多C．两滑轮组拉力做功的功率一定相等\nD．两个滑轮组的机械效率一定相等【考点】滑轮组绳子拉力的计算；功的大小比较；机械效率的大小比较；功率大小的比较．【专题】应用题；简单机械；功、功率、机械效率．【分析】（1）由图可知承担物重的绳子股数n，不计绳重与摩擦，由F=（G物+G动）可知拉力的大小关系；（2）拉力做功可以由W总=W有+W额=G物h+G动h比较得到；（3）由P=分析拉力做功的功率关系；（4）根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系．【解答】解：A、由图承担物重的绳子股数n甲=3，n乙=2，由题滑轮和物重相等，不计绳重与摩擦，根据F=（G物+G动）可知，甲滑轮组拉力较小．故A错误；B、拉力做功是总功，滑轮和物重相等，提升相同的高度，由W总=W有+W额=G物h+G动h可知拉力做功相等．故B错误；C、拉力做功的功率：P=，由于做功时间不知，所以无法比较功率的大小，故C错误；D、滑轮和物重相等，提升相同的高度，有用功和总功相等，由η=可知两个滑轮组的机械效率相等．故D正确．故选D．【点评】本题考查了滑轮组绳子自由端拉力，有用功、额外功、总功，功率和机械效率的认识和理解，灵活运用公式即可比较．12．在如图所示的电路中，下列说法正确的是()A．L1和L2并联，电流表测的是L1的电流B．L1和L2并联，电压表测的是电源电压C．L1和L2串联，电压表测的是L1的电压D．L1和L2串联，电压表测的是L2的电压【考点】串联电路和并联电路的辨别；电流表的使用；电压表的使用．【专题】图析法；电流和电路；电压和电阻．【分析】串联电路中，电流只有一条路径，并联电路中电流有多条路径；电压表与被测用电器并联，电流表与被测用电器串联．\n【解答】解：读图可知，不考虑电压表，电流只有一条路径，因此电路为串联电路，电压表并联在灯L1的两端，所以测的是灯L1两端的电压，电流表测电路中的电流．故只有选项C的说法正确．故选C．【点评】会根据电流的路径判断电路的连接特点，会根据电压表和电流表的特点判断其连接情况，是解答本题的关键．二、填空题（本题共8小题，每空1分，共22分）13．使用简单机械可以给人们的生活带来便利．（1）如图甲，旗杆的顶端安装着一个定滑轮，用来改变拉力的方向．（2）如图乙，把被剪物体尽量靠近剪刀的转动轴，可减小阻力臂，剪断物体更省力．【考点】定滑轮及其工作特点；杠杆的应用．【专题】简单机械．【分析】解决此题要知道：（1）定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向．（2）根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力．【解答】解：（1）国旗杆上的滑轮为定滑轮，利用它来升国旗，可以改变施加力的方向；（2）图中剪刀在使用过程中，在同样的情况下，往剪刀转动轴靠近，减小了阻力臂，由F1L1=F2L2可知：阻力臂L2越小，越省力．因此这样做的目的是减小阻力臂，可以省力．故答案为：（1）定；（2）阻力．【点评】本题主要考查学生对定滑轮工作特点以及杠杠的应用的了解和掌握，是一道基础题．14．（1）图甲是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去．上述过程中，酒精燃烧，将酒精化学能转化为燃气的内能，再转化为盒盖的机械能．（2）图乙是汽油机的压缩冲程．若该汽油机转速为1800r/min，则该汽油机每秒钟对外做功15次．【考点】做功改变物体内能；内燃机的四个冲程；有关热机的计算．【专题】应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值．【分析】（1）物体对外做功，将物体的内能转化为其它形式的能，物体的内能减小，温度降低；\n（2）热机中的压缩冲程是将机械能转化为内能．在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次．