翰林汇翰林汇翰林汇翰林汇课题：机械能类型：复习课目的要求：准确掌握功、功率、动能，势能、机械能等概念头，准确理解动能定理、机械能守恒定律功能关系，能熟练掌握它们的运用方法。强化解决动力学问题的方法训练和能力培养重点难点：教具：过程及内容：第1课功知识简析一、功的概念1、定义：力和力的作用点通过位移的乘积．2.做功的两个必要因素：力和物体在力的方向上的位移3、公式：W＝FScosα（α为F与s的夹角）．说明：恒力做功大小只与F、s、α这三个量有关．与物体是否还受其他力、物体运动的速度、加速度等其他因素无关，也与物体运动的路径无关．4.单位：焦耳（J)1J＝1N·m.5.物理意义：表示力在空间上的积累效应，是能的转化的量度6.功是标量，没有方向，但是有正负．正功表示动力做功，负功表示阻力做功，功的正负表示能的转移方向．①当0≤a＜900时W＞0，力对物体做正功；②当α=900时W＝0，力对物体不做功；③当900＜α≤1800时W＜0，力对物体做负功或说成物脚体抑制这个力做功，这两种说法是从二个角度来描述同一个问题．二、注意的几个问题50/50\n①F：当F是恒力时，我们可用公式W＝Fscosθ运算；当F大小不变而方向变化时，分段求力做的功；当F的方向不变而大小变化时，不能用W＝Fscosθ公式运算（因数学知识的原因），我们只能用动能定理求力做的功．②S：是力的作用点通过的位移，用物体通过的位移来表述时，在许多问题上学生往往会产生一些错觉，在后面的练习中会认识到这一点，另外位移S应当弄清是相对哪一个参照物的位移③功是过程量：即做功必定对应一个过程（位移），应明确是哪个力在哪一过程中的功．④什么力做功：在研究问题时，必须弄明白是什么力做的功．如以下图，在力F作用下物体匀速通过位移S那么力做功FScosθ，重力做功为零，支持力做功为零，摩擦力做功－Fscosθ，合外力做功为零．【例1】如以下图，在恒力F的作用下，物体通过的位移为S，那么力F做的功为解析：力F做功W＝2Fs．此情况物体虽然通过位移为S．但力的作用点通过的位移为2S，所以力做功为2FS．答案：2Fs【例2】如以下图，质量为m的物体，静止在倾角为α的粗糙的斜面体上，当两者一起向右匀速直线运动，位移为S时，斜面对物体m的弹力做的功是多少？物体m所受重力做的功是多少？摩擦力做功多少？斜面对物体m做功多少？解析：物体m受力如以下图，m有沿斜面下滑的趋势，f为静摩擦力，位移S的方向同速度v的方向．弹力N对m做的功W1＝N·scos（900＋α）＝－mgscosαsinα，重力G对m做的功W2＝G·scos900=0．摩擦力f对m做的功W3=fscosα=mgscosαsinα．斜面对m的作用力即N和f的合力，方向竖直向上，大小等于mg（m处于平衡状态），那么：w＝F合scos900＝mgscos900＝o答案：－mgscosαsinα，0，mgscosαsinα，0点评：求功，必须清楚地知道是哪个力的功，应正确地画出力、位移，再求力的功．50/50\n【例3】如以下图，把A、B两球由图示位置同时由静止释放（绳开场时拉直），那么在两球向左下摆动时．以下说法正确的选项是A、绳子OA对A球做正功B、绳子AB对B球不做功C、绳子AB对A球做负功D、绳子AB对B球做正功解析：由于O点不动，A球绕O点做圆周运动，OA对球A不做功。对于AB段，我们可以想象，当摆角较小时．可以看成两个摆长不等的单摆，由单摆的周期公式就可以看出，A摆将先回到平衡位置．B摆将落后于A摆，AB绳对A球做负功，对B球做正功。答案：CD扩展与研究：一个力对物体做不做功，是正功还是负功，判断的方法是：①看力与位移之间夹角，或者看力与速度方向之间的夹角：为锐角时，力对物体做正功，在上例中AB的拉力与B球的速度方向就是锐角；为钝角时，力对物体做负功，上例中AB的拉力与A球的速度方向就是钝角。为直角时，力对物体不做功，上例中OA与A球的拉力与A球速度方向就是直角。②看物体间是否有能量转化。假设有能量转化，那么必定有力做功。此法常用于相连的物体做曲线运动的情况。规律方法1、功的计算方法1.由公式W=Fscosα求解两种处理方法：①W等于力F乘以物体在力F方向上的分位移scosα,即将物体的位移分解为沿F方向上和垂直F方向上的两个分位移s1和s2，那么F做的功W＝Fs1＝Fscosα.②W等于力F在位移s方向上的分力Fcosα乘以物体的位移s，即将力F分解为沿s方向和垂直s方向的两个分力F1和F2，那么F做功W=F1s＝Fcosαs.注意：这种方法只能用来计算恒力做功（轨迹可以是直线也可以是曲线）50/50\nFABhα【例】如以下图，带有光滑斜面的物体B放在水平地面上，斜面底端有一重G=2N的金属块A，斜面高，倾角α＝600，用一水平推力F推A，在将A从底端推到顶端的过程中,A和B都做匀速运动，且B运动距离L=30cm，求此过程中力F所做的功和金属块抑制斜面支持力所做的功．解析：此题应先求出两个力的大小，再由公式W＝Fscosa求解，如以下图．由物体平衡条件：F＝Gtanα＝2tan600＝N，斜面的水平宽度l=hcotα由勾股定理得金属块A的位移，F与s的夹角设为α2，那么，α2=300力F做功：W1=Fscosα2=或.W1=Fscosα2=F（l+L）FN与s的夹角α1=900＋（α一α2）＝900＋（600一300）＝1200故抑制支持力N所做的功WN=一FNscos12002、多个力的总功求解①用平行四边形定那么求出合外力，再根据w＝F合scosα计算功．注意α应是合外力与位移s间的夹角．②分别求各个外力的功：W1＝F1scosα1，W2=F2scosα2……再求各个外力功的代数和．【例】物体静止在光滑水平面上，先对物体施一水平右的恒力Fl，经ts后撤去F1，立即再对它施一水平向左的恒力F2，又经ts后物体回到原出发点，在这一点过程中，Fl、F2分别对物体做的功W1、W2间的关系是（）A.W1=W2；B.W2＝2W1；C.W2＝3W1；D.W2=5W1；【解析】认为F1和F2使物体在两段物理过程中经过的位移、时间都相等，故认为W1=W2而误选A;50/50\nADBB/C而认为后一段过程中多运动了一段距离而误选B。这都反映了学生缺乏一种物理思想：那就是如何架起两段物理过程的桥梁？很显然，这两段物理过程的联系点是“第一段过程的末速度正是第二段过程的初速度”。由于此题虽可求出返回时的速度，但如果不注意加速度定义式中ΔV的矢量性，必然会出现错误，错误得到其结果v2＝0，而误选A,其原因就是物体的运动有折返。解法1：如图,A到B作用力为F1，BCD作用力为F2,由牛顿第二定律F=ma，及匀减速直线运动的位移公式S=vot－½at2,匀加速直线运动的速度公式v0=at，设向右为正，AB=S，可得：一S＝v0t－½a2t2=（a1t）t－½a2t2，S=0＋½a1t2；∴－½a1t2=a1t2－½a2t2；即∴F2=3F1A到B过程F1做正功，BCB/过程F2的功抵消，B/到D过程F2做正功，即W1＝F1S,W2=F2S，∴W2＝3W1,解法2：设F2的方向为正方向，F1作用过程位移为S，F1对物体做正功，由动能定理：F1S=½mv12。在F2作用的过程中，F2的位移为一S，与F2同向，物体回到出发点时速度为v2，由动能定理得：F2S=½mv22－½mv12。由牛顿第二定律得．∴v2＝2v1，∴W2＝3W1拓展：假设该物体回到出发点时的动能为32J，那么Fl、F2分别对物体做的功W1、W2是多少？由动能定理得：ΔEK=W1＋W2=32J，W1/W2=F1/F2，∴W1=8J；W2=24J。3、变力做功问题①W＝F·scosα是用来计算恒力的功，假设是变力，求变力的功只有通过将变力转化为恒力，再用W＝Fscosα计算．②50/50\n有两类不同的力：一类是与势能相关联的力，比方重力、弹簧的弹力以及电场力等，它们的功与路径无关，只与位移有关或者说只与始末点的位置有关；另一类是滑动摩擦力、空气阻力等，在曲线运动或往返运动时，这类力（大小不变）的功等于力和路程（不是位移）的积．③根据功和能关系求变力的功．如根据势能的变化求对应的力做的功，根据动能定理求变力做的功，等等．④根据功率恒定，求变力的功，W=Pt.⑤求出变力F对位移的平均力来计算，当变力F是位移s的线性函数时，平均力．⑥作出变力F随位移，变化的图象，图象与位移轴所围均“面积”即为变力做的功．Ha21【例】面积很大的水池，水深为H，水面上浮着一正方体木块，木块边长为a。，密度为水密度的½，质量为m,开场时，木块静止，如以下图，现用力F将木块缓慢地压到水池底，不计摩擦，求：(1）从木块刚好完全没人水中到停顿在池底的过程中，池水势能的改变量．(2)从开场到木块刚好完全没入水中的过程中，力F所做的功．解析:(1)木块刚好没入水中到到达池底的过程中,相当于有相同体积的水从池底到达水面,因木块的密度为水的冗长度的½,故相同体积的水的质量为2m,,故池水势能的改变量为ΔEP=2mg(H－a);(2)因水池面积很大,可忽略因木块压入而引起的水深的变化,木块刚好完全没入水中时,图中原来划线区域的水被排开,相当于这局部水平铺于水面,这局部水的质量为m,其势能的改变量为:50/50\n木块势能的改变量为:根据动能定理,力F做的功为:W=ΔE水+ΔE木=¼mga.(2)又解：从开场到木块完全没入水中的过程，力F所做的功为变力功．也可画出Fs图象，做功在数值上等于Fs图线与位移S轴所围图形的面积的数值，在压下木块过程中，力F与位移s成正比，从开场到完全没入水中，力F的位移为½a，作出F-s图象如图,,据图象可求得做功W=½×½amg=¼mga..4、做功求解的典型情况①注意力、冲量、功的区别除了它们的物理定义、单位以及是标量还是矢量以外，从动力学观点来看：（1）力和物体的运动状态的变化存在着瞬时因果关系，即力是产生加速度的原因，有力才有加速度，力变加速度变，它们之间的因果规律用牛顿第二定律来表达．