广州市培英中学2020学年第二学期期末考试试题高二化学(选考)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。共100分，考试用时75分钟。第I卷(选择题，共44分)注意事项：1.答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的班级、姓名、准考证号(即考号，5位数，靠右边填涂)、考试科目等按要求涂写在选择题答题卡上：答第Ⅱ卷前，考生务必将自己的姓名、班别、考号等填写在密封线左边的空格内，并在试卷右上角填上座位号。2.第Ⅰ卷的答案必须答在选择题答题卡上：第II卷用黑色字迹签字笔或钢笔按各题要求答在答题卡上。3.考试结束时，将选择题答题卡和第II卷答题卷一并交回，试卷和草稿纸自己带走。所需相对原子质量：H-1 C-12 O-16一、选择题(本大题共20小题，每小题3分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1.东晋葛供《肘后备急方》中“青蒿一握，以水升渍，绞取汁，尽服之”。下列操作与“渍”和“绞”原理相近的是A.煮沸研碎B.浸泡过滤C.萃取剪断D.蒸馏捣碎【答案】B【解析】【详解】以水升渍，可知加水溶解，绞取汁，可知过滤分离出液体，则操作与“渍”和“绞”原理相近的是浸泡、过滤。答案选B。【点睛】本题考查混合物分离提纯，为高频考点，把握混合物分离提纯方法、文史资料的含义为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意传统文化的理解，题目难度不大。2.我国某些地区曾发生用石蜡油等工业用油加工大米的“毒米事件”，威胁人民健康。食用油和石蜡油虽然都称作“油”\n，但从化学组成和分子结构看，它们是完全不同的。下列说法正确的是( )A.食用油属于纯净物，石蜡油属于混合物B.食用油属于酯类，石蜡油属于烃类C.食用油属于有机物，石蜡油属于无机物D.食用油属于高分子化合物，石蜡油属于小分子化合物【答案】B【解析】【分析】【详解】A．天然油脂和石蜡油都是混合物，故A错误；B．食用油是高级脂肪酸与甘油形成的酯，石蜡油属于烃类，故B正确；C．食用油和石蜡油都属于有机物，故C错误；D．食用油的成分是油脂，相对分子质量较小，而石蜡油是烃类物质的混合物，两者均属有机小分子组成的混合物，故D错误；答案选B。3.有机物的名称正确的是A.3-甲基-4-己炔B.4-乙基-2-戊炔C.4-甲基-2-己炔D.2-乙基-3-戊炔【答案】C【解析】【详解】中含有碳碳三键，含有碳碳三键的最长碳链上有6个碳原子，为己炔，碳碳三键在2号碳上，在4号碳上含有一个甲基，因此名称为4-甲基-2-己炔，故选C。4.淀粉在人体内的变化过程如图：下列说法不正确的是\nA.n<mB.麦芽糖属于二糖C.③的反应是水解反应D.④的反应为人体提供能量【答案】A【解析】【详解】A．淀粉在加热、酸或淀粉酶作用下发生分解和水解时，将大分子的淀粉首先转化成为小分子的中间物质，这时的中间小分子物质，为糊精，故n＞m，A不正确；B．麦芽糖在一定条件下水解为2倍的单糖，属于二糖，B正确；C．过程③为麦芽糖生成葡萄糖的反应，是水解反应，C正确；D．④的反应为葡萄糖分解为二氧化碳和水的过程，并提供大量的能量，为人体提供能量，D正确；答案A。5.新冠病毒由蛋白质和核酸组成，直径大约在60~140nm，怕酒精，不耐高温。下列说法正确的是A.高温可使新冠病毒失去活性B.医用酒精中乙醇的体积分数为95%C.