【解答】解：（1）当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧，将自身的化学能转化为内能，形成燃气，然后燃气对盒盖做功，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；（2）四冲程热机中的压缩冲程是将机械能转化为内能．单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min，即每秒钟转30圈，完成60个冲程，做功15次．故答案为：（1）化学；内；机械能；（2）压缩；15．【点评】本题主要考查的是学生对做功改变物体内能和热机压缩冲程的认识，对热机相关数据关系的了解，基础性题目．15．如图是自行车手闸示意图，手闸是一个简单机械，这种简单机械的名称是杠杆，当图中手对车闸的作用力F=10N时，刹车拉线受到力的大小为40N．【考点】杠杆的平衡条件．【专题】简单机械．【分析】（1）在力的作用下，能够绕着固定点转动的硬棒叫杠杆；（2）根据确定拉线受到的拉力．【解答】解：由图知，自行车手闸在力的作用效果下，能够绕着铆钉转动，所以是杠杆的应用；因为F1L1=F2L2，所以拉线受到的拉力为F′=×10N=40N．故答案为：杠杆；40．【点评】此题考查的是我们对杠杆及其平衡条件的认识和应用，属于基本规律和技能的考查，是一道联系实际的应用题．16．小明用20N的水平推力推重150N的购物车，在水平路面上前进了15m，所用的时间是0.5min．在此过程中，小明做了300J的功，小明做功的功率是10W，购物车的重力所做的功是0J．【考点】功的计算；功率的计算．【专题】功、功率、机械效率．【分析】（1）知道水平推力和水平方向上移动的距离，可利用功W=FS计算推力做的功；（2）又知道做功的时间，可利用公式P=计算功率；（3）购物车受到重力但在重力的方向上没移动距离，重力不做功；【解答】解：（1）∵F=20N，S=15m，∴推力做的功为：\nW=Fs=20N×15m=300J，（2）t=0.5min=30s，P===10W；（3）购物车，在水平面上匀速前进15m，虽然有力，也有距离，但距离不是在重力的方向上，所以重力没做功，为0J；故答案为：300；10；0．【点评】本题考查了学生对功的公式、功率的公式、做功的两个必要条件的了解与掌握，明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直．17．用相同的热源，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的关系图象如图所示，根据图象可知，比热容较大的是乙液体．如果乙液体是水，那么质量为1kg，初温为20℃的乙液体吸收1.89×105J的热量后，温度将升高45℃．[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]．【考点】比热容的概念．【专题】信息给予题；控制变量法；比热容、热机、热值．【分析】（1）在图象中，取某一加热时间（吸热相同）通过比较甲、乙温度升高的多少来比较比热容的大小，即温度变化大的比热容小；（2）已知物质种类、比热容、质量和吸收热量的多少，利用Q吸=cm△t的变形式计算升高的温度．【解答】解：（1）在甲、乙两液体的质量相同，吸热相同时，△t甲＞△t乙，根据c=，温度变化大的比热容小，所以c甲＜c乙；（2）由Q吸=cm△t得，水升高温度：△t==45℃．故答案为：乙；45．【点评】本题考查了学生对热量公式的掌握和运用，涉及到利用图象解题．这类题可以取升高的温度相同时，观察得出加热时间的长短，即吸收热量的多少，来判断比热容的大小；也可以取相同的加热时间（吸热相同），观察得出温度升高的高低，来比较比热容的大小．18．如图所示电路，要使灯L1、L2组成串联电路，应闭合开关S2；要使L1、L2组成并联电路应闭合开关S1、S3，同时闭合S1、S2、S3是绝对不允许的．\n【考点】串联电路和并联电路的辨别．【分析】串联是指用电器依次连接的电路．并联是指用电器并排连接的电路．