（2）力的冲量反映的是力持续在一段时间的作用效果的累积量．其结果是要引起物体动量的改变，它们之间的因果规律用动量定理来表达．（3）功是力持续作用在一段空间位移上的作用效果的累积量，是标量．其结果是要引起物体动能的改变，它们之间的因果规律用动能定理来表达．【例4】如以下图，质量相等的两物体沿相同高度不同倾角的两光滑斜面由静止滑下，到达底端的过程中，两情况（）A．重力冲量相等B．重力做功相等C．物体受合外力冲量相等D．物体受合外力做功相等解析：A．重力冲量大小不相等，由于所用时间不同，因而不相等；B．重力做功相等，重力做功特点是只与始末位置而跟路径无关；C．物体所受合外力冲量大小相等，都为m，由于∠θ≠∠α，所以方向不同；D．物体所受合外力做功相等，都为mgh．答案：BD②作用力和反作用力的做功50/50\n作用力与反作用力同时存在，作用力做功时，反作用力可能做功，也可能不做功，可能做正功，也可能做负功，不要以为作用力与反作用力大小相等、方向相反，就一定有作用力、反作用力的功数值相等，一正一负．所以作用力与反作用力做功不一定相等，但冲量的大小相等．【例5】以下说法正确的选项是（）A．摩擦力可以对物体做正功B．摩擦力可以使物体的速度发生变化，但对物体不做功C．作用力与反作用力做功一定相等D．一对平衡力做功之和为零解析：A．摩擦力可以对物体做正功，只要摩擦力的方向与物体运动方向相同，摩擦力就做正功．摩擦力可以改变物体的速度，对物体有一个冲量作用，但物体在力的方向上没有位移，因而不做功，如随圆板一起转动的物体．由此可以认识到：力对物体有冲量，但不一定对物体做功，相反只要力对物体做功，一定会有冲量．又可进一步认识：力使物体动量发生变化，其动能不一定变化；但力使物体动能发生变化时，其动量一定发生变化．c．作用力与反作用力做功不一定相等，如一炸弹炸成质量为m与2m的两块，根据动量守恒mv1=2mv2，那么v1=2v2，作用力和反作用力做功为W1=½m(2v2)2与W2=½mv22，所以不相等。可认识到：作用力和反作用力产生的冲量总是大小相等，但做功可能不相等．D．一对平衡力合力为零，所以二力合力做功为零．答案：ABD③摩擦力的做功A、静摩擦力做功的特点（1）静摩擦力可以做正功，也可以做负功，还可以不做功。（2）在静摩擦力做功的过程中，只有机械能的相互转移（静摩擦力起着传递机械能的作用），而没有机械能转化为其他形式的能．（3）相互摩擦的系统内，一对静摩擦力所做功的代数和总为零。B．滑动摩擦力做功的特点如以下图，上面不光滑的长木板，放在光滑的水平地面上，一小木块以速度V0从木板的左端滑上木板，当木块和木板相对静止时，木板相对地面滑动了S，小木块相对木板滑动了d，那么由动能定理知：50/50\n滑动摩擦力对木块所做功为：W木块=一f（d＋S）……①滑动摩擦力对木板所做功为：W木板=fs……②所以，木块动能增量为：ΔEK木块=一f（d＋s）……③木板动能增量为：ΔEK木板=fs………④由③④得：ΔEK木块＋ΔEK木板=一fd………⑤⑤式说明木块和木板组成的系统的机械能的减少量等于滑动摩擦力与木块相对木板的位移的乘积。这局部减少的能量转化为内能。故滑动摩擦力做功有以下特点：1）滑动摩擦力可以对物体做正功，也可以对物体做负功，当然也可以不做功。2）一对滑动摩擦力做功的过程中，能量的转化有两个方面：一是相互摩擦的物体之间机械能的转移；二是机械能转化为内能。转化为内能的量值等于滑动摩擦力与相对位移的乘积。3）滑动摩擦力、空气摩擦阻力等，在曲线运动或往返运动时等于力和路程（不是位移）的乘积【例6】如以下图，半径为R的孔径均匀的圆形弯管水平放置，小球在管内以足够大的初速度v0在水平面内做圆周运动，小球与管壁间的动摩擦因数为μ，设从开场运动的一周内小球从A到B和从B到A的过程中摩擦力对小球做功分别为W1和W2，在这一周内摩擦力做的总功为W3，那么以下关系式正确的选项是（）A．W1＞W2B．W1＝W2C．W3＝0D．W3＝W1＋W250/50\n解析：求某一力对物体所做的功值有多种思路，对于恒力（大小、方向均不变的力）做功的情况，通常由w＝Fscosα求解．对于变力（特别是方向发生变化的力）做功的情况，一般由功能转换关系求解．对于后一种思路，一定要正确判断哪些力做功，在外力做功的过程中，物体（或系统）的能量如何发生变化，变化了多少．小球在水平弯管内运动，滑动摩擦力始终与速度方向相反，做负功，而小球在水平面内的圆周运动的向心力是由外管壁对小球的弹力N提供的，由于转动半径R始终不变，摩擦力对小球做负功，小球运动的速率逐渐减小，向心力减小即N减小，而f＝μN，滑动摩擦力f也减小，即由以下关系：N=Fn=mv2/Rm，R不变，v减小，那么N减小，f＝μNN减小，那么f减小W=－fπRf减小，那么W减小所以W1＞W2W1．W2都为负功，因此W3＝W1＋W2．答案：AD【例7】如以下图，PQ是固定在水平桌面上的固定挡板，质量为m的小木块N从靠近P以一定的初速度向Q运动，已知物块与桌面间的动摩擦因数为μ，P与Q相距为s，物块与Q板碰撞n次后，最后静止于PQ的中点，那么整个过程摩擦力所做的功为多少？（n为自然数）解析：物块与Q板碰撞n次后，最后停在PQ中点，会有两种可能，一种可能是与Q板碰后向P板运动至中点而停顿，设与Q板碰撞n次，那么物体运动的路程为（2n一）s，摩擦力所做的功为Wf1=μmg（2n一）s第二种可能是物块与Q板碰后再与P板碰撞向Q板运动至中点而停顿，在这种情况下，物体运动的路程为（2n＋）s，摩擦力所做的功为Wf2=μmg（2n＋）s，两种情况下，摩擦力对物体均做负功。扩展与研究50/50\n：两类不同的力，一类是与势能相关的力，如重力、弹簧的弹力、电场力等，它们的功与路程无关系，只与位移有关。另一类是滑动摩擦力，空气阻力等，这类力做功与物体的运动路径有关。在上例中，滑动摩擦力是一个变力，方向在变化，可转化为恒力做功，同时滑动摩擦力做功要看物体运动的路程，这是摩擦力做功的特点，必须牢记。点评：求功的思路共有四条:（1）由功的定义．恒力做功；（2）由能量关系求解；（3）由功率的定义；（4）由动能定理求解．试题展示功率第2课一、功率的定义:功跟完成这些功所用时间的比值叫做功率，它表示物体做功的快慢．二、单位：瓦（w），千瓦（kw）；三、标量四、公式:P＝W／t＝Fv1．P＝W／t所求的是这段时间内平均功率．2．P＝Fv当v为平均值时为平均功率，当v为即时值时为即时功率．3．P＝Fv应用时，F、v必须同向，否那么应分解F或v，使二者同向．这里的P=Fv实际上是Fvcosθ、θ为F、v夹角．4．我们处理问题时必须清楚是哪一个力的功率，如一个机械的功率为P，这里指的是牵引力的功率，不可认为是机械所受合外力的功率．五、发动机铭牌上的功率，是额定功率，也就是说该机正常运行时的最大输出功率，该机工作时输出功率要小于或等于此值．规律方法1、功率的计算方法【例1】如以下图，质量为lkg的物体与平面间摩擦系数μ=0．l（g取10m／s2），在250/50\nN水平拉力作用下由静止开场运动了2s，求这段时间内拉力、摩擦力、重力、支持力的平均功率及2s末的即时功率各为多少？解析：a==1m／s2．s＝½at2＝2m．v＝at＝2m/s外力F做功功率．平均值为：p1＝W/t=Fs/t=2W2s末即时功率为：P1/=Fv＝4W摩擦力做功功率．平均值：P2=fs/t=1W2s末即时功率为：P2/=fv=2W重力与支持力N由P=Fvcosθ知：功率都为0．答案：外力F平均功率和即时功率分别为2W、4W；摩擦力平均功率和即时功率分别为1W、2W；重力和支持力功率都为0．点评：（1）明确是什么力做功功率；（2）清楚是平均功率还是即时功率．【例2】如以下图，质量为m的物体沿高为h的光滑斜面滑下到达底端时重力的即时功率为多少？错解：由机械能守恒定律可知到达底端速度v=，所以此时功率P＝mgv=mg：提示：这里没有注意到mg与v的夹角，应当为P=mgsinθ点评：做题时注意力跟速度的夹角．【例3】一个小孩站在船头，按应当为图5—15两种情况用同样大小力拉绳，经过相同的时间t（船未碰撞），小孩所做的功W1、W2及在时间t内小孩拉绳的功率P1、P2的关系为（）A．W1＞W2，P1=P2B．W1＝W2，P1＝P2C．W1＜W2，P1＜P2D．W1＜W2，P1=P2提示：两种情况中拉力对人做的功一样，第二种情况拉力除对人做功外，又对另一只小船也做了功，所以W2＞W1．由于所用时间一样，所以P2＞P1．答案：C点评：应弄清哪一个力对哪一个物体做功，其功率是什么OAB2、两种功率50/50\n【例4】长为L的细线一端固定在O点，另一端系一质量为m的小球，开场时，细线被拉直，并处于水平位置，球处在0点等高的A位置，如以下图，现将球由静止释放，它由A运动到最低点B的过程中，重力的瞬时功率变化的情况是（）A.一直在增大B.一直在减小C.先增大后减小D.先减小后增大解析:小球在A位置时速度为零，重力的瞬时功率为零，到达B位置时，速度到达最大，方向水平向左，与重力夹角为900，PB＝0，由于两个极端位置瞬时功率均为0，故可判断C正确．点评:物体在恒力作用下的变速运动或在变力作用下的运动，力做功的瞬时功率一般都随时间变化，因此，在求某力在某时的瞬时功率或讨论某力做功的瞬时功率随时间的变化时，都应根据公式P=Ftcosα来进展分析和计算．【例5】（1994年上海高考题）跳绳是一种健身运动。设某运发动的质量是50kg，他一分钟跳绳180次。