阶段性测试题十二(综合素质能力测试)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。满分150分。考试时间120分钟。第Ⅰ卷(选择题 共60分)一、选择题(本大题共12个小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．)1．(文)(2022·湖南长沙实验中学、沙城一中联考)A＝{x||x－1|≥1，x∈R}，B＝{x|log2x>1，x∈R}，则“x∈A”是“x∈B”的( )A．充分非必要条件 B．必要非充分条件C．充分必要条件 D．既非充分也非必要条件[答案] B[解析] 由|x－1|≥1得x≥2或x≤0，∴A＝{x|x≥2或x≤0}，由log2x>1得x>2，∴B＝{x|x>2}，∵BA，∴选B．(理)(2022·福州市八县联考)已知函数y＝lg(4－x)的定义域为A，集合B＝{x|x<a}，若P：“x∈A”是Q：“x∈B”的充分不必要条件，则实数a的取值范围是( )A．a≥4 B．a≤4C．a>4 D．a<4[答案] C[解析] A＝{x|x<4}，B＝{x|x<a}，∵P是Q的充分不必要条件，∴AB，∴a>4，故选C．2．(2022·广州执信中学期中)下列说法正确的是( )A．命题“若x2＝1，则x＝1”的否命题为“若x2＝1，则x≠1”B．命题“∀x≥0，x2＋x－1＜0”的否定是“∃x0＜0，x＋x0－1＜0”C．命题“若x＝y，则sinx＝siny”的逆否命题为假命题D．若“p∨q”为真命题，则p，q中至少有一个为真命题[答案] D[解析] “若x2＝1，则x＝1”的否命题为“若x2≠1，则x≠1”，故A错；否命题既否定条件，又否定结论；而命题的否定只否定命题的结论．“∀x≥0，x2＋x－1<0”的否定是“∃x0≥0，使x＋x0－1≥0”，故B错；命题“若A，则B”的逆否命题是“若綈B，则綈A”，因此“若x＝y，则sinx＝siny”的逆否命题为“若sinx≠siny，则x≠y”，这是一个真命题；“p∨q”为真命题时，p与q中至少有一个为真命题，故选D．3．(文)(2022·北京东城区联考)设a＝log2，b＝log23，c＝()0.3，则( )A．a<b<c B．a<c<bC．b<c<a D．b<a<c[答案] B[解析] a＝log2<log1＝0，b＝log23>log22＝1,0<c＝()0.3<()0＝1，∴a<c<b，选B．(理)(2022·三亚市一中月考)若函数f(x)对定义域R内的任意x都有f(x)＝f(2－x)，且当x≠1时其导函数f′(x)满足xf′(x)>f′(x)，若1<a<2，则( )A．f(2a)<f(2)<f(log2a)B．f(log2a)<f(2)<f(2a)C．f(2)<f(log2a)<f(2a)D．f(log2a)<f(2a)<f(2)[答案] B[解析] ∵f(x)＝f(2－x)，∴f(x)的图象关于直线x＝1对称，∵xf′(x)>f′(x)，∴f′(x)(x－1)>0，∴x>1时，f′(x)>0，f(x)单调递增，x<1时，f′(x)<0，f(x)单调递减，∵1<a<2，∴-17-\n2<<4，∴1<log2<2，又2<2a<4，∴1<log2<2<2a，∴f(log2)<f(2)<f(2a)，∵f(log2)＝f(2－log2a)＝f(log2a)，∴f(log2a)<f(2)<f(2a)．4．(2022·三亚市一中月考)函数y＝sin(ωx＋φ)(ω>0，|φ|<)的部分图象如图所示，则函数的解析式为( )A．y＝sin(x＋) B．y＝sin(x－)C．y＝sin(2x＋) D．y＝sin(2x－)[答案] C[解析] 由图知，＝－＝，∴T＝＝π，∴ω＝2，由y＝sin(2x＋φ)过(，－1)点得sin(＋φ)＝－1，∵|φ|<，∴φ＝，故选C．5．(2022·河南省实验中学期中)设Sn是等差数列{an}的前n项和，若＝，则＝( )A．1 B．2 C．3 D．