短路是指电流没有经过用电器而将电源两级直接连通的电路．【解答】解：由图可得，要使灯L1、L2组成串联电路，应将两灯首尾相连接到电源两端，则需闭合开关S2．要使L1、L2组成并联电路，则需让电流从电源流出分别流入两灯中再汇合共同流入电源负极，则需闭合开关S1、S3．若同时闭合开关S1、S2、S3，会形成短路现象，造成电流过大，烧坏电源，发生事故；所以同时闭合开关S1、S2、S3是绝对不允许的．故答案为：S2；S1、S3；S1、S2、S3．【点评】在分析判断时可从电源的正极开始，依据串并联电路的连接特点，按照电流的流向逐步尝试、分析．19．在图所示电路中，电源是由三节新的铅蓄电池串联组成，当开关S闭合后，两电流表示数分别为1.2A和0.8A，那么灯L1中的电流I1=0.4A，灯L2中的电流I2=0.8A，电源电压为6V．【考点】并联电路的电流规律；电压．【专题】计算题；图析法；电流和电路；电压和电阻．【分析】（1）分析电路结构，根据并联电路的电流特点求出灯L1、L2中的电流I1和I2；（2）根据题意，电源是由三节新的铅蓄电池串联组成，可知电源电压．【解答】解：由电路图知：灯泡L1与L2并联，电流表A2测流过灯L2的电流，电流表测A1干路电流；所以L2灯的电流I2=0.8A，干路中的电流I=1.2A，由并联电路的特点知，流过灯L1的电流I2=IA1﹣I2=1.2A﹣0.8A=0.4A；电源电压：U=3×2V=6V，故答案为：0.4；0.8；6．【点评】本题考查并联电路电流规律，关键是分析明确电路的连接方式、电表测量的对象．20．如图，当开关闭合后，两灯都发光，此时V1、V2表的读数分别是4V和2.5V，则电源电压为4V，灯L1两端的电压为1.5V．\n【考点】串联电路的电压规律．【专题】应用题；电压和电阻．【分析】两个灯泡为串联，串联电路中各用电器两端的电压之和等于总电压．电压表V1测量的是电路两端的总电压，电压表V2测量的是L2两端的电压．【解答】解：由电路图可知，两个灯泡是串联的，电压表V1的示数为电路的总电压，即电源电压为4V，电压表V2的示数为L2两端的电压，即U2=2.5V，由串联电路电压的特点可知，灯泡L1两端电压为：U1=U﹣U2=4V﹣2.5V=1.5V．故答案为：4；1.5．【点评】此题考查了串联电路的电压规律，属于简单题型．需要注意的是，电压表测量的是哪个用电器两端的电压，是一个容易出错的地方．三、解答题（本题有9小题，共54分，解答第22、23两小题要有解答过程）21．（1）如图甲所示为钓鱼竿钓鱼的示意图．O为支点，F1表示作用在鱼竿上的动力，请在图中作出F1的力臂l1和阻力F2的示意图．（2）如图乙所示，利用滑轮组匀速提升重物，要求使用时最省力．请完成该滑轮组的绕法．（3）用笔画线代替导线完成图丙中电路的实物连接．要求：两灯并联，开关控制整个电路，电流表测量通过L1、L2的总电流，导线不能交叉．【考点】力臂的画法；滑轮组的设计与组装；实物的电路连接．【专题】作图题；电流和电路；简单机械．【分析】（1）拉力F2的作用点为鱼线与杆的交点，阻力的方向沿绳子向下，过拉力F2的作用点表示出拉力的方向；已知支点和力的方向，根据力臂的定义过支点作力的作用线的垂线段．（2）滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力．（3）由题意可知，两灯泡并联，开关控制整个电路、电流表测通过两灯的总电流说明开关和电流表位于干路．【解答】解：（1）过拉力作用点作竖直向下的拉力F2；过支点O作F1的作用线的垂线段，即动力臂L1．如下图所示：\n（2）从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法．如图所示：（3）两灯泡并联，电流表位于干路，然后与开关和电源组成电路，如图所示：【点评】（1）考查力的示意图以及力臂画法的掌握情况；确定力的作用点和方向，是正确画出力的示意图的前提．（2）滑轮组的省力情况是由承担物重的绳子的段数决定的，学会分析才能顺利在图中绕出．