假定在每次跳跃中，脚与地面的接触时间占跳跃一次所需时间的2/5，那么该运发动跳绳时抑制重力做功的平均功率是＿。（g取10m/s2）解析：把运发动每次跳跃转换成质点做竖直上抛运动模型。每次跳跃总时间T＝60/180＝1/3s．每次腾空的时间t=（l一）=0．02s。每次腾空高度h=½g（t/2）2=½×10×（0．02/2）2＝0．05m。每次腾空上升时抑制重力做的功W=mgh=50×10×0．05＝25J。把每次跳跃总时间T内的触地过程、下落过程舍弃，简化成在T内就是单一竖直上升抑制重力做功的过程，故可解出P＝W/T＝25／（1/3）=75W。点评：综上所述不难发现，灵活地转换物理模型是一种重要的物理思想方法。学会这种方法，就会使我们在解决物理问题时变得沉着自如，巧解速解物理问题，从而提高学习的效率。50/50\n【例6】随着生活水平的提高，伴随着心血管病也比以前增加了．为了提高生活质量，延长人的寿命，掌握心血管安康活动的常识就显得十分重要，心脏在人的一生之中之所以能够不停地跳动而不疲倦，其原因之一在于它的活动具有节律性，图中是心脏每跳动一次，心房和心室的舒张、收缩情况：（1）从图分析，心脏在人的一生中不停地跳动，为什么不会疲倦？（2）如果有人心率为75次／min，那么每搏的输出量为70ml，每分钟输出量为，一般情况下，长跑运发动与正常人相比，心率较慢，但较多，所以能满足运动时的供血．（3）如果有人的心率为75次／min，那么心脏每跳动一次所需的时间是，心房、心室共同处于期，所占的时间约为（4）假设某人的心脏每分钟跳动75次，心脏收缩压为135mmHg（lmmHg＝133．322Pa）收缩一次输出血量平均为70ml，那么心脏收缩时的平均功率有多大？解析：（1）从图中可以看出，如果心率是75次／min，其中心房只工作（收缩）了0．1s，休息（舒张）了0．7s，心室工作了0．3s，休息了0．5s，可见心脏每跳动一次，心房、心室的舒张期比收缩期长，心脏有充分休息的时间，因此人的一生，心脏不停地跳动而不知疲倦．（2）5250ml（每搏输出量是指心脏跳动一次，心脏收缩时向动脉输出的血量，每收缩一次输出70ml，每分输出量为70×75=5250ml）经常参加体育锻炼的人，心肌兴旺，搏动有力，每搏输出量比一般人要大．（3）0．8s舒张0．4s（心脏每分钟跳动的次数叫心率）（4）心脏收缩一次做功：W=P·ΔV∵P=135mmHg＝1．8×104PaΔV＝70ml＝7×10－5m3∴W＝1．8×104Pa×7×10－5m3＝1．26J∴每分钟，心脏做功W/=75×1．26=94．5J∴心脏收缩时平均功率为=94．5/60=1．6W3、汽车起动问题分析50/50\n(1)当以恒定功率运动时，做加速度越来越小的变加速直线运动，a=－，当F牵＝f时，加速度a＝0，此时的速度为最大速度．所以vm=p/f，以后机车做匀速直线运动。(2)欲使汽车从静止开场做匀加速直线运动，一开场不能用额定功率，功率必须随着速度增加而增加，使P/v=F恒定；这种运动持续一段时间后．汽车又做加速度越来越小的加速运动，最后到达最大速度vm，所以求匀加速直线运动的时间不可用t=vm/a，必须用v=P额/F，而t=v/a，由此得：t=P额/Fa【例7】质量为lkg的机械与平面间摩擦力f=2N，其额定功率为12W，要使它以a＝lm／s2的加速度做匀加速直线运动，问做这种运动的最长时间为多少？错解：vm＝P/f＝6m／s，t=vm/a=6s解析：以上做法错在何处，我们进展如下的分析：要使a＝lm／s2，必须F＝f＋ma＝3N要使F=3N速度最大为v=P/F=4m／s所以做匀加速直线运动的时间为t=v/a=4s这里可做这样的检验：当速度大于4m／s时，不妨设为5m／s；F=P/v=2．4N，那么加速度a=（F－f）/m=0．4m／s2，显然不是匀加速直线运动了，所以一旦速度大于4m／s时，由于功率不再增加，加速度那么变小，做的是加速度越来越小的加速直线运动，直到加速度为零，之后做匀速运动．答案：4s点评（1）此类问题关键是发动机的功率是否到达额定功率，假设在额定功率下起动，那么一定是交加速运动，因为牵引力随速度的增大而减小．求解时不能用匀变速运动的规律来解．具体变化过程可用如下示意图表示．恒定加速度启动a定=即F一定P↑=F定v↑即P随v的增大而增大当a=0时，v到达最大vm，此后匀速当P=P额时a定=≠0，v还要增大F=a=∣→→→匀加速直线运动→→→→∣→→→→变加速（a↓）运动→→→→∣→匀速运动→50/50\n（2）特别注意匀加速起动时，牵引力恒定．当功率随速度增至预定功率时的速度（匀加速完毕时的速度），并不是车行的最大速度．此后，车仍要在额定功率下做加速度减小的加速运动．（这阶段类同于额定功率起动）直至a=0时速度到达最大．具体变化过程可用如下示意图恒定功率启动速度V↑F=↓a=当a=0即F=f时，v到达最大vm保持vm匀速∣→→→变加速直线运动→→→→∣→→→匀速直线运动→→→……………【例】一辆汽车在平直的公路上以速度v0开场加速行驶，经过一段时间t，前进了距离s，此时恰好到达其最大速度Vm.设此过程中汽车发动机始终以额定功率P工作，汽车所受的阻力恒定为F，那么在这段时间里，发动机所做的功为（）A、Fvmt；B、Pt；C、½mvm2＋Fs－½mv02；D、；解析：汽车在恒定功率作用做变牵引力的加速运动，所以发动机做功为变力做功，根据P=W/t可求得W=Pt，而P=F/v=Fvm，所以W=Fvmt；根据能量守恒：W＋½mv02=½mvm2＋Fs所以W=½mvm2＋Fs－½mv02；答案：ABC思考：为何用得到不正确？错在哪里？【例】质量为m=4000kg的卡车，额定输出功率为P=60kW。当它从静止出发沿坡路前进时，每行驶100m，升高5m，所受阻力大小为车重的0.1倍，取g=10m/s2.试求：(1)卡车能否保持牵引力为8000N不变在坡路上行驶？(2)卡车在坡路上行驶时能到达的最大速度为多大？这时牵引力为多大？(3)如果卡车用4000N牵引力以12m/s的初速度上坡，到达坡顶时，速度为4m/s,那么卡车在这一段路程中的最大功率为多少？平均功率是多少？分析:汽车能否保持牵引力为800050/50\nN上坡要考虑两点：第一，牵引力是否大于阻力？第二，汽车假设一直加速，其功率是否将超过额定功率，依P=Fv解。此题考察了汽车牵引力恒定时功率的计算。不少同学在得到F>f+mgsinθ后，立即做出结论：汽车可以保持牵引力8000N不变上坡；而没有考虑到汽车由于加速，速度不断增大，其功率不断增大，如果坡路足够长，这种运动方式是不允许的。解：分析汽车上坡过程中受力情况如以下图：牵引力F,重力mg＝4×104N，f＝kmg＝4×103N，支持力N，依题意sinθ＝5/100。（1）汽车上坡时，假设F＝8000N,而f＋mgsinθ＝4×103＋4×104×1/20＝6×103N,即F>f+mgsinθ,汽车将加速上坡，速度不断增大，其输出功率P=Fv也不断增大，长时间后，将超出其额定输出功率，所以，汽车不能保持牵引力为8000N不变上坡。(2)汽车上坡时，速度越来越大，必须不断减小牵引力以保证输出功率不超过额定输出功率，当牵引力F=f+mgsinθ=6×103N时，汽车加速度为零，速度增大到最大，设为vm，那么P＝Fv＝（f＋mgsinθ）·vm；F=f+mgsinθ=6×103N（3）假设牵引力F=4000N，汽车上坡时，速度不断减小，所以最初的功率即为最大，P=Fv=4000×12=48×103w。整个过程中平均功率为=32×103W4、实际问题中的功率【例8】推动节水工程的转动喷水“龙头”。如以下图，龙头距地面h，其喷灌半径可达10h，每分钟喷水质量为m，所用水从地面下H的井中抽取，设水以相同的速率喷出，水泵的效率为η，水泵的功率P至少多大？解析:水泵对水做功，用来增大水的重力势能和动能．设水喷出时速度为v，那么h=½gt2,10h=vt;解得每分钟内水泵对水做的功W＝mg（H＋h）＋½mv2=mg(H+26h)，又W=ηPt,∴50/50\n【例9】一传送带装置示意如图，其中传送带经过AB区域时是水平的，经过BC区域时变为圆弧形（圆弧由光滑模板形成，未画出），经过CD区域时是倾斜的，AB和CD都与BC相切。现将大量的质量均为m的小箱一个一个在A处放到传送带上，放置时初速为零，经传送带运送到D处，D和A的高度差为h。稳定工作时传送带速度不变，CD段上各箱等距排列，相邻两箱的距离为L。每个箱子在A处投上后，在到达B之前已经相对于传送带静止，且以后也不再滑动（忽略经BC段时的微小滑动）。己知在一段相当长的时间T内，共运送小货箱的数目为N，这装置由电动机带动，传送带与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦。求电动机的平均输出功率P。【解析】以地面为参考（下同），设传送带的运动速度为v0，在水平段运输的过程中，小货箱先在滑动摩擦力作用下做匀加速运动，设这段路程为S，所用时间为t，加速度为a，那么对小箱有：S＝½at2……①v0＝at………②。在这段时间内，传送带运动的路程为：S0=v0t……③，由以上可得S0＝2S……④。用f表示小箱与传送带之间的滑动摩擦力，那么传送带对小箱做功为：W1=fS=½mv02……⑤；传送带抑制小箱对它的摩擦力做功：W0=Fs0=2·½mv02……⑥两者之差就是抑制摩擦力做功发出的热量：Q=½mv02……⑦可见，在小箱加速运动过程中，小箱获得的动能与发热量相等。T时间内，电动机输出的功为：W=PT……⑧此功用于增加小箱的动能、势能以及抑制摩擦力发热,即W=½Nmv02十Nmgh＋NQ……⑨已知相邻两小箱的距离为L，所以：v0T＝NL……⑩联立⑦⑧⑨⑩得。