4[答案] A[解析] ＝＝×＝1.6．(文)(2022·辽宁师大附中期中)已知圆x2＋y2＝1与x轴的两个交点为A、B，若圆内的动点P使|PA|、|PO|、|PB|成等比数列，则·的取值范围为( )A．(0，] B．[－，0)C．(－，0) D．[－1,0)[答案] B-17-\n[解析] 设P(x，y)，则x2＋y2<1，∵|PA|、|PO|、|PB|成等比数列，∴|PO|2＝|PA|·|PB|，∵A(－1,0)，B(1,0)，∴x2＋y2＝·，两边平方得，x2－y2＝，∵－1<y<1，∴x2＋y2－1＝2y2－∈[－，)，∴－≤x2＋y2－1<0，∴·＝(－1－x，－y)·(1－x，－y)＝x2＋y2－1∈[－，0)，故选B．(理)(2022·河南八校第一次联考)在△ABC中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，sin＝，a＝b＝3，点P是边AB上的一个三等分点，则·＋·＝( )A．0 B．6 C．9 D．12[答案] B[解析] ∵sin＝，∴cosC＝1－2sin2＝1－2×()2＝－，∴c2＝a2＋b2－2abcosC＝9＋9－2×9×(－)＝24，∴c＝2，设AB的中点为M，则CM＝＝＝.∴·＋·＝·(＋)＝(＋)·2＝2||2＝6.7．(文)(2022·北京朝阳区期末)执行如图所示的程序框图，输出的k值为( )A．6 B．24-17-\nC．120 D．720[答案] C[解析] 根据框图的循环结构可知，循环过程依次为：k＝1，i＝2，k＝1×2＝2；i＝2＋1＝3；k＝2×3＝6，i＝3＋1＝4，k＝6×4＝24，i＝4＋1＝5，k＝24×5＝120，i＝5＋1＝6>5，跳出循环，输出结果k＝120.故C正确．(理)(2022·抚顺市六校联合体期中)执行下面的程序框图，则输出的S的值是( )A．39 B．21C．81 D．102[答案] D[解析] 程序运行过程为：n＝1，S＝0，n<4成立，S＝0＋1×31＝3，n＝1＋1＝2，n<4成立，S＝3＋2×32＝21，n＝2＋1＝3，n<4仍成立，S＝21＋3×33＝102，n＝3＋1＝4，此时n<4不成立，跳出循环，输出S的值102后结束，选D．8．(2022·开封市二十二校联考)抛物线y2＝4x的焦点为F，点P(x，y)为该抛物线上的动点，又点A(－1,0)，则的取值范围是( )A．[，1] B．[，1]C．[，] D．[1,2][答案] A[解析] 过P作抛物线准线的垂线，垂足为B，则|PF|＝|PB|，∵抛物线y2＝4x的焦点为F(1,0)，点A(－1,0)，∴＝sin∠BAP，设过A的抛物线的切线方程为y＝k(x＋1)，代入抛物线方程可得k2x2＋(2k2－4)x＋k2＝0，∴Δ＝(2k2－4)2－4k4＝0，∴k＝±1，sin∠BAP∈[，1]．9．(2022·江西修水一中、永修一中联考)已知命题p：“a>0，b>0”是“方程ax2＋by2＝1”表示椭圆的充要条件；q：在复平面内，复数所表示的点在第二象限；r：直线l⊥平面α，平面α∥平面β，则直线l⊥平面β；-17-\ns：同时抛掷两枚相同的均匀硬币，出现一正一反的概率为，则下列复合命题中正确的是( )A．p且q B．r或sC．非r D．q或s[答案] B[解析] 若方程ax2＋by2＝1表示椭圆，则a>0，b>0；当a＝b>0时，方程ax2＋by2＝1不表示椭圆，∴p为假命题；∵＝＝－i表示的点在虚轴上，∴q为假命题；r显然为真命题；同时抛掷两枚相同均匀硬币，有四种不同结果，出现一正一反的情形有两种，∴p＝，∴s为假命题．∴p且q为假，r或s为真，非r为假，q或s为假，选B．10．(文)(2022·韶关市曲江一中月考)设函数f(x)是定义在R上的奇函数，且对任意x∈R都有f(x)＝f(x＋4)，当x∈(－2,0)时，f(x)＝2x，则f(2022)－f(2022)的值为( )A．－ B．C．2 D．