（3）考查了正确连接电路的能力：先要判断电路的连接形式，再从电源的一极开始连起，先串后并，且在连接时开关的状态是断开的．22．如图所示的滑轮组，在60N的拉力F作用下，将重为100N的物体匀速提起1m，所用时间是5s．求：（1）拉力F做功的功率．（2）滑轮组匀速提升该重物时的机械效率．（3）若不计绳重和摩擦，动滑轮重为多少？【考点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功率的计算．【专题】计算题；简单机械；功、功率、机械效率．【分析】（1）由图可知拉力F移动的距离s=2h，知道拉力大小，利用W=Fs求拉力做功，又知道做功时间，利用P=求拉力做功功率；（2）知道物重和上升的高度，利用W=Gh求有用功，再利用效率公式求滑轮组的机械效率；\n（3）根据F=（G+G动）计算出动滑轮的重力．【解答】解：（1）由图知，n=2，拉力F移动的距离：s=2h=2×1m=2m，拉力做功：W总=Fs=60N×2m=120J，拉力做功功率：P===24W；（2）W有=Gh=100N×1m=100J，η=×100%=×100%≈83.3%；（3）不计绳重和摩擦时，F=（G+G动）得：G动=nF﹣G=2×60N﹣100N=20N．答：（1）拉力F做功的功率为24W；（2）滑轮组匀速提升该重物时的机械效率为83.3%；（3）若不计绳重和摩擦，动滑轮重为20N．【点评】本题考查了有用功、总功、功率、机械效率的计算，从滑轮组的结构图找出s与h的关系是本题的关键，利用好：不计绳重和摩擦时，F=（G+G动）．23．在冬季某些地区利用地热能为用户取暖，既节能，又环保．现有一口自喷状态地热井，出水温度为90℃，出水流量为150m3/h．（1）若流出的地热水温度降低到50℃，则每小时流出的地热水所放出的热量为多少？（2）这些热量如果用天然气蒸汽锅炉供热，若锅炉的热效率为60%，则利用上述地热能供暖一小时可以节约多少m3天然气？天然气放出的热量可用公式Q=qV计算．（ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃），q天然气=4×107J/m3）【考点】热量的计算；能量利用效率．【专题】计算题；比热容、热机、热值．【分析】（1）已知水的体积，由密度公式的变形公式可以求出水的质量；已知水的初、末温度和水的比热容，由放热公式可以求出水所释放的热量．（2）已知效率先求出天然气需要放出的热量，由Q=Vq的变形公式可以求出天然气的体积．【解答】解：（1）出水流量为150m3/h，由ρ=得水的质量：m=ρV=1.0×l03kg/m3×150m3=1.5×l05kg，水放出的热量：Q水放=cm△t=4.2×l03J/（kg•℃）×1.5×l05kg×（90℃﹣50℃）=2.52×1010J；\n（2）这些热量如果用天然气蒸汽锅炉供热，则Q有用=Q水放=2.52×1010J，由η=得天然气需要放出的热量：Q放===4.2×1010J，由Q放=Vq得天然气的体积：V===1050m3．答：（1）每小时流出的地热水温度降低到50℃所放出的热量为2.52×1010J；（2）利用上述地热能供暖一小时可以节约1050m3的天然气．【点评】本题考查了热量的计算和燃烧值公式的应用，先由密度公式的变形公式求出水的质量，然后由热量公式即可求出水释放的热量，注意单位的统一．24．根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题：（1）调节螺母使杠杆在水平位置平衡时，应确保杠杆上不悬挂（选填“悬挂”或“不悬挂”）钩码．若发现杠杆右端高，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆左端的螺母向右（选填“左”或“右”）调节．（2）图甲中要使杠杆平衡，应在a处挂1个同样的钩码．（3）当弹簧测力计由图乙的竖直地拉着变成倾斜地拉着，使杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将变大（选填“变大”、“不变”或“变小”），其原因是该力的力臂变小．