第3课散动能动能定理知识简析一、动能如果一个物体能对外做功，我们就说这个物体具有能量．物体由于运动而具有的能．50/50\nEk＝½mv2，其大小与参照系的选取有关．动能是描述物体运动状态的物理量．是相对量。二、动能定理做功可以改变物体的能量．所有外力对物体做的总功等于物体动能的增量．W1＋W2＋W3＋……＝½mvt2－½mv021．反映了物体动能的变化与引起变化的原因——力对物体所做功之间的因果关系．可以理解为外力对物体做功等于物体动能增加，物体抑制外力做功等于物体动能的减小．所以正功是加号，负功是减号。2．“增量”是末动能减初动能．ΔEK＞0表示动能增加，ΔEK＜0表示动能减小．3、动能定理适用单个物体，对于物体系统尤其是具有相对运动的物体系统不能盲目的应用动能定理．由于此时内力的功也可引起物体动能向其他形式能（比方内能）的转化．在动能定理中．总功指各外力对物体做功的代数和．这里我们所说的外力包括重力、弹力、摩擦力、电场力等．4．各力位移相同时，可求合外力做的功，各力位移不同时，分别求力做功，然后求代数和．5．力的独立作用原理使我们有了牛顿第二定律、动量定理、动量守恒定律的分量表达式．但动能定理是标量式．功和动能都是标量，不能利用矢量法那么分解．故动能定理无分量式．在处理一些问题时，可在某一方向应用动能定理．6．动能定理的表达式是在物体受恒力作用且做直线运动的情况下得出的．但它也适用于变为及物体作曲线运动的情况．即动能定理对恒力、变力做功都适用；直线运动与曲线运动也均适用．7．对动能定理中的位移与速度必须相对同一参照物．50/50\n三、由牛顿第二定律与运动学公式推出动能定理设物体的质量为m，在恒力F作用下，通过位移为S，其速度由v0变为vt，那么：根据牛顿第二定律F=ma……①根据运动学公式2as=vt2一v02……②由①②得：FS=½mvt2－½mv02四．应用动能定理可解决的问题恒力作用下的匀变速直线运动，凡不涉及加速度和时间的问题，利用动能定理求解一般比用牛顿定律及运动学公式求解要简单的多．用动能定理还能解决一些在中学应用牛顿定律难以解决的变力做功的问题、曲线运动等问题．【例1】如以下图，质量为m的物体与转台之间的摩擦系数为μ，物体与转轴间距离为R，物体随转台由静止开场转动，当转速增加到某值时，物体开场在转台上滑动，此时转台已开场匀速转动，这过程中摩擦力对物体做功为多少？解析：物体开场滑动时，物体与转台间已到达最大静摩擦力，这里认为就是滑动摩擦力μmg．根据牛顿第二定律μmg=mv2/R……①由动能定理得：W=½mv2……②由①②得：W=½μmgR，所以在这一过程摩擦力做功为½μmgR点评：（1）一些变力做功，不能用W＝FScosθ求，应当善于用动能定理．（2）应用动能定理解题时，在分析过程的根底上无须深究物体的运动状态过程中变化的细节，只须考虑整个过程的功量及过程始末的动能．假设过程包含了几个运动性质不同的分过程．即可分段考虑，也可整个过程考虑．但求功时，有些力不是全过程都作用的，必须根据不同情况分别对待求出总功．计算时要把各力的功连同符号（正负）一同代入公式．50/50\n【例2】一质量为m的物体．从h高处由静止落下，然后陷入泥土中深度为Δh后静止，求阻力做功为多少？提示：整个过程动能增量为零，那么根据动能定理mg（h＋Δh）－Wf＝0所以Wf＝mg（h＋Δh）答案：mg（h＋Δh）规律方法1、动能定理应用的根本步骤应用动能定理涉及一个过程，两个状态．所谓一个过程是指做功过程，应明确该过程各外力所做的总功；两个状态是指初末两个状态的动能．动能定理应用的根本步骤是：①选取研究对象，明确并分析运动过程．②分析受力及各力做功的情况，受哪些力？每个力是否做功？在哪段位移过程中做功？正功？负功？做多少功？求出代数和．③明确过程始末状态的动能Ek1及EK2④列方程W=EK2一Ek1，必要时注意分析题目的潜在条件，补充方程进展求解．【例3】总质量为M的列车沿水平直线轨道匀速前进，其末节车厢质量为m，中途脱节，司机觉察时，机车已行驶了L的距离，于是立即关闭油门，除去牵引力，设阻力与质量成正比，机车的牵引力是恒定的，当列车的两局部都停顿时，它们的距离是多少？解析:此题用动能定理求解比用运动学结合牛顿第二定律求解简单．先画出草图如以下图，标明各局部运动位移（要重视画草图）；对车头，脱钩前后的全过程，根据动能定理便可解得.LS1FL－μ(M－m)gS1=－½(M－m)v02对末节车厢，根据动能定理有一μmgs2＝－½mv02而ΔS=S1一S2由于原来列车匀速运动，所以F=μMg．以上方程联立解得ΔS=ML/(M一m）．50/50\n说明:对有关两个或两个以上的有相互作用、有相对运动的物体的动力学问题,应用动能定理求解会很方便．最根本方法是对每个物体分别应用动能定理列方程，再寻找两物体在受力、运动上的联系，列出方程解方程组．2、应用动能定理的优越性(1)由于动能定理反映的是物体两个状态的动能变化与其合力所做功的量值关系，所以对由初始状态到终止状态这一过程中物体运动性质、运动轨迹、做功的力是恒力还是变力等诸多问题不必加以追究，就是说应用动能定理不受这些问题的限制．(2)一般来说，用牛顿第二定律和运动学知识求解的问题，用动能定理也可以求解，而且往往用动能定理求解简捷．可是，有些用动能定理能够求解的问题，应用牛顿第二定律和运动学知识却无法求解．可以说，熟练地应用动能定理求解问题，是一种高层次的思维和方法，应该增强用动能定理解题的主动意识．(3)用动能定理可求变力所做的功．在某些问题中，由于力F的大小、方向的变化，不能直接用W=Fscosα求出变力做功的值，但可由动能定理求解．OF【例4】如以下图，质量为m的物体用细绳经过光滑小孔牵引在光滑水平面上做匀速圆周运动，拉力为某个值F时，转动半径为R，当拉力逐渐减小到F/4时，物体仍做匀速圆周运动，半径为2R，那么外力对物体所做的功的大小是:解析:设当绳的拉力为F时，小球做匀速圆周运动的线速度为v1，那么有F=mv12/R……①当绳的拉力减为F/4时，小球做匀速圆周运动的线速度为v2,那么有F/4=mv22/2R……②在绳的拉力由F减为F/4的过程中，绳的拉力所做的功为W=½mv22－½mv12=－¼FR所以，绳的拉力所做的功的大小为FR/4,A选项正确．50/50\n说明:用动能定理求变力功是非常有效且普遍适用的方法．【例5】质量为m的飞机以水平v0飞离跑道后逐渐上升,假设飞机在此过程中水平速度保持不变,同时受到重力和竖直向上的恒定升力(该升力由其他力的合力提供,不含重力).今测得当飞机在水平方向的位移为L时,它的上升高度为h,求(1)飞机受到的升力大小?(2)从起飞到上升至h高度的过程中升力所做的功及在高度h处飞机的动能?解析(1)飞机水平速度不变,L=v0t,竖直方向的加速度恒定,h=½at2,消去t即得由牛顿第二定律得:F=mg＋ma=(2)升力做功W=Fh=在h处,vt=at=,3、应用动能定理要注意的问题注意1．由于动能的大小与参照物的选择有关，而动能定理是从牛顿运动定律和运动学规律的根底上推导出来，因此应用动能定理解题时，动能的大小应选取地球或相对地球做匀速直线运动的物体作参照物来确定．【例6】如以下图质量为1kg的小物块以5m/s的初速度滑上一块原来静止在水平面上的木板，木板质量为4kg，木板与水平面间动摩擦因数是0.02，经过2S以后，木块从木板另一端以1m/s相对于地的速度滑出，g取10m／s，求这一过程中木板的位移．解析：设木块与木板间摩擦力大小为f1，木板与地面间摩擦力大小为f2．对木块：一f1t=mvt一mv0，得f1=2N50/50\n对木板：（fl－f2）t＝Mv,f2＝μ（m＋M）g得v＝0．5m/s对木板：（fl－f2）s=½Mv2，得S=0·5m答案：0．5m注意2．用动能定理求变力做功，在某些问题中由于力F的大小的变化或方向变化，所以不能直接由W=Fscosα求出变力做功的值．此时可由其做功的结果——动能的变化来求变为F所做的功．【例7】质量为m的小球被系在轻绳一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用．设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg,此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰能通过最高点，那么在此过程中小球抑制空气阻力所做的功为（）A.mgR/4B.mgR/3C.mgR/2D.mgR解析:小球在圆周运动最低点时,设速度为v1,那么7mg－mg=mv12/R……①设小球恰能过最高点的速度为v2,那么mg=mv22/R……②设设过半个圆周的过程中小球抑制空气阻力所做的功为W,由动能定理得:－mg2R－W=½mv22－½mv12……③由以上三式解得W=mgR/2.答案：C说明：该题中空气阻力一般是变化的，又不知其大小关系，故只能根据动能定理求功，而应用动能定理时初、末两个状态的动能又要根据圆周运动求得不能直接套用，这往往是该类题目的特点．注意3．区别动量、动能两个物理概念．动量、动能都是描述物体某一时刻运动状态的状态量，动量是矢量，动能是标量．动量的改变必须经过一个冲量的过程，动能的改变必须经过一个做功的过程．动量是矢量，它的改变包括大小和方向的改变或者其中之一的改变．而动能是标量，它的改变仅是数量的变化．动量的数量与动能的数量可以通过P2=2mEK联系在一起，对于同一物体来说，动能EK50/50\n变化了，动量P必然变化了，但动量变化了动能不一定变化．例如动量仅仅是方向改变了，这样动能就不改变．