－2[答案] A[解析] ∵f(x＋4)＝f(x)，∴f(x)的周期为4，又∵f(x)是R上的奇函数，∴f(0)＝0，∴f(2022)＝f(0)＝0，又x∈(－2,0)时，f(x)＝2x，∴f(－1)＝，∴f(2022)＝f(－1)＝，∴f(2022)－f(2022)＝－，选A．(理)(2022·杭州七校联考)已知函数f(x)＝，若a、b、c互不相等，且f(a)＝f(b)＝f(c)，则a＋b＋c的取值范围是( )A．(2,2022) B．(2,2022)C．(3,2022) D．(3,2022)[答案] A[解析] y＝log2022x，当x＝2022时，y＝1；y＝－4x2＋4x，当x＝时，y＝1；又a、b、c互不相等，且f(a)＝f(b)＝f(c)，不妨设a<b<c，则0<a<，<b<1,1<c<2022，且a＋b＝1，∴2<a＋b＋c<2022，故选A．11．(2022·宝鸡市质检)设双曲线－-17-\n＝1(b>a>0)的半焦距为c，直线l过A(a,0)、B(0，b)两点，若原点O到l的距离为，则双曲线的离心率为( )A．或2 B．2C．或 D．[答案] A[解析] 由题意，直线l的方程为：＋＝1，即bx＋ay－ab＝0，∴原点O到l的距离为d＝＝，∵原点O到l的距离为，∴＝，∴3e4－16e2＋16＝0，∴e2＝4或e2＝，∴e＝2或e＝，故选A．12．(2022·湖北教学合作联考)已知由不等式组确定的平面区域Ω的面积为7，定点M的坐标为(1，－2)，若N∈Ω，O为坐标原点，则·的最小值是( )A．－8 B．－7C．－6 D．－4[答案] B[解析] 依题意，画出不等式组所表示的平面区域(如图所示)可知其围成的区域是等腰直角三角形，面积为8，由直线y＝kx＋2恒过点B(0,2)，且原点的坐标恒满足y－kx≤2，当k＝0时，y≤2，此时平面区域Ω的面积为6，由于6<7，由此可得k<0.由可得D(，)，依题意应有×2×||＝1，因此k＝－1(k＝3舍去)，故有D(－1,3)，设N(x，y)，故由z＝·＝x－2y，可化为y＝x－z，∵<1，∴当直线y＝x－z过点D时，截距－z最大，即z取得最小值－7，故选B．第Ⅱ卷(非选择题 共90分)二、填空题(本大题共4个小题，每小题4分，共16分，把正确答案填在题中横线上．)13．(2022·北京东城区联考)在△ABC中，若a＝，b＝3，B＝，则c＝________.[答案] -17-\n[解析] ∵B＝>，b>a，∴三角形只有一解．由正弦定理得，＝，即＝，∴sinA＝，∴A＝，∴c2＝a2＋b2－2abcosC＝3＋9－6cos(π－－)＝12－6cos＝3，∴c＝.14．(文)(2022·长沙市重点中学月考)阅读程序框图，运行相应的程序，当输入x的值为－25时，输出x的值为________．[答案] 4[解析] 输入x＝－25，|x|＝25>1成立，x＝－1＝4，|x|＝4>1成立，x＝－1＝1>1不成立，x＝3×1＋1＝4，输出x的值4后结束．(理)(2022·豫南九校联考)若(x＋a)6的展开式中x3的系数为160，则xadx的值为________．[答案] [解析] 由条件知Ca3＝160，∴a＝2，∴xadx＝x2dx＝x3|＝.15．(文)(2022·合肥八中联考)已知△OFQ的面积为S，且·＝1，若<S<，则，夹角θ的取值范围是________．[答案] (，)[解析] ∵S＝||||sinθ，1＝||||cosθ，-17-\n∴S＝tanθ，由已知<S<，∴1<tanθ<，∴<θ<.(理)(2022·长沙市重点中学月考)如图，矩形ORTM内放置5个大小相同且边长为1的正方形，其中A、B、C、D都在矩形的边上，则·＝________.[答案] －3[解析] ·＝(＋＋)·(＋＋)＝·＋·＋·＋·＋·＋·＋·＋·＋·＝0－4＋0＋2＋0＋1＋0－2＋0＝－3.16．(文)(2022·吉林市摸底)设变量x、y满足约束条件则z＝x＋y的最大值是________．[答案] 5[解析] 画出约束条件的可行域，由可行域知，目标函数z＝x＋y过点A(2,3)时z取最大值，最大值为5.