（4）下表是根据实验得到的数据，据此分析，本次实验的两个不妥之处是：①实验次数少；②动力臂总是阻力臂的两倍，实验数据不具有普遍性．实验次数动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm11.5103.0521.0102.05【考点】探究杠杆的平衡条件实验．【专题】实验题；实验分析法；探究型实验综合题．【分析】（1）根据探究杠杆的平衡条件实验操作过程解答；调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动．（2）根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得出a处应挂的钩码个数．（3）当弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，拉力的力臂减小，为保持杠杆平衡，拉力要增大．\n（4）要得到普遍性的规律，实验中应多次改变力臂和力，多测几组数据进行分析．【解答】解：（1）根据探究杠杆的平衡条件实验操作过程，应先将杠杆调节到水平平衡，此时杠杆上不应悬挂钩码；若发现杠杆右端高，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆左端的螺母向右调节．（2）设一钩码重为G，杠杆的一个小格为L，则杠杆在水平位置平衡时：根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，2G×2L=F1×4L解得：F1=1G，所以，应在a处应挂1个同样的钩码．（3）当弹簧测力计由图乙的竖直地拉着变成倾斜地拉着，使杠杆在水平位置静止时，拉力的力臂减小，为保持杠杆平衡，拉力要增大，所以弹簧测力计示数会变大．（4）由表格中数据知，只做了2次实验，且动力臂始终为阻力臂的2倍，实验数据不具普遍性．故答案为：（1）不悬挂；右；（2）1；（3）变大；该力的力臂变小；（4）①实验次数少；②动力臂总是阻力臂的两倍，实验数据不具有普遍性．【点评】（1）利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或杠杆的哪端下沉等，杠杆平衡条件应用很广泛；（2）当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小．25．如图所示，用动滑轮提升钩码，不计绳重和摩擦，改变钩码的数量，在正确操作的情况下，测得的实验数据如下实验序号钩码重G/N拉力F/N钩码上高度h/cm绳端移距离S/cm机械效率η/%①1.00.7102071.4②2.01.2102083.3③3.01.71020/（1）实验时，用手竖直向上匀速拉动弹簧测力计，读出测力计的示数．（2）分析表中数据发现，使用此动滑轮提升物体时，拉力并不等于物体重力的一半，而是大于物体重力的一半，其原因是物重小于动滑轮重．（3）在第③次实验中，动滑轮的机械效率为88.2%．（4）由表中实验数据计算推知：在不计绳重和摩擦的情况下，用同一动滑轮，将不同物体提升相同高度时，物体越重，有用功越大，额外功相同，动滑轮的机械效率将越大（均选填“越大”、“越小”或“相同”）．【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验．【专题】探究题；探究型实验综合题．\n【分析】（1）在实验中，为了正确测出拉力的大小，应拉动弹簧测力计竖直向上匀速上升．（2）根据F=（G动+G物）进行分析；（3）利用W有=Gh求出有用功，利用W总=Fs求出总功，利用η=求出动滑轮的机械效率；（4）根据W=Fs可得：用同一滑轮组提升不同重物至同一高度克服动滑轮的重所做的额外功关系，提升的物重增加时克服物重所做的有用功的变化；进一步分析机械效率得出其变化．【解答】解：（1）在实验时，应用手竖直向上匀速拉动弹簧测力计，读出测力计的示数．