对于不同的物体，还应考虑质量的多少．【例8】动量大小相等的两个物体，其质量之比为2：3，那么其动能之比为（B）A．2：3；B．3：2；C．4：9；D．9：4解析：由Ek=可知，动量大小相等的物体，其动能与它们的质量成反比，因此动能的比应为3：2．【例9】在水平面上沿一条直线放两个完全相同的小物体A和B，它们相距s，在B右侧距B2s处有一深坑，如以下图，现对A施以瞬间冲量，使物体A沿A、B连线以速度v0开场向B运动．为使A与B能发生碰撞，且碰撞之后又不会落入右侧深坑中，物体A、B与水平面间的动摩擦因数应满足什么条件？设A,B碰撞时间很短，A、B碰撞后不再别离．解析:A与B相碰，那么A和B碰前速度v1，,A与B碰后共同速度v2.mv1=2mv2,AB不落入坑中,解得综上，μ应满足条件【例10】如以下图，两个完全相同的质量为m的木板A、B置于水平地面上它们的间距s=2.88m．质量为2m、大小可忽略的物块C置于A板的左端．C与A之间的动摩擦因数为μ1=0.22，A、B与水平地面的动摩擦因数为μ2=0.10，最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力．开场时，三个物体处于静止状态．现给C施加一个水平向右，大小为的恒力F，50/50\n假定木板A、B碰撞时间极短且碰撞后粘连在一起．要使C最终不脱离木板，每块木板的长度至少应为多少?【分析】：这题重点是分析运动过程，我们必须看到A、B碰撞前A、C是相对静止的，A、B碰撞后A、B速度相同，且作加速运动，而C的速度比A、B大，作减速运动，最终A、B、C到达相同的速度，此过程中当C恰好从A的左端运动到B的右端的时候，两块木板的总长度最短。【解答】：设l为A或B板的长度，A、C之间的滑动摩擦力大小为f1，A与水平面的滑动摩擦力大小为f2∵μ1=0.22。μ2=0.10∴……①且…②一开场A和C保持相对静止,在F的作用下向右加速运动.有…③A、B两木板的碰撞瞬间，内力的冲量远大于外力的冲量。由动量守恒定律得mv1=(m+m)v2…④碰撞完毕后到三个物体到达共同速度的相互作用过程中，设木板向前移动的位移为s1.选三个物体构成的整体为研究对象，外力之和为零，那么…⑤设A、B系统与水乎地面之间的滑动摩擦力大小为f3。对A、B系统，由动能定理…⑥…⑦对C物体，由动能定理………⑧由以上各式，再代人数据可得l=0.3(m)50/50\n注意4．动量定理与动能定理的区别，两个定理分别描述了力对物体作用效应，动量定理描述了为对物体作用的时间积累效应，使物体的动量发生变化，且动量定理是矢量武；而动能定理描述了力对物体作用的空间积累效应，使物体的动能发生变化，动能定理是标量式。所以两个定理分别从不同角度描述了为对物体作用的过程中，使物体状态发生变化规律，在应用两个定理解决物理问题晚要根据题目要求，选择相应的定理求解。【例11】如以下图，在光滑的水平面内有两个滑块A和B，其质量mA＝6kg，mB=3kg，它们之间用一根轻细绳相连．开场时绳子完全松弛，两滑块靠在一起，现用了3N的水平恒力拉A，使A先起动，当绳被瞬间绷直后，再拖动B一起运动，在A块前进了0．75m时，两滑块共同前进的速度v=2/3m／s，求连接两滑块的绳长．解析：此题的关键在于“绳子瞬间绷直”时其张力可看成远大于外力F，所以可认为A、B组成的系统动量守恒．此过程相当于完全非弹性碰撞，系统的机械能有损失．根据题意，设绳长为L，以绳子绷直前的滑块A为对象，由动能定理得FL=½mAv12①绳绷直的瞬间，可以认为T＞＞F，因此系统的动量守恒，mAv1＝（mA十mB）v2②对于绳绷直后，A、B组成的系统（看成一个整体）的共同运动过程，由动能定理F（0．75－L）＝½（mA十mB）v12－½（mA十mB）v22……③由式①一③解得L＝0．25m答案：0．25m4、动能定理的综合应用动能定理和动量定理、动量守恒定律的综合应用是力学问题的难点，也是高考考察的重点，解决这类问题关键是分清哪一过程中动量守恒，哪一过程中应用动能定理、动量定理【例12】某地强风的风速约为v=20m/s,设空气密度ρ=1.3kg/m3,如果把通过横截面积=20m2风的动能全部转化为电能,那么利用上述已知量计算电功率的公式应为P=_________,大小约为_____W(取一位有效数字)Ek=子P=【例13】两个人要将质量M＝1000kg的小车沿一小型铁轨推上长L＝5m,高h＝50/50\n1m的斜坡顶端．已知车在任何情况下所受的摩擦阻力恒为车重的0.12倍，两人能发挥的最大推力各为800N.水平轨道足够长，在不允许使用别的工具的情况下，两人能否将车刚好推到坡顶？如果能应如何办？（要求写出分析和计算过程）（g取10m/s2）解析:小车在轨道上运动时所受摩擦力ff＝μMg＝0.12×1000×10N=1200N两人的最大推力F＝2×800N＝1600NF＞f,人可在水平轨道上推动小车加速运动，但小车在斜坡上时f＋Mgsinθ＝1200N＋10000·1/5N＝3200N＞F=1600N可见两人不可能将小车直接由静止沿坡底推至坡顶．假设两人先让小车在水平轨道上加速运动，再冲上斜坡减速运动，小车在水平轨道上运动最小距离为s（F一f）s十FL一fL一Mgh=0答案:能将车刚好推到坡顶，先在水平面上推20m，再推上斜坡．试题展示第4课机械能守恒定律知识简析一、机械能1．由物体间的相互作用和物体间的相对位置决定的能叫做势能．如重力势能、弹性势能、分子势能、电势能等．（1）物体由于受到重力作用而具有重力势能，表达式为EP=一mgh．式中h是物体到零重力势能面的高度．（2）重力势能是物体与地球系统共有的．只有在零势能参考面确定之后，物体的重力势能才有确定的值，假设物体在零势能参考面上方高h处其重力势能为EP=一mgh，假设物体在零势能参考面下方低h处其重力势能为EP=一mgh，“一”50/50\n不表示方向，表示比零势能参考面的势能小，显然零势能参考面选择的不同，同一物体在同一位置的重力势能的多少也就不同，所以重力势能是相对的．通常在不明确指出的情况下，都是以地面为零势面的．但应特别注意的是，当物体的位置改变时，其重力势能的变化量与零势面如何选取无关．在实际问题中我们更会关心的是重力势能的变化量．【例1】如以下图，桌面高地面高H，小球自离桌面高h处由静止落下，不计空气阻力，那么小球触地的瞬间机械能为（设桌面为零势面）（）A．mgh；B．mgH；C．mg（H＋h）；D．mg（H－h）解析：这一过程机械能守恒，以桌面为零势面，E初=mgh，所以着地时也为mgh，有的学生对此承受不了，可以这样想，E初=mgh，末为E末=½mv2－mgH，而½mv2=mg（H＋h）由此两式可得：E末=mgh答案：A（3）弹性势能，发生弹性形变的物体而具有的势能．高中阶段不要求具体利用公式计算弹性势能，但往往要根据功能关系利用其他形式能量的变化来求得弹性势能的变化或某位置的弹性势能．2．重力做功与重力势能的关系：重力做功等于重力势能的减少量WG=ΔEP减=EP初一EP末，抑制重力做功等于重力势能的增加量W克=ΔEP增=EP末—EP初特别应注意：重力做功只能使重力势能与动能相互转化，不能引起物体机械能的变化．3、动能和势能（重力势能与弹性势能）统称为机械能．二、机械能守恒定律1、内容：在只有重力（和弹簧的弹力）做功的情况下，物体的动能和势能发生相互转化，但机械能的总量保持不变．2.机械能守恒的条件（1)对某一物体，假设只有重力（或弹簧弹力）做功，其他力不做功（或其他力做功的代数和为零），那么该物体机械能守恒．50/50\n(2）对某一系统，物体间只有动能和重力势能及弹性势能的相互转化，系统和外界没有发生机械能的传递，机械能也没有转变为其他形式的能，那么系统机械能守恒．3．表达形式：EK1＋Epl=Ek2＋EP2（1）我们解题时往往选择的是与题目所述条件或所求结果相关的某两个状态或某几个状态建立方程式．此表达式中EP是相对的．建立方程时必须选择适宜的零势能参考面．且每一状态的EP都应是对同一参考面而言的．（2）其他表达方式，ΔEP=一ΔEK，系统重力势能的增量等于系统动能的减少量．（3）ΔEa=一ΔEb，将系统分为a、b两局部，a局部机械能的增量等于另一局部b的机械能的减少量，三、判断机械能是否守恒首先应特别提醒注意的是，机械能守恒的条件绝不是合外力的功等于零，更不是合外力等于零，例如水平飞来的子弹打入静止在光滑水平面上的木块内的过程中，合外力的功及合外力都是零，但系统在抑制内部阻力做功，将局部机械能转化为内能，因而机械能的总量在减少．（1)用做功来判断：分析物体或物体受力情况（包括内力和外力），明确各力做功的情况，假设对物体或系统只有重力或弹力做功，没有其他力做功或其他力做功的代数和为零，那么机械能守恒；(2）用能量转化来判定：假设物体系中只有动能和势能的相互转化而无机械能与其他形式的能的转化，那么物体系机械能守恒．（3）对一些绳子突然绷紧，物体间非弹性碰撞等除非题目的特别说明，机械能必定不守恒，完全非弹性碰撞过程机械能不守恒50/50\n说明：1．条件中的重力与弹力做功是指系统内重力弹力做功．对于某个物体系统包括外力和内力，只有重力或弹簧的弹力作功，其他力不做功或者其他力的功的代数和等于零，那么该系统的机械能守恒，也就是说重力做功或弹力做功不能引起机械能与其他形式的能的转化，只能使系统内的动能和势能相互转化．如图5－50所示，光滑水平面上，A与L1、L2二弹簧相连，B与弹簧L2相连，外力向左推B使L1、L2被压缩，当撤去外力后，A、L2、B这个系统机械能不守恒，因为LI对A的弹力是这个系统外的弹力，所以A、L2、B这个系统机械能不守恒．但对LI、A、L2、B这个系统机械能就守恒，因为此时L1对A的弹力做功属系统内部弹力做功．