新冠病毒扩散到空气中不可能形成胶体D.“84”消毒液(主要成分NaClO)中加入浓盐酸可以增强消毒效果【答案】A【解析】【分析】【详解】A．高温可以使蛋白质变性，使其失去生理活性，杀死病毒，故A正确；B．医疗卫生机构用75%（体积分数）的酒精杀菌消毒，故B错误；C．胶体粒子的直径在1～100nm之间，而新冠病毒直径大约在60～140nm，所以直径60～100nm之间的新冠病毒扩散到空气中可以形成胶体，故C错误；D．84消毒液（主要成分NaClO）本身具有强氧化性，加入浓盐酸会产生有毒的氯气，不能混用，故D错误；故选A。6.化学与生产和生活密切相关，下列说法正确的是A.聚乙烯塑料的老化是因为发生了加成反应\nB.磨豆浆的大豆富含蛋白质，豆浆煮沸后蛋白质变成了氨基酸C.合成纤维、人造纤维及碳纤维都属于有机高分子材料D.疫苗一般应冷藏存放，以避免蛋白质变性【答案】D【解析】【详解】A．聚乙烯结构中无不饱和键，聚乙烯塑料不能发生加成反应，聚乙烯塑料的老化是因为发生了氧化反应，故A错误；B．豆浆煮沸，蛋白质发生了变性，不能水解生成氨基酸，故B错误；C．合成纤维、人造纤维都属于有机高分子材料，碳纤维是碳的单质，不属于有机高分子材料，故C错误；D．蛋白质在温度较高时易变性，疫苗的主要成分为蛋白质，为了防止蛋白质变性，所以一般应该冷藏存放，故D正确；故选D7.工业上可由乙苯生产苯乙烯：+H2，下列说法错误的是（）A.苯乙烯可以发生取代反应、加成反应、加聚反应B.增大压强，有助于提高苯乙烯的产率C.该反应的反应类型为氧化反应D.苯乙烯分子一定共平面的碳原子数为7个【答案】B【解析】【详解】A.苯乙烯中含有碳碳双键，能发生取代反应、加成反应、加聚反应，A项正确；B.正反应方向体积增大，增大压强，反应逆向进行，降低苯乙烯的产率，B项错误；C.该反应脱下氢气，反应类型为氧化反应，C项正确；D.苯环和碳碳双键都为平面结构，与苯环直接相连的原子在同一个平面上，则乙苯有7个碳原子共平面，D项正确；答案选B。\n8.光刻胶(主要成分是)是大规模集成电路印刷电路版技术中的关键材料，某一光刻胶的主要成分如图所示，下列有关说法正确的是A.合成此高聚物的单体的化学式为C11H10O2B.发生加成反应时1mol该物质可消耗4molH2C.该物质可稳定存在于碱性溶液中D.该物质可经过缩聚反应制得【答案】A【解析】【详解】A．根据结构简式知，该高聚物（）的单体是苯丙烯酸乙烯酯，分子式为C11H10O2，故A正确；B．该物质为高分子化合物，聚合度为n，发生加成反应时1mol该物质可消耗4nmolH2，故B错误；C．该物质存在-COOC-，在碱性溶液中能发生水解反应，不能稳定存在，故C错误；D．该高分子化合物的直链中只有2个碳原子，可通过加聚反应制得的，故D错误；故选A。【点睛】本题的易错点为B，要注意该物质为高聚物。9.在有机物分子中，若某个碳原子连接着四个不同的原子或原子团，这种碳原子称为“手性碳原子”。凡有一个手性碳原子的物质，它就定具有光学活性，某物质X如图，具有光学活性，X发生下列哪个反应后生成的有机物无光学活性A.与甲酸发生酯化反应B.与NaOH溶液共热C.与银氨溶液作用D.与新制的Cu(OH)2作用【答案】B【解析】\n【分析】X中的手性碳原子如图：，结合选项中的反应和手性碳原子的概念分析判断。【详解】A．与甲酸发生酯化反应，原手性C原子上仍连接4个不同的原子或原子团，具有光学活性，故A不选；B．与NaOH溶液共热发生水解，反应后生成的物质中，原手性C原子上连接两个相同的-CH2OH原子团，不具有光学活性，故B选；C．