-17-\n(理)(2022·吉林省实验中学一模)设x、y满足约束条件向量a＝(y－2x，m)，b＝(1，－1)，且a∥b，则m的最小值为________．[答案] －6[解析] 作出可行域如图，∵a∥b，∴(y－2x)×(－1)＝m，即m＝2x－y，作直线l0：y＝2x，平移l0得直线l：y＝2x－m，当l经过可行域内点A(1,8)时，m取最小值，mmin＝2×1－8＝－6.三、解答题(本大题共6个小题，共74分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．)17．(本小题满分12分)(2022·文登市期中)已知a＝(2cosα，2sinα)，b＝(cosβ，sinβ)，0<α<β<2π.(1)若a⊥b，求|a－2b|的值；(2)设c＝(2,0)，若a＋2b＝c，求α、β的值．[解析] (1)∵a⊥b，∴a·b＝0，又∵a2＝|a|2＝4cos2α＋4sin2α＝4，b2＝|b|2＝cos2β＋sin2β＝1，∴|a－2b|2＝(a－2b)2＝a2－4ab＋4b2＝4＋4＝8，∴|a－2b|＝2.(2)∵a＋2b＝(2cosα＋2cosβ，2sinα＋2sinβ)＝(2,0)，∴即两边分别平方再相加得：1＝2－2cosβ，∴cosβ＝，∴cosα＝，∵0<α<β<2π且sinα＋sinβ＝0，∴α＝，β＝.-17-\n18．(本小题满分12分)(文)(2022·浙江台州中学期中)已知数列{an}的前n项和为Sn，且S4＝4，当n≥2时，满足＋＝2an.(1)求证：{}为等差数列；(2)求＋＋…＋的值．[解析] (1)＋＝2an＝2(Sn－Sn－1)＝2(＋)(－)(n≥2)，故有－＝(n≥2)，∴{}是等差数列．(2)由(1)知＝＋(n－4)·＝，∴Sn＝，∴an＝Sn－Sn－1＝(n≥2)，当n＝1时，a1＝S1＝，也成立．∴an＝，∴原式＝(－＋－＋…＋－)＝(－)＝2(4－)＝.(理)(2022·泸州市一诊)设等差数列{an}的前n项和为Sn，且a3＝6，S10＝110.(1)求数列{an}的通项公式；(2)设数列{bn}前n项和为Tn，且Tn＝1－()an，令cn＝anbn(n∈N*)．求数列{cn}的前n项和Rn.[解析] (1)设等差数列{an}的公差为d，∵a3＝6，S10＝110，∴a1＋2d＝6,2a1＋9d＝22，∴a1＝2，d＝2，所以数列{an}的通项公式an＝2＋(n－1)·2＝2n.(2)因为Tn＝1－()an＝1－()2n＝1－()n，当n＝1时，b1＝T1＝，当n≥2时，bn＝Tn－Tn－1＝1－()n－1＋()n－1＝()n，且n＝1时满足bn＝()n，∴数列{bn}的通项公式为bn＝()n.∴cn＝＝，∴Rn＝＋＋＋…＋，∴Rn＝＋＋＋…＋，两式相减得：Rn＝＋＋＋…＋－-17-\n＝－＝2－，∴Rn＝4－.19．(本小题满分12分)(文)(2022·北京市海淀区期末)如图，在四棱锥P－ABCD中，底面ABCD是菱形，PA＝PB，且侧面PAB⊥平面ABCD，E是棱AB的中点．(1)求证：CD∥平面PAB；(2)求证：PE⊥AD；(3)若CA＝CB，求证：平面PEC⊥平面PAB．[解析] (1)因为底面ABCD是菱形，所以CD∥AB．又因为CD⊄平面PAB，所以CD∥平面PAB．(2)因为PA＝PB，点E是棱AB的中点，所以PE⊥AB．因为平面PAB⊥平面ABCD，平面PAB∩平面ABCD＝AB，PE⊂平面PAB，所以PE⊥平面ABCD，因为AD⊂平面ABCD，所以PE⊥AD．(3)因为CA＝CB，点E是棱AB的中点，所以CE⊥AB．由(2)可得PE⊥AB，所以AB⊥平面PEC，又因为AB⊂平面PAB，所以平面PAB⊥平面PEC．(理)(2022·天津河东区一模)如图，已知正方体ABCD－A1B1C1D1的棱长为2，E、F分别是A1B1、CC1的中点，过D1、E、F作平面D1EGF交BB1于G.