2．只有系统内部重力弹力做功，其它力都不做功，这里其它力合外力不为零，只要不做功，机械能仍守恒，即对于物体系统只有动能与势能的相互转化，而无机械能与其他形式转化（如系统无滑动摩擦和介质阻力，无电磁感应过程等等），那么系统的机械能守恒，如图5－51所示光滑水平面上A与弹簧相连，当弹簧被压缩后撤去外力弹开的过程，B相对A没有发生相对滑动，A、B之间有相互作用的力，但对弹簧A、B物体组成的系统机械能守恒．3．当除了系统内重力弹力以外的力做了功，但做功的代数和为零，但系统的机械能不一定守恒．如图5—52所示，物体m在速度为v0时受到外力F作用，经时间t速度变为vt．（vt＞v0）撤去外力，由于摩擦力的作用经时间t/速度大小又为v0，这一过程中外力做功代数和为零，但是物体m的机械能不守恒。【例2】对一个系统，下面说法正确的选项是（）50/50\nA．受到合外力为零时，系统机械能守恒B．系统受到除重力弹力以外的力做功为零时，系统的机械能守恒C．只有系统内部的重力弹力做功时，系统的机械能守恒D．除重力弹力以外的力只要对系统作用，那么系统的机械能就不守恒解析：A，系统受到合外力为零时，系统动量守恒，但机械能就不一定守恒，答案：C【例3】如以下图，在光滑的水平面上放一质量为M＝96．4kg的木箱，用细绳跨过定滑轮O与一质量为m=10kg的重物相连，已知木箱到定滑轮的绳长AO＝8m，OA绳与水平方向成300角，重物距地面高度h=3m，开场时让它们处于静止状态．不计绳的质量及一切摩擦，g取10m／s2，将重物无初速度释放，当它落地的瞬间木箱的速度多大？解析：此题中重物m和水箱M动能均来源于重物的重力势能，只是m和M的速率不等．根据题意，m，M和地球组成的系统机械能守恒，选取水平面为零势能面，有mgh＝½mv＋½Mv从题中可知，O距M之间的距离为h/＝Oasin300＝4m当m落地瞬间，OA绳与水平方向夹角为α，那么cosα==4/5而m的速度vm等于vM沿绳的分速度，如图5—55所示，那么有vm＝vMcosα所以，由式①一③得vM=m/s答案：m/s四．机械能守恒定律与动量守恒定律的区别：动量守恒是矢量守恒，守恒条件是从力的角度，即不受外力或外力的和为零。机械能守恒是标量守恒，守恒条件是从功的角度，即除重力、弹力做功外其他力不做功。确定动量是否守恒应分析外力的和是否为零，确定系统机械能是否守恒应分析外力和内力做功50/50\n，看是否只有重力、系统内弹力做功。还应注意，外力的和为零和外力不做功是两个不同的概念。所以，系统机械能守恒时动量不一定守恒；动量守恒时机械能也不一定守恒。【例4】如以下图装置，木块B与水平面的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短．现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象（系统），那么此系统在子弹射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中（）A．动量守恒、机械能守恒B．动量不守恒，机械能不守恒C．动量守恒、机械能不守恒D．动量不守恒、机械能守恒解析：在力学中，给定一个系统后，这个系统经某一过程兵动量和机械能是否守恒，要看是否满足动量守恒和机械能守恒条件．在这个过程中，只要系统不受外力作用或合外力为零（不管系统内部相互作用力如何）动量必然守恒．但在子弹、木块、弹簧这个系统中，由于弹簧的压缩，墙对弹簧有作用力，所以水平合外力不等于零，系统动量不守恒，假设选取子弹，木块为系统，在子弹射入木块过程中，因t很短，弹簧还来不及压缩，或认为内力远大于外力（弹力），系统动量守恒．在这个过程中，外力F、N、mg不做功．系统内弹力做功，子弹打入木块的过程中，有摩擦力做功，有机械能向内能转化．因此机械能不守恒（假设取子弹打入B后，A、B一起压缩弹簧的过程，系统只有弹力做功，机械能守恒）．答案：B由上述分析可知，判定系统动量，机械能是否守恒的关键是明确守恒条件和确定哪个过程．【例5】两个完全相同的质量均为m的沿块A和B，放在光滑水平面上，滑块A与轻弹簧相连，弹簧另一端固定在墙上，当滑块B以v0的初速度向滑块A运动时，如以下图，碰A后不再分开，下述正确的选项是（）A．弹簧最大弹性势能为½mv02B．弹簧最大弹性势能为¼mv02C．两滑块相碰以及以后一起运动系统机械能守恒D．两滑块相碰以及以后一起运动中，系统动量守恒50/50\n解析：两滑决的运动应分两阶段，第一阶段两滑决相碰，由于碰后两滑块一起运动，有局部机械能转化为内能．机械能不守恒，但动量守恒．因此有：mv0=（m十m）v所以v=½v0第二阶段，两滑块一起在弹簧力作用下来回振动，此时只有弹簧力做功，机械能守恒．但在此过程系统外力冲量不为零，系统动量不守恒，因此有：EP＋½（m＋m）v2/2=½（m＋m）v2所以弹性势能最大为v/2＝0时，所以EP=¼mv．答案：B五.机械能守恒定律与动能定理的区别机械能守恒定律反映的是物体初、末状态的机械能间关系，且守恒是有条件的，而动能定理提醒的是物体动能的变化跟引起这种变化的合外力的功间关系，既关心初末状态的动能，也必须认真分析对应这两个状态间经历的过程中做功情况．规律方法1、单个物体在变速运动中的机械能守恒问题【例6】从某高处平抛一个物体，物体落地时速度方向与水平方向夹角为θ，取地面处重力势能为零，那么物体落下高度与水平位移之比为．抛出时动能与重力势能之比为．解析：设平抛运动的时间为t，那么落地时，gt=v0tanθ即gt2＝v0ttanθ所以2h＝stanθ所以h/s=tanθ/2由于落地的速度v=v0/cosθ又因为½mv02十mgh=½mv2所以mgh=½mv02/cos2θ－½mv02所以½mv02/mgh=cot2θ【例7】如以下图，一个光滑的水平轨道AB与光滑的圆轨道BCD连接，其中图轨道在竖直平面内，半径为R，B为最低点，D为最高点．一个质量为m的小球以初速度v0沿AB运动，刚好能通过最高点D，那么（）A．小球质量越大，所需初速度v0越大B．圆轨道半径越大，所需初速度v0越大C．初速度v0与小球质量m、轨道半径R无关50/50\nD。小球质量m和轨道半径R同时增大，有可能不用增大初速度v0解析：球通过最高点的最小速度为v，有mg=mv2/R，v=这是刚好通过最高点的条件，根据机械能守恒，在最低点的速度v0应满足½mv02=mg2R＋½mv2，v0=答案：B2、系统机械能守恒问题ShV0Aθ【例8】如图,斜面与半径R=2.5m的竖直半圆组成光滑轨道,一个小球从A点斜向上抛,并在半圆最高点D水平进入轨道,然后沿斜面向上,最大高度到达h=10m,求小球抛出的速度和位置.解析:小球从A到D的逆运动为平抛运动,由机械能守恒,平抛初速度vD为mgh—mg2R=½mvD2;所以A到D的水平距离为由机械能守恒得A点的速度v0为mgh=½mv02;由于平抛运动的水平速度不变,那么VD=V0cosθ,所以,仰角为【例9】如以下图，总长为L的光滑匀质的铁链，跨过一光滑的轻质小定滑轮，开场时底端相齐，当略有扰动时，某一端下落，那么铁链刚脱离滑轮的瞬间，其速度多大？解析：铁链的一端上升，一端下落是变质量问题，利用牛顿定律求解比较麻烦，也超出了中学物理大纲的要求．但由题目的表达可知铁链的重心位置变化过程只有重力做功，或“光滑”提示我们无机械能与其他形式的能转化，那么机械能守恒，这个题目我们用机械能守恒定律的总量不变表达式E2=El，和增量表达式ΔEP=一ΔEK分别给出解答，以利于同学分析比较掌握其各自的特点．（1）设铁链单位长度的质量为P，且选铁链的初态的重心位置所在水平面为参考面，那么初态E1=0滑离滑轮时为终态，重心离参考面距离L/4，EP/=－PLgL/4Ek2=½Lv2即终态E2=－PLgL/4＋½PLv250/50\n由机械能守恒定律得E2=E1有－PLgL/4＋½PLv2=0，所以v=（2）利用ΔEP=－ΔEK，求解:初态至终态重力势能减少，重心下降L/4，重力势能减少－ΔEP=PLgL/4，动能增量ΔEK=½PLv2，所以v=点评（1）对绳索、链条这类的物体，由于在考察过程中常发生形变，其重心位置对物体来说，不是固定不变的，能否确定其重心的位里那么是解决这类问题的关键，顺便指出的是均匀质量分布的规那么物体常以重心的位置来确定物体的重力势能．此题初态的重心位置不在滑轮的顶点，由于滑轮很小，可视作对折来求重心，也可分段考虑求出各局部的重力势能后求出代数和作为总的重力势能．至于零势能参考面可任意选取，但以系统初末态重力势能便于表示为宜．（2）此题也可以用等效法求解，铁链脱离滑轮时重力势能减少，等效为一半铁链至另一半下端时重力势能的减少，然后利用ΔEP=－ΔEK求解，留给同学们思考．【例10】一根细绳不可伸长，通过定滑轮，两端系有质量为M和m的小球，且M=2m，开场时用手握住M，使M与离地高度均为h并处于静止状态．求：（1）当M由静止释放下落h高时的速度．（2）设M落地即静止运动，求m离地的最大高度。(h远小于半绳长，绳与滑轮质量及各种摩擦均不计)解：在M落地之前，系统机械能守恒(M－m)gh=½(M+m)v2,M落地之后，m做竖直上抛运动，机械能守恒．有：½mv2=mgh/;h/=h/3离地的最大高度为：H=2h+h/=7h/3试题展示第5课机械能守恒定律的应用知识简析一、应用机械能守恒定律解题的根本步骤50/50\n（1）根据题意选取研究对象（物体或系统）．（2）明确研究对象的运动过程，分析对象在过程中的受力情况，弄清各力做功的情况，判断机械能是否守恒．（3）恰当地选取零势面，确定研究对象在过程中的始态和末态的机械能．