与银氨溶液作用，醛基被氧化生成羧基，原手性C原子上仍连接4个不同的原子或原子团，具有光学活性，故C不选；D．与新制的Cu(OH)2作用，醛基被氧化生成羧基，原手性C原子上仍连接4个不同的原子或原子团，具有光学活性，故D不选；故选B。10.300多年前，著名化学家波义耳发现了铁盐与没食子酸(结构式如下图所示)的显色反应，并由此发明了蓝黑墨水。与制造蓝黑墨水相关的基团可能是A.苯环B.酚羟基C.羧基中的羟基D.羧基【答案】B【解析】【详解】分析：没食子酸含有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反应等，含有羧基，具有酸性，可发生取代反应等。详解：没食子酸含有酚羟基，可发生取代、氧化和显色反应等，铁盐与没食子酸的显色反应，应该是铁盐与酚羟基发生显色反应的结果，故答案选B。11.下列实验中，分离提纯的方法正确的是选项实验分离、提纯方法A除去苯中的环己烯加入浓溴水后分液B高级脂肪酸钠盐溶液中混有甘油盐析过滤C除去乙烷中乙炔气体用酸性高锰酸钾溶液洗气\nD除去乙醇中乙酸蒸馏A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【分析】【详解】A．除去苯中的环己烯，加入浓溴水后，液体仍混溶，无法分液，应使用蒸馏法，A不正确；B．高级脂肪酸钠溶液中混有甘油，加入食盐进行盐析，然后过滤分离，B正确；C．用酸性高锰酸钾溶液会将乙炔氧化为二氧化碳混在乙烷中，应使用溴水洗气，C不正确；D．除去乙醇中的乙酸，应先加生石灰，将乙酸转化为乙酸钙，然后蒸馏得乙醇，D不正确；故选B。12.下列实验方案中，能达到相应实验目的的是实验方案目的A．比较乙醇分子中羟基氢原子和水分子中氢原子的活泼性B．除去乙烯中的二氧化硫C．制银氨溶液D．证明碳酸酸性强于苯酚A.AB.BC.CD.D\n【答案】A【解析】【详解】A．通过比较钠与水、乙醇反应产生氢气速率大小，可确定乙醇分子中羟基氢原子和水分子中氢原子的活泼性大小，故A正确；B．乙烯与溴的四氯化碳溶液反应，故B错误；C．制银氨溶液是步骤是向2mL2%AgNO3溶液中滴加稀氨水至沉淀恰好消失为止，故C错误；D．碳酸钙与浓盐酸反应产生的二氧化碳气体中存在挥发出来的氯化氢气体，将此混合气体通入苯酚钠溶液，氯化氢、二氧化碳均与之反应，故不能说明它们酸性的相对强弱，故D错误。故答案选A。13.下列说法正确的是A.乳酸薄荷醇酯()仅能发生水解、氧化、消去反应B.乙醛和丙烯醛()不是同系物，它们与氢气充分反应后的产物也不是同系物C.淀粉和纤维素在酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖D.苯和甲苯互为同系物，均能使KMnO4酸性溶液褪色【答案】C【解析】【详解】A．乳酸薄荷醇酯中含有酯基、羟基，能发生酯化反应、氧化反应、取代反应、水解反应、消去反应，故A错误；B．丙烯醛中含有碳碳双键，而乙醛不含，所以乙醛和丙烯醛不是同系物，乙醛和氢气充分反应后生成乙醇，丙烯醛和氢气充分反应后生成丙醇，乙醇和丙醇互为同系物，故B错误；C．淀粉和纤维素都是多糖，在酸催化下完全水解后的产物都是葡萄糖，故C正确；D．苯和甲苯结构相似，分子组成上相差1个CH2，互为同系物，甲苯能使KMnO4酸性溶液褪色，但苯不能，故D错误；故选C。14.下列指定反应的化学方程式或离子方程式正确的是A.溴乙烷中滴入AgNO3溶液检验其中的溴元素：B.实验室用液溴和苯在催化剂作用下制溴苯：+Br2+HBrC.