（2）由F=（G动+G物）可知，当物重小于动滑轮重时，拉力大于物体重力的一半；（3）根据第③次实验数据可知，W有=Gh=3N×0.1m=0.3J，W总=Fs=1.7N×0.2m=0.34J，η==×100%≈88.2%；（4）根据表格中数据，结合由W=Gh可知，用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，克服动滑轮的重所做的额外功相同；提升的物重增加时，克服物重所做的有用功变多，由表中数据可知，滑轮组的机械效率变大．故答案为：（1）匀速；（2）物重小于动滑轮重；（3）88.2；（4）越大；相同；越大．【点评】此题是测量滑轮组的机械效率，首先要熟练掌握机械效率的公式，会利用公式进行计算；同时考查了影响机械效率大小的因素及有关功率的计算，注意公式的推导．26．在探究“动能的大小与什么因素有关”时，同学们提出了如下猜想：猜想一、动能的大小可能与物体的密度有关；猜想二、动能的大小可能与物体的运动速度有关；猜想三、动能的大小可能与物体的质量有关．老师提供如下实验器材：刻度尺、四个金属球（100g的铁球、100g的铝球、50g的铁球、50g的铜球）、小木块和长木板．（1）同学们设计了如下实验方案：按图组装实验器材，让小球从斜面上由静止滚下，碰撞水平面上的小木块后，根据木块被撞出的距离，来比较小球的动能大小．（2）为了验证“猜想一”，应将100g的铁球和100g的铝球分别从斜面的同一高度（选填“不同高度”或“同一高度”）处由静止滚下，撞击水平面上同一位置的小木块，用刻度尺分别测量有关距离．（3）为了验证“猜想二”，应让同一小球从斜面的不同高度（选填“不同高度”或“同一高度”）由静止滚下，撞击水平面上同一位置的小木块，用刻度尺分别测量有关距离．（4）如果水平面是光滑的，实验能否进行？不能理由是木块将做匀速直线运动，无法比较动能大小．【考点】探究影响物体动能大小的因素．\n【专题】实验探究题；探究型实验综合题．【分析】（1）此题通过小球撞击木块的距离体现小球动能的大小；（2）要探究动能大小和物体密度的关系，要注意使物体的质量和速度相同，只有密度不同；（3）要探究动能与物体运动速度的关系，应使小球滚下后的速度不同，其它条件相同；（4）若水平面光滑，木块不受摩擦力，由牛顿第一定律可知木块将永远运动下去．【解答】解：（1）实验中通过木块被小球推动的距离来反映小球的动能大小；（2）猜想一：动能的大小可能与物体的密度有关，要验证“猜想一”，应使小球的速度和质量相同，所以应将100g的铁球和100g的铝球分别从斜面的同一高度处由静止滚下；（3）猜想二：动能的大小可能与物体的运动速度有关，要验证“猜想二”，应使小球的质量相等，到达水平面的速度不相等，所以应让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下．（4）若水平面光滑，木块不受摩擦力，由牛顿第一定律可知木块将永远运动下去．木块通过的距离无法确定，做功的多少也无法确定．所以小球动能的大小就无法比较．故答案为：（1）小球；（2）100g的铝球；同一高度；（3）不同高度；（4）不能；木块将做匀速直线运动，无法比较动能大小．【点评】根据猜想，影响动能大小的因素有多个，所以在探究过程中应用到控制变量法，特别要学习实验中控制小球滚下速度的方法，同时注意转换法的应用．27．在“探究酒精和碎纸片燃烧时放出热量”的实验中，燃烧不同燃料分别给两个烧杯中的水加热：（1）实验装置如图甲、乙所示，你认为图中横杆、温度计、铁圈、燃具四个器件的安装顺序应是由下而上（选填“由下而上”或“由上而下”）．（2）为保证实验结论的可靠，以及方便比较，在实验中应让酒精和碎纸片的质量、两烧杯中水的质量、以及两个烧杯都应保持相同．（3）实验数据记录如下表：燃料加热前水温℃燃料燃尽时水温℃燃料的热值J•kg﹣1酒精15352.4×106碎纸片1525/根据表中数据，计算出碎纸片的热值是1.2×106J/kg．（4）通过实验得到燃料的热值与实际相比是偏小，这是因为存在热量损失．（5）如果用该装置继续探究“水和煤油吸热升温的本领”，需要作一定的改变：A．两个烧杯中要分别放入质量相同（或：质量相同、初温相同）的水和煤油，并且用相同的酒精灯分别加热；B．