（4）根据机械能守恒定律的不同表达式列式方程，假设选用了增（减）量表达式，（3）就应成为确定过程中，动能、势能在过程中的增减量或各局部机械能在过程中的增减量来列方程进展求解．【例1】如图5一66所示一质量为m的小球，在B点从静止开场沿半球形容器内壁无摩擦地滑下，B点与容器底部A点的高度差为h，容器质量为M，内壁半径为R．求：（1）当容器固定在水平桌面上，小球滑至底部A时，容器内壁对小球的作用力大小．（2）当容器放置在光滑的水平桌面上，小球滑至底部A时，小球相对容器的速度大小．解析：（1）m下滑只有重力做功，机械能守恒mgh=½mv2达底端A，根据牛顿第二定律T－mg=mv2/R所以T=mg＋2mgh/R=mg（1＋2h/R）（2假设容器在光滑水平桌面上，选m和M为研究对象，系统机械能守恒，水平方向上动量守恒mgh=½mv2＋½Mu12，0=mv十Mu1所以u1=－mv/M代入得mgh＝½mv2，所以v=，小球相对容器的速度大小为v/＝v—u1＝v十mv/M所以v/=50/50\n答案：（1）mg（1＋2h/R），（2）规律方法1、机械能守恒定律与圆周运动结合物体在绳、杆、轨道约束的情况下在竖直平面内做圆周运动，往往伴随着动能，势能的相互转化，假设机械能守恒，即可根据机械能守恒去求解物体在运动中经过某位里时的速度，再结合圆周运动、牛顿定律可求解相关的运动学、动力学的量．【例2】如图1所示．一根长L的细绳，固定在O点，绳另一端系一条质量为m的小球．起初将小球拉至水平于A点．求（1）小球从A点由静止释放后到达最低点C时的速度．（2）小球摆到最低点时细绳的拉力。解：（1）由机械能守恒有：mgl=½mvC2;(2)在最低点，由向心力公式有T－mg=mv2/l;T=3mg;【例3】在上例中，将小球自水平向下移，使细绳与水平方向成θ=300角，如图2所示．求小球从A点由静止释放后到达最低点C时细绳的拉力．解：【例4】如图，长为L的细绳一端拴一质量为m的小球，另一端固定在O点，在O点的正下方某处P点有一钉子，把线拉成水平，由静止释放小球，使线碰到钉子后恰能在竖直面内做圆周运动，求P点的位置解析：设绳碰到钉子后恰能绕P点做圆周运动的半径为r，运动到最高点的速率为V，由机械能守恒定律得：在最高点，由向心力公式有：,,50/50\n【例5】如图5—69所示，长为l不可伸长的细绳一端系于O点，一端系一质量为m的物体，物体自与水平夹角300（绳拉直）由静止释放，问物体到达O点正下方处的动能是多少？错解：由机械能守恒定律：mg1·5l=½mv2，所以最低点动能为1．5mgl分析：小球运动过程是：先由A点自由下落至B．自B点做圆周运动，就在B处绳使其速度改变的瞬间小球的动能减少，下面我们通过运算来说明这个问题．正确解法：vB=，其方向竖直向下，将该速度分解如图5一70所示v2＝vcos300=cos300由B至C的过程中机械能守恒½mv十mg0.5l=½mv由此得½mv=5mgl/4答案：5mgl/4点评：通过例5、例6两题，人们会有这种想法：为什么例5中在速度改变瞬间（B点）有能量损失，而例6中就没有能量损失，这其中原因是什么呢？仔细考虑可知：例6中绳的作用力与速度垂直，所以只改变了速度的方向而没有改变速度的大小，而例5中虽然速度大小发生了变化（v2＜vB）．由动量定理可知，沿半径方向绳的拉力T产生的冲量使沿绳方向的动量发生了变化，即TΔt＝mv1，因此该情况就有能量损失，也就不可用机械能守恒定律．【例6】如以下图，在一根长为L的轻杆上的B点和末端C各固定一个质量为m的小球，杆可以在竖直面上绕定点A转动，BC=L/3,50/50\n现将杆拉到水平位置从静止释放，求末端小球C摆到最低点时速度的大小和这一过程中BC端对C球所做的功。（杆的质量和摩擦不计）解析：B、C两球系统在下摆的过程中只有重力做功，系统机械能守恒。;由于B、C角速度相同，解得：对于C球,由动能定理得解得杆BC段对C球做功2、机械能守恒定律的灵活运用【例7】如以下图，一对杂技演员（都视为质点）乘秋千（秋千绳处于水平位置）从A点由静止出发绕O点下摆，当摆到最低点B时，女演员在极短时间内将男演员沿水平方向推出，然后自已刚好能回到高处A。求男演员落地点C与O点的水平距离s。已知男演员质量m1，和女演员质量m2之比=2,秋千的质量不计，秋千的摆长为R,C点比O点低5R。ABCs5ROR解：设别离前男女演员在秋千最低点B的速度为v0，由机械能守恒定律(m1+m2)gR=½(m1+m2)v02设刚别离时男演员速度的大小为v1,方向与v0相同；女演员速度的大小为v2，方向与v0相反，由动量守恒，(m1+m2)v0=m1v1－m2v2别离后，男演员做平抛运动，设男演员从被推出到落在C点所需的时间为t，根据题给条件，由运动学规律4R=gt2s=v1t根据题给条件，女演员刚好回到A点，由机械能守恒定律,m2gR=m2v22已知m1/m2=2,由以上各式可得s=8R【例8】如图5-4-5所示，长度相同的三根轻杆构成一个正三角形支架，在A处固定质量为2m50/50\n的小球，B处固定质量为m的小球．支架悬挂在0点，可绕过O点并与支架所在平面相垂直的固定轴转动．开场时OB与地面相垂直，放手后开场运动，在不计任何阻力的情况下，以下说法正确的选项是A.A球到达最低点时速度为零B.A球机械能减少量等于B球机械能增加量C.B球向左摆动所能到达的最高位置应高于A球开场运动时的高度D.当支架从左向右回摆时，A球一定能回到起始高度解析:因A处小球质量大，所处的位置高，图中三角形框架处于不稳定状态，释放后支架就会向左摆动．摆动过程中只有小球受的重力做功，故系统的机械能守恒，选项B正确，D选项也正确.A球到达最低点时，假设设支架边长是L.A球下落的高度便是L/2，有2mg·（L/2）的重力势能转化为支架的动能，因而此时A球速度不为零，选项A错．当A球到达最低点时有向左运动的速度，还要继续左摆，B球仍要继续上升，因此B球能到达的最高位置比A球的最高位置要高，C选项也正确．试题展示第6课功能问题的综合应用知识简析一、功能关系1．能是物体做功的本领．也就是说是做功的根源．功是能量转化的量度．终究有多少能量发生了转化，用功来量度，二者有根本的区别，功是过程量，能是状态量．2．我们在处理问题时可以从能量变化来求功，也可以从物体做功的多少来求能量的变化．不同形式的能在转化过程中是守恒的．3、功和能量的转化关系①合外力对物体所做的功等于物体动能的增量．W合=Ek2一Ek1（动能定理）②只有重力做功（或弹簧的弹力）做功，物体的动能和势能相互转化，物体的机械能守恒。50/50\n③重力功是重力势能变化的量度,即WG=－ΔEP重＝一（EP末一EP初)=EP初一EP末④弹力功是弹性势能变化的量度，即：W弹＝一△EP弹＝一（EP末一EP初)=EP初一EP末⑤除了重力，弹力以外的其他力做功是物体机械能变化的量度，即：W其他=E末一E初⑥一对滑动摩擦力对系统做总功是系统机械能转化为内能的量度，即：f·S相＝Q⑦电场力功是电势能变化的量度，即：WE=qU=一ΔE=-(E末一E初）=E初一E末⑧分子力功是分子势能变化的量度【例1】在水平地面上平铺n块砖，每块砖的质量为m，厚度为h，如将砖一块一块地叠，需要做多少功？解析：这是一道非常典型变质量与做功的题，很多同学不知怎样列功能关系式才求出功的大小，我们先画清楚草图．根据功能关系可知：只要找出砖叠放起来时总增加的能量ΔE，就可得到W人＝ΔE，而ΔE＝E末－E初=nmgnh/2－nmgh/2=n（n－1）mgh/2因此，用“功能关系”解题，关键是分清物理过程中有多少种形式的能转化，即有什么能增加或减少，列出这些变化了的能量即可．答案：n（n－1）mgh/24、对绳子突然绷紧，物体间非弹性碰撞等除题目特别说明，必定有机械能损失，碰撞后两物体粘在一起的过程中一定有机械能损失。二、能的转化和守恒能量既不能凭空产生，也不能凭空消失，它只能从一种形式的能转化为另一种形式的能，或者从一个物体转移到另一个物体，能的总量保持不变。50/50\n1．应用能量守恒定律的两条思路：（1）某种形式的能的减少量，一定等于其他形式能的增加量．（2）某物体能量的减少量，一定等于其他物体能量的增加量．【例2】如以下图，一轻弹簧一端系在墙上的O点，自由伸长到B点，今将一质量m的小物体靠着弹簧，将弹簧压缩到A点，然后释放，小物体能在水平面上运动到C点静止，AC距离为S；假设将小物体系在弹簧上，在A由静止释放，小物体将做阻尼运动到最后静止，设小物体通过总路程为l，那么以下答案中可能正确的选项是（）A．l=2S；B．l＝S；C．l＝0．5S；D．l＝0解析：假设物体恰好静止在B．那么弹簧原来具有的弹性势能全部转化为内能，应有l＝S．假设物体最后静止在B点的左侧或右侧时，弹簧仍具有一定的弹性势能，在这种情况下，物体移动的总路程就会小于S．答案：BC【例3】图中，容器A、B各有一个可自由移动的轻活塞，活塞下面是水，上面是大气．大气压恒定，A、B的底部由带有阀门K的管道相连，整个装置与外界绝热，原先，A中水面比B中高，翻开阀门，使A中的水逐渐向B中流，最后到达平衡，在这个过程中．（）A．大气压力对水做功，水的内能增加B．水抑制大气压力做功，水的内能减少C．大气压力对水做功，水的内能不变D．大气压力对水不做功，水的内能增加【解析】由题设条件可知，翻开阀门k，由于水的重力作用·水从A流向B中，由于水与器壁间的摩擦作用，振动一段时间最后到达平衡状态；A和B中水面静止在同一高度上，水受到重力、器壁压力和两水面上大气压力的作用，器壁压力与水流方向垂直，。不做功，最后A、B中水面等高。