实验室用乙醇制乙烯：\nD.苯酚与足量浓溴水的反应：+3Br2→+3HBr【答案】B【解析】【详解】A．溴乙烷不能电离出溴离子，其中滴入AgNO3溶液不能检验其中的溴元素，故A错误；B．实验室用液溴和苯在催化剂作用下发生取代反应生成溴苯：+Br2+HBr，故B正确；C．实验室用乙醇在浓硫酸、170℃下制乙烯：，故C错误；D．苯酚与足量浓溴水的反应生成三溴苯酚沉淀，+3Br2→+3HBr，故D错误；故选B。15.下列各组烃的混合物，只要总质量一定，无论按什么比例混合，完全燃烧后生成的CO2和H2O都是恒量的是A.C2H2、C2H4B.C2H4、C2H6C.C3H8、C3H6D.C6H6、C2H2【答案】D【解析】【分析】各组烃混合物，只要总质量一定，无论按什么比例混合，完全燃烧后生成的CO2和H2O都是恒量，说明混合物中各烃的最简式相同，据此分析判断。【详解】A．C2H2最简式为CH，C2H4的最简式为CH2，二者最简式不同，按不同比例混合，完全燃烧后生成的CO2和H2O不是恒量，故A不选；B．C2H4的最简式为CH2，C2H6最简式为CH3，二者最简式不同，按不同比例混合，完全燃烧后生成的CO2和H2O不是恒量，故B不选；C．C3H8的最简式为C3H8，C3H6最简式为CH2，二者最简式不同，按不同比例混合，完全燃烧后生成的CO2和H2O不是恒量，故C不选；\nD．C6H6最简式为CH，C2H2的最简式为CH，二者最简式相同，无论按什么比例混合，完全燃烧后生成的CO2和H2O都是恒量，故D选；故选D。16.高分子M广泛用于牙膏、牙科粘合剂等口腔护理产品，合成路线如图：下列说法不正确的是A.试剂a是甲醇B.化合物B不存在顺反异构体C.化合物C的核磁共振氢谱有一组峰D.合成M的聚合反应是缩聚反应【答案】D【解析】【分析】CH≡CH与试剂a发生加成反应生成B，HOOCCH=CHCOOH分子内脱水生成C，B和C聚合生成M，根据聚合物M的结构式可知，M的单体为CH2=CH-O-CH3和，由此可知B为CH2=CH-O-CH3，C为，则试剂a为CH3OH，据此分析解答。【详解】A．根据分析，试剂a为CH3OH，名称是甲醇，故A正确；B．化合物B为CH2=CH-O-CH3，要存在顺反异构，碳碳双键上的每个碳原子连接的两个原子或原子团不同时能形成顺反异构，B的结构中其中一个双键碳上连接的两个原子相同，不存在顺反异构体，故B正确；C．化合物C为，其结构对称，只含有一种氢原子，则核磁共振氢谱有一组峰，故C正确；D．聚合物M是由CH2=CH-O-CH3和\n中的双键上发生加成聚合反应，不是缩聚反应，故D错误；答案选D。17.无色的有机物I是印制防伪商标的一种原料，在紫外光辐射下I可转变成结构Ⅱ(显橙色)，反应如下(R1、R2、R3是烃基)：有关上述变化的说法不正确的是A.I、Ⅱ均能发生加成反应B.Ⅱ可看作醇类C.I属于芳香烃D.I和Ⅱ互为同分异构体【答案】C【解析】【详解】A．I中含苯及碳碳双键、羰基，Ⅱ中含苯环、碳碳双键、羰基，均可发生加成反应，故A正确；B．Ⅱ中含-OH，且与苯环不直接相连，可看作醇类物质，故B正确；C．I中含苯环为芳香族化合物，含O元素，不属于芳香烃，故C错误；D．分子式相同，结构不同的化合物为同分异构体，I和Ⅱ的分子式相同，但结构不同，互为同分异构体，故D正确；故选C。18.丙烯酸经乙酯(可用作电子显微镜的脱水剂，可用下列方法制的：下列说法不正确的是A.化合物I能与NaHCO3溶液反应生成CO2B.化合物Ⅲ水解可生成2种有机物C.化合物Ⅱ与乙醛互为同分异构体D.