实验中用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少；C．实验中搅拌器的作用是使液体能够均匀受热．【考点】控制变量法与探究性实验方案．【专题】实验题；探究题；实验分析法；探究型实验综合题．\n【分析】（1）组装实验器材的顺序为：由下到上，由左到右．（2）本实验是用燃烧酒精和碎纸片放出的热量加热烧杯内的水，通过水温度的变化，比较水吸热的多少，从而得出碎纸片的热值与酒精热值的大小关系，再计算出碎纸片的热值，因此要控制变量（酒精和碎纸片的质量、两烧杯中水的质量、以及两个烧杯）相等或相同．（3）通过水温度的变化值得出水吸热的大小关系，也就知道燃烧酒精和碎纸片放出热量的关系，又知道燃烧的质量相同，据此得出热值关系，求出碎纸片的热值．（4）有两个原因，一是“烧杯、空气也吸收热量”，二是“燃料不可能完全燃烧”．（5）A、需要控制水和油质量相等（或：质量相同、初温相同）并且用相同的酒精灯分别加热；B、用相同的电加热器加热，加热时间越长，液体吸收的热量越多，时间越短，吸收的热量越少，因此可以用加热时间的长短表示液体吸收热量的多少；C、实验中不断地用搅拌器搅拌，目的是使得物质受热均匀．【解答】解：（1）为了保证用酒精灯外焰给烧烧杯加热，同时为了保证温度计能完全浸在水中，且不能碰到容器壁，应先固定下边装置，再固定上边，所以四个器件的安装顺序是由下而上；（2）为了比较相同质量的酒精和碎纸片燃烧放出热量的多少，必须控制二者的质量相等、烧杯内水的质量相等、两个烧杯相同；（3）相同质量的酒精和碎纸片燃烧放热，酒精燃烧放出的热量可以将水的温度升高20℃，碎纸片燃烧放出的热量可以将水的温度升高10℃，可见酒精的热值是碎纸片的2倍，所以碎纸片的热值为1.2×106J/kg；（4）因为烧杯、空气也吸收热量，并且燃料不可能完全燃烧，存在热量损失，所以测得的热值会偏小．（5）A、探究“水和煤油吸热升温的本领”，需要控制水和油质量相等（或：质量相同、初温相同）并且用相同的酒精灯分别加热．B、水或煤油吸收热量的多少是通过加热时间长短来比较的；利用了转换法；C、实验中不断地用搅拌器搅拌，目的是使得物质均匀受热．故答案为：（1）由下而上；（2）相同；（3）1.2×106；（4）存在热量损失；（5）质量相同（或：质量相同、初温相同）；加热时间；均匀受热．【点评】本题考查的是比较物质吸热能力的方法，考查了学生对试验的操作能力，以及对于实验数据的分析能力，实验中常常采用控制变量法，要学会熟练运用．28．小敏同学利用图乙所示的器材探究“串联电路的电流规律”时，设计了如图甲所示的电路图．（1）请按电路图连接好实物电路；（2）闭合开关S，用电流表测出了c处的电流，接下去的操作应该是断开开关，将电流表分别接入a处、b处，闭合开关，测出a处和b处的电流．在测c处电流时，若电流表指针位置如图丙所示，则c处的电流为0.2A．根据表中记录数据得出的实验结论是串联电路电流处处相等．\n表1测量处abc电流/A0.20.2/（3）同学们发现小敏的实验存在一定的缺陷，请你指出缺陷所在：实验次数太少．你认为小敏同学下一步应该作出的改进是用不同规格的灯泡，再测出几组数据．（4）小刚同学也做了此实验．记录的数据如表2所示，从表2中可以看出c处的电流比a、b处的电流大许多，出现这种情况的原因可能是读数时读错量程．表2测量处abc电流/A0.20.21.0【考点】探究串并联电路中的电流特点实验．【专题】实验题；作图题；实验分析法；探究型实验综合题．【分析】（1）根据电流流向法，从电源的正极出发，将电流表、灯泡依次串联即可；（2）用电流表测出了c处的电流后再测量b、c两处的电流大小，根据电流表所选量程确定其分度值，然后即可读数；最后根据表中记录数据总结结论；（3）为了使实验结论具有普遍性，要进行多次测量．可以通过改变电源电压，或者更换不同的灯泡，或更换不同的用电器进行多次实验．（4）分析所记录的数据的不同可知C的电流值与其它两个不同，即错误的数值是1.0A，它与0.2A相比较，是0.2A的5倍，即指针在同一个位置读数时使用较大的量程读数．