相当于A中局部水下移到B中，重力对水做功，设A、B的横截面积分别为SA、SB50/50\n，两个活塞竖直位移分别为LA、LB，大气压力对容器A中的活塞做的功为WA=P0SALA，容器B中的活塞抑制大气压力做的功WB=P0SBLB，因此大气压力通过活塞对整个水做功为零，即大气压力对水不做功，根据能量守恒定律，重力势能的减少等于水的内能的增加，所以选项D是正确答案．【评点】此题的关键是取整个水为研究对象，明确它的运动情况。正确分析它的受力，确定水受的力在水运动过程中做的功，应用能的转化和守恒定律推断能量变化关系。2．摩擦力做功的过程能量转化的情况（1）静摩擦力做功的特点①静摩擦力可以做正功，也可以做负功还可能不做功．②在静摩擦力做功的过程中，只有机械能从一个物体转移到另一个物体（静摩擦力起着传送机械能的作用），而没有机械能转化为其他形式的能量．③相互摩擦的系统，一对静摩擦力所做功的代数和总等于零．（2）滑动摩擦力做功的特点：①滑动摩擦力可以做正功，也可以对物体做负功，还可以不做功（如相对运动的两物体之一对地面静止，那么滑动摩擦力对该物不做功）．②在相互摩擦的物体系统中，一对相互作用的滑动摩擦力，对物体系统所做总功的多少与路径有关，其值是负值，等于摩擦力与相对路程的积，即Wf=f滑·S相对表示物体系统损失机械能抑制了摩擦力做功，ΔE损=f滑·S相对=Q（摩擦生热）．③50/50\n一对滑动摩擦力做功的过程，能量的转化和转移的情况：一是相互摩擦的物体通过摩擦力做功将局部机械能转移另一个物体上，二是局部机械能转化为内能，此局部能量就是系统机械能的损失量．【例4】水平传送带以速度V匀速传动，一质量为m的小木块A由静止轻放在传送带上，假设小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，如以下图，在小木块与传送带相对静止时，转化为内能的能量为A．mv2B．2mv2C．¼mv2D．½mv2分析：小物块刚放在带子上时处于静止状态，与带子有相对滑动，受向前的滑动摩擦力，使物块加速，最终与带子速度相同均为V．由于题目要求出转化为内能的能量，必须求出滑动摩擦力对系统做的总功，再由ΔE=f滑·S相对求解【解析】物块所受的滑动摩擦力为：f＝μmg，物块加速度a=f/m=μg．加速至v的时间t＝v/a=v/μg．物块对地面运动的位移Sa=½vt=v2/2μg．这段时间内带向前位移S带=Vt＝v2/μg那么物块相对于带向后滑动路程s相对=s带—sA=v2/2μg根据能量守恒定律ΔE内＝f·s相对=μmg·v2/2μg=½mv2点评：进一步分析，在题设过程中，传送带抑制摩擦力的功W＝f·S带＝μmg·v2/μg=mv2，只有一局部传给了物块使其动能增加为½mv2，另一局部转化为内能，所以此题也可以这样求解．ΔE内＝w一½mv2＝mv2一½mv2=½mv2通过解答此题一定要理解“摩擦生热”指的是滑动摩擦“生热，在相对滑动的过程中，通过摩擦力对系统做功来求解必须求出摩擦力在相对路程上的功50/50\n【例5】如图5—20所示，木块A放在木块B上左端，用力F将A拉至B的右端，第次将B固定在地面上，F做功为W1，生热为Q1；第二次让B可以在光滑地面上自由滑动，这次F做的功为W2，生热为Q2，那么应有A．W1＜W2，Q1=Q2B．W1=W2，Q1＝Q2C．W1＜W2，Q1＜Q2D．W1＝W2，Q1＜Q2解析：设B的长度为d，那么系统损失的机械能转化为内能的数量Q1＝Q2=μmAgd，所以C、D都错．在两种情况下用恒力F将A拉至B的右端的过程中．第二种情况下A对地的位移要大于第一种情况下A对地的位移，所以W2＞W1，B错答案：A3．用能量守恒定律解题的步骤①确定研究的对象和范围，分析在研究的过程中有多少种不同形式的能（包括动能、势能、内能、电能等）发生变化．②找出减少的能并求总的减少量ΔE减，找出增加的能并求总的增加量ΔE增③由能量守恒列式，ΔE减=ΔE增。④代入已知条件求解．【例6】如以下图，边长为am的正方体木箱的质量为100kg，一人采用翻滚木箱的方法将其移动10m远，那么人对木箱做的功至少要多少J？（g取10m／s2）解析：人翻滚木箱，假设要做功最小，那么需要缓慢（或匀速）翻转木箱，不使木箱动能增大，即ΔEk=0，因此，人对木箱做功，仅需要抑制木箱的重力做功（木箱在翻滚一次过程中重心升高一次），而且翻转木箱的外力50/50\nF必须最小，即外力作用点应取在A点，并使外力方向与正方体木箱纵截面的对角线相垂直，外力对转轴O的力臂最大，外力F的力矩始终与木箱重力G的力矩平衡．在木箱翻转前一半过程中，重力G的力臂逐渐减小，外力F的力臂不变，因此，外力F逐渐减小，方向也在不断改变，此过程属变力做功过程．这种情况下求外力F的功等于物体重力势能的增加．将木箱翻滚一次，木箱向前移动am，假设将木箱向前移动10m远，需要翻转的次数为n=10/a，W合=mgh，WF—WG=0；WF—[mg（a－）]×=0所以WF=5mg（－1）=5×100×10（－1）＝5000（－1）J答案：5000（－1）J【例7】：一货车车厢匀速前进时，砂子从车厢上方的漏斗落进车厢，在t秒内落进车厢内的砂子的质量为m，为维持车厢以速度V匀速前进，需加一水平推力，问该推力的功率为多少？[解析]：将上述过程分段讨论如图，B表示以速度V匀速运动的货车，A表示落于车上的砂子，设经过时间t后，AB相对静止，此过程中A的位移为S1，B的位移为S2。显然，S1=Vt/2，S2=Vt，故S1/S2=1/2。摩擦力对A做功W1=f·S1=½mv2，功率为P1=½mv2/t因B匀速运动，故F=f，外力对B做功为W2=FS2=fs2=mv2，功率为P2=mv2/t【例8】：人们在工作、学习和劳动都需要能量，食物在人体内经消化过程；志化为葡萄糖，葡萄糖的分子式为C6H12O6，葡萄糖在体内又转化为CO2和H2O50/50\n，同时产生能量E=2.80×106J/mol。一个质量为60kg的短跑运发动起跑时以1/6s的时间冲出1m远，他在这一瞬间消耗体内储存的葡萄糖多少克？解：运发动在起跑时做变加速度运动，由于时间很短，为解决问题的方便，我们可以认为在1/6s内运发动做初速为零的匀加速运动。由S=（V0+Vt）/2·t得运发动冲出1m时的末速度为Vt=2S/t=（2×1）÷1/6=12m/s。运发动在1/6s内增加的动能ΔEk=½mVt2－½mV02=½×60×122=4320J。消耗的葡萄糖的质量为：Δm=ΔEk/E×180g=0.28g.【翰林汇例9】：如图半径分别为R和r的甲、乙两圆形轨道放置在同一竖直平面内，两轨道之间由一条水平轨道CD相连，现有一小球从斜面上高为3R处的A点由静止释放，要使小球能滑上乙轨道并防止出现小球脱离圆形轨道而发生撞轨现象，试设计CD段可取的长度。小球与CD段间的动摩擦因数为μ，其作各段均光滑。{解析}：有两种情况，一种是小球恰过乙轨道最高点，在乙轨道最高点的mg=mv2/r，从开场运动到乙轨道最高点，由动能定理得mg（3R-2r）-μmgCD=½mv2-0联立解得CD=（6R-5r）/2μ，故应用CD＜（6R-5r）/2μ。另一种是小球在乙轨道上运动¼圆周时，速度变为零，由mg（3R-r）=μmgCD解出CD=（3R-r）/μ，故应有CD＞（3R-r）/μ【例10】如以下图，三个质量均为m的弹性小球用两根长均为L的轻绳连成一条直线而静止在光滑水平面上．现给中间的小球B一个水平初速度v0，方向与绳垂直．小球相互碰撞时无机械能损失，轻绳不可伸长．求：50/50\n(1)当小球A、C第一次相碰时，小球B的速度．(2)当三个小球再次处在同一直线上时，小球B的速度．(3)运动过程中小球A的最大动能EKA和此时两根绳的夹角θ.(4)当三个小球处在同一直线上时，绳中的拉力F的大小．解析：（1）设小球A、C第一次相碰时，小球B的速度为，考虑到对称性及绳的不可伸长特性，小球A、C沿小球B初速度方向的速度也为，由动量守恒定律，得由此解得（2）当三个小球再次处在同一直线上时，那么由动量守恒定律和机械能守恒定律，得,解得（三球再次处于同一直线），（初始状态，舍去）所以，三个小球再次处在同一直线上时，小球B的速度为（负号说明与初速度反向）（3）当小球A的动能最大时，小球B的速度为零。设此时小球A、C的速度大小为，两根绳间的夹角为θ（如图），那么仍由动量守恒定律和机械能守恒定律，得另外，由此可解得，小球A的最大动能为，此时两根绳间夹角为50/50\n（4）小球A、C均以半径L绕小球B做圆周运动，当三个小球处在同一直线上时，以小球B为参考系（小球B的加速度为0，为惯性参考系），小球A（C）相对于小球B的速度均为所以，此时绳中拉力大小为【例11】如以下图，质量mA为4.0kg的木板A放在水平面C上，木板与水平面间的动摩擦因数μ为0.24，木板右端放着质量mB为1.0kg的小物块B（视为质点），它们均处于静止状态。木块突然受到水平向右的12N·s的瞬时冲量I作用开场运动，当小物块滑离木板时，木板的动能EkA为8.0J，小物块的动能EkB为0.50J，重力加速度取10m/s2，求：（1）瞬时冲量作用完毕时木板的速度v0；（2）木板的长度L。ABCL解：（1）设水平向右为正方向，有I=mAv0代入数据解得v0=3.0m/s（2）设A对B、B对A、C对A的滑动摩擦力的大小分别为FAB、FBA和FCA，B在A上滑行的时间为t，B离开A时A和B的速度分别为vA和vB，有－（FBA+FCA）t＝mAvA－mAv0FABt＝mBvB其中FAB=FBAFCA=μ(mA+mB)g设A、B相对于C的位移大小分别为sA和sB，有－(FBA+FCA)sA=mAvA2－mAv02FABsB=EkB动量与动能之间的关系为mAvA=mBvB=木板A的长度L=sA－sB代入数据解得L=0.50m50/50