-17-\n(1)求证：EG∥D1F；(2)求二面角C1－D1E－F的余弦值；(3)求正方体被平面D1EGF所截得的几何体ABGEA1－DCFD1的体积．(棱台体积计算公式：V＝H(S上＋S下＋)其中H是高，S上和S下分别是上下底面的面积．)[解析] (1)证明：在正方体ABCD－A1B1C1D1中，∵平面ABB1A1∥平面DCC1D1，平面D1EGF∩平面ABB1A1＝EG，平面D1EGF∩平面DCC1D1＝D1F，∴EG∥D1F.(2)如图，以D为原点，分别以DA、DC、DD1为x轴、y轴、z轴，建立空间直角坐标系，则有D1(0,0,2)，E(2,1,2)，F(0,2,1)，∴＝(2,1,0)，＝(0,2，－1)，设平面D1EGF的法向量为n＝(x，y，z)，则由n·＝0，和n·＝0，得，取x＝1，得y＝－2，z＝－4，∴n＝(1，－2，－4)，又平面ABCD的法向量为＝(0,0,2)，故cos〈，n〉＝＝＝－，∴截面D1EGF与底面ABCD所成二面角的余弦值为.(3)设所求几何体ABGEA1－DCFD1的体积为V，∵△EGB1～△D1FC1，D1C1＝2，C1F＝1，-17-\n∴EB1＝D1C1＝1，B1G＝C1F＝，∴S△EGB1＝EB1·B1G＝×1×＝，S△D1FC1＝D1C1·C1F＝×2×1＝1，故V棱台D1FC1－EGB1＝(S△EGB1＋＋S△D1FC1)＝(＋＋1)＝，∴V＝V正方体－V棱台D1FC1－EGB1＝23－＝.20．(本小题满分12分)(2022·屯溪一中期中)设f(x)＝x3＋ax2＋bx＋1的导数f′(x)满足f′(1)＝2a，f′(2)＝－b，其中常数a、b∈R.(1)求曲线y＝f(x)在点(1，f(1))处的切线方程；(2)设g(x)＝f′(x)e－x，求函数g(x)的极值．[解析] ∵f(x)＝x3＋ax2＋bx＋1，∴f′(x)＝3x2＋2ax＋b，∵f′(1)＝2a，∴3＋2a＋b＝2a，∵f′(2)＝－b，∴12＋4a＋b＝－b，∴a＝－，b＝－3，∴f(x)＝x3－x2－3x＋1，f′(x)＝3x2－3x－3，∴f(1)＝－，f′(1)＝－3，∴切线方程为y－(－)＝－3(x－1)，即6x＋2y－1＝0.(2)∵g(x)＝(3x2－3x－3)e－x，∴g′(x)＝(6x－3)e－x＋(3x2－3x－3)·(－e－x)，∴g′(x)＝－3x(x－3)e－x，∴当0<x<3时，g′(x)>0，当x>3时，g′(x)<0，当x<0时，g′(x)<0，∴g(x)在(－∞，0)上单调递减，在(0,3)上单调递增，在(3，＋∞)上单调递减，所以g极小(x)＝g(0)＝－3，g极大(x)＝g(3)＝15e－3.21．(本小题满分12分)(文)(2022·山西大同市调研)某网络营销部门随机抽查了某市200名网友在2022年11月11日的网购金额，所得数据如下表：网购金额(单位：千元)人数频率(0,1]160.08(1,2]240.12(2,3]xp(3,4]yq(4,5]160.08-17-\n(5,6]140.07合计2001.00已知网购金额不超过3千元与超过3千元的人数比恰为32.(1)试确定x，y，p，q的值，并补全频率分布直方图(如图)．(2)该营销部门为了了解该市网友的购物体验，从这200网友中，用分层抽样的方法从网购金额在(1,2]和(4,5]的两个群体中确定5人进行问卷调查，若需从这5人中随机选取2人继续访谈，则此2人来自不同群体的概率是多少？[解析] (1)根据题意有：解得∴p＝0.4，q＝0.25.补全频率分布直方图如图，(2)根据题意，网购金额在(1,2]内的人数为×5＝3(人)，记为a，b，C．网购金额在(4,5]内的人数为×5＝2(人)，记为A，B．则从这5人中随机选取2人的选法为：(a，b)，(a，c)，(a，A)，(a，B)，(b，c)，(b，A)，(b，B)，(c，A)，(c，B)，(A，B)共10种．记2人来自不同群体的事件为M，则M中含有(a，A)，(a，B)，(b，A)，(b，B)，(c，A)，(c，B)共6种．∴P(M)＝＝.