【解答】解：（1）电流从正极出发，经开关、电流表、灯泡L1、L2回负极，如图所示：（2）用电流表测出了c处的电流后，再测量b、c两处的电流大小，此时应断开开关，将电流表分别接入a处、b处，闭合开关，测出a处和b处的电流；由图可知，电流表所选量程为0～0.6A，分度值为0.02A，由指针位置可知，c处的电流为0.2A，根据表中记录数据可得出结论：串联电路电流处处相等（3）小敏的实验缺陷是实验次数太少，为使实验结论具有普遍性，应进行多次测量，因此小敏同学下一步应该作出的改进是：换用不同规格的灯泡，再次测量a、b、c三处的电流大小．（4）分析所记录的数据的不同可知C的电流值与其它两个不同，故明显错误的数值是1.0A；原因是用了较小的量程，而读数时却误读了较大的量程．故答案为：（1）见上图；（2）断开开关，将电流表分别接入a处、b处，闭合开关，测出a处和b处的电流；0.2；串联电路电流处处相等；（3）实验次数太少；换用不同规格的灯泡，再测出几组数据；（4）读数时读错量程．【点评】本题考查了“探究串联电路电流特点”的实验，注意实验时应使用规格不同的灯泡进行实验，使测量数据具有普遍性的特点；电流表在读数时，一定要注意所选择的量程．29．在“探究水果电池电压”的实验中：\n小明用铜片和锌片作为电极插入较小的柠檬，制成了一个水果电池，如图所示；小华用铜片和铝片插入较大的柠檬也制成了一个水果电池．他们分别连通相同的音乐芯片，小华比小明的芯片声音要响一些．由此他们作出如下猜想：猜想一、水果电池电压可能与水果的大小有关；猜想二、水果电池电压可能与电极的材料有关；（1）为了验证“猜想一”，小明用同一个柠檬制成水果电池，沿着电极插入的方向不断慢慢地切去外侧的部分柠檬，分别测出电压，如下表所示：柠檬大小一个大半个半个小半个电压U/V0.800.800.800.80分析表中数据，说明“猜想一”是错误（选填“正确”或“错误”）的．（2）在测水果电池电压时，连接如图所示电路，如果电压表指针正向偏转，则铜片是水果电池的正极．（3）为了验证“猜想二”，小华用铜片作为电池的一个电极，分别用外形相同的锌、铝、铁等金属片作为电池的另一个电极，将金属片插入同一柠檬的相同深度，并保持电极间距离相同，分别测出水果电池的电压，如下表所示：电极材料铜和锌铜和铝铜和铁电压U/V0.800.600.46分析表中数据，得到的结论是水果电池电压与电极的材料有关．【考点】控制变量法与探究性实验方案；电压．【专题】探究题；实验分析法；探究型实验综合题．【分析】（1）根据猜想，水果电池电压与多个因素有关，探究过程中应用到控制变量法，分析表格中数据可得结论、判断猜想正误；（2）根据电压表的使用规则判断水果电池的正负极；（3）除了猜想的因素外，水果电池电压与两电极间的距离、电极插入水果的深度可能有关；分析表格数据可得结论；【解答】解：（1）小明用同一个柠檬制成水果电池，沿着电极插入的方向不断慢慢地切去外侧的部分柠檬，这样就控制了电极材料，通过表一中的数据可知，水果大小变化后，电压表的示数不变，可得结论：水果电池电压与水果大小无关．即猜想一错误．（2）如果电压表指针正向偏转，电流应从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，所以铜片为该水果电池的正极；（3）小华用铜片作为电池的一个电极，分别用外形相同的锌、铝、铁等金属片作为电池的另一个电极，除了猜想的因素外，水果电池电压与电极插入水果的深度、两电极间的距离可能有关．将金属片插入同一柠檬的相同深度，还要保持电极间距离相同；由表格二数据，铜与不同金属做电极时，电压表示数不同，说明水果电池电压与电极的材料有关．故答案为：（1）错误；（2）铜片；（3）电极间距离；水果电池电压与电极的材料有关．\n【点评】本题利用了控制变量法解题：就是在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素和条件加以人为控制，只改变某个变量的大小，而保证其它的变量不变，最终解决所研究的问题．