-17-\n(理)(2022·赤峰市统考)某超市为了响应环保要求，鼓励顾客自带购物袋到超市购物，采取了如下措施：对不使用超市塑料购物袋的顾客，超市给予0.96折优惠；对需要超市塑料购物袋的顾客，既要付购买费，也不享受折扣优惠．假设该超市在某个时段内购物的人数为36人，其中有12位顾客自己带了购物袋，现从这36人中随机抽取2人．(1)求这2人都享受折扣优惠或都不享受折扣优惠的概率；(2)设这2人中享受折扣优惠的人数为ξ，求ξ的分布列和数学期望．[解析] (1)设“两人都享受折扣优惠”为事件A，“两人都不享受折扣优惠”为事件B，则P(A)＝＝，P(B)＝＝.因为事件A，B互斥，所以P(A＋B)＝P(A)＋P(B)＝＋＝.故这2人都享受折扣优惠或都不享受折扣优惠的概率是.(2)据题意，ξ的可能取值为0,1,2.其中P(ξ＝0)＝P(B)＝，P(ξ＝1)＝＝，P(ξ＝2)＝P(A)＝.所以ξ的分布列是：ξ012P所以E(ξ)＝0×＋1×＋2×＝＝.22．(本小题满分14分)(文)(2022·长安一中质检)已知抛物线的顶点在坐标原点，焦点为F(1,0)，点P是点F关于y轴的对称点，过点P的直线交抛物线于A、B两点．(1)试问在x轴上是否存在不同于点P的一点T，使得TA、TB所在的直线与x轴所成的锐角相等，若存在，求出点T的坐标，若不存在，说明理由；(2)若△AOB的面积为，求向量、的夹角．[解析] (1)由题意知，抛物线方程为：y2＝4x且P(－1,0)，设A(x1，y1)，B(x2，y2)，直线l：x＝my－1，代入y2＝4x消去x得，y2－4my＋4＝0，∴Δ＝16m2－16>0，∴m2>1，由根与系数的关系得，假设存在T(a,0)满足题意，则kAT＋kBT＝＋＝＝＝＝＝0，∴8m－4m(1＋a)＝0，∴1＋a＝2，∴a＝1，∴存在点T(1,0)．-17-\n(2)设∠AOB＝θ，S△ABO＝||||sinθ＝，∴||||＝，·＝x1x2＋y1y2＝·＋y1y2＝＋y1y2＝＋4＝5，∴cos∠AOB＝＝＝sinθ，即cosθ＝sinθ，∴tanθ＝1，∴θ＝，∴∠AOB＝.(理)(2022·武汉市调研)如图，矩形ABCD中，|AB|＝2，|BC|＝2，E、F、G、H分别是矩形四条边的中点，分别以HF、EG所在的直线为x轴，y轴建立平面直角坐标系，已知＝λ，＝λ，其中0<λ<1.(1)求证：直线ER与GR′的交点M在椭圆Γ：＋y2＝1上；(2)若点N是直线l：y＝x＋2上且不在坐标轴上的任意一点，F1、F2分别为椭圆Γ的左、右焦点，直线NF1和NF2与椭圆Γ的交点分别为P、Q和S、T.是否存在点N，使得直线OP、OQ、OS、OT的斜率kOP、kOQ、kOS、kOT满足kOP＋kOQ＋kOS＋kOT＝0？若存在，求出点N的坐标；若不存在，请说明理由．[解析] (1)由已知，得F(，0)，C(，1)．由＝λ，＝λ，得R(λ，0)，R′(，1－λ)．又E(0，－1)，G(0,1)，则直线ER的方程为y＝x－1，①直线GR′的方程为y＝－x＋1.②由①②，得M(，)．-17-\n∵＋()2＝＝＝1，∴直线ER与GR′的交点M在椭圆Γ：＋y2＝1上．(2)假设满足条件的点N(x0，y0)存在，则直线NF1的方程为y＝k1(x＋1)，其中k1＝，直线NF2的方程为y＝k2(x－1)，其中k2＝.由消去y并化简，得(2k＋1)x2＋4kx＋2k－2＝0.设P(x1，y1)，Q(x2，y2)，则x1＋x2＝－，x1x2＝.∵OP，OQ的斜率存在，∴x1≠0，x2≠0，∴k≠1.∴kOP＋kOQ＝＋＝＋＝2k1＋k1·＝k1(2－)＝－.同理可得kOS＋kOT＝－.∴kOP＋kOQ＋kOS＋kOT＝－2(＋)＝－2·＝－.∵kOP＋kOQ＋kOS＋kOT＝0，∴－＝0，即(k1＋k2)(k1k2－1)＝0.由点N不在坐标轴上，知k1＋k2≠0，∴k1k2＝1，即·＝1.③又y0＝x0＋2，④解③④，得x0＝－，y0＝.故满足条件的点N存在，其坐标为(－，)．-17-