可用Br2的CCl4溶液检验化合物中Ⅲ是否混有化合物|\n【答案】D【解析】【详解】A．化合物I中含－COOH，能与NaHCO3溶液反应生成CO2，故A正确；B．化合物Ⅲ含－COOC－，可发生水解生成丙烯酸、乙二醇，故B正确；C．化合物Ⅱ与乙醛的分子式相同、结构不同，二者互为同分异构体，故C正确；D．I、III中均含碳碳双键，则Br2的CC4溶液不能检验化合物中是否混有化合物I，故D错误；故选D。19.分枝酸可用于生化研究。其结构简式如图。下列关于分枝酸的叙述正确的是A.分子中含有2种官能团B.可与乙醇、乙酸反应，且反应类型相同C.1mol分枝酸最多可与3molNaOH发生中和反应D.可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色，且原理相同【答案】B【解析】【详解】A项，该化合物分子中含有羧基、醇羟基、醚键和碳碳双键4种官能团，故A项错误；B项，该物质中含有羧基和羟基，既可以与乙醇发生酯化反应，也可以与乙酸发生酯化反应，反应类型相同，故B项正确；C项，分枝酸一个分子中含两个羧基，故1mol分枝酸最多能与2molNaOH发生中和反应，故C项错误；D项，该物质使溴的四氯化碳溶液褪色的原理是溴与碳碳双键发生加成反应，而是使酸性高锰酸钾溶液褪色是发生氧化反应，原理不同，故D项错误。综上所述，本题正确答案为B。【点睛】本题考查了有机化合物的结构与性质，包含了通过分析有机化合物的结构简式，判断有机化合物的官能团、反应类型的判断、有机物的性质，掌握官能团的性质是解题的关键。\n20.已知，如果要合成所用的原始原料可以是①2—甲基—1，3—丁二烯和2—丁炔②1，3—戊二烯和2—丁炔③2，3—二甲基—1，3—戊二烯和乙炔④2，3—二甲基—1，3—丁二烯和丙炔A.①④B.②③C.①③D.②④【答案】A【解析】【分析】根据逆向合成分析法，或者是，结合有机物的命名分析判断。【详解】由逆向合成分析法可知，若为，则原始原料分别是2，3-二甲基-l，3-丁二烯和丙炔；若为，则两种原料分别为2-甲基-l，3-丁二烯和2-丁炔，①④正确，A符合题意；故选A。二、填空题(三题，共40分)21.回答下列问题（1）有机物A为绿色荧光蛋白在一定条件下水解的最终产物之一，结构简式如下：①A与氢氧化钠溶液反应的化学方程式为___________。②两个氨基乙酸分子NH2—CH2—COOH，在一定条件下反应可以生成。两个A分子在一定条件下生成的有机化合物结构简式为___________。\n（2）有机物A可以通过不同化学反应分别制得B、C和D三种物质，结构简式如下图所示。③A~D中互为同分异构体的是___________。④由A生成B的化学方程式是___________。⑤C在一定条件下发生加聚反应的化学方程式是___________。（3）以下是乙醇、乙酸、乙酸乙酯、二甲醚的核磁共振氢谱图。①②③④⑥写出图④的结构简式___________。【答案】（1）①.+2NaOH→+2H2O②.\n（2）①.C、D②.2+O22+2H2O③.n→（3）CH3COOCH2CH3【解析】【小问1详解】①A（）中含有-COOH和酚羟基，都具有酸性，都能与NaOH反应，反应的化学方程式为+2NaOH→+2H2O，故答案为：+2NaOH→+2H2O；②-NH2和-COOH可发生取代反应形成肽键，两个氨基乙酸分子NH2—CH2—COOH，在一定条件下反应可以生成；因此两个A分子在一定条件下生成的有机化合物结构简式为，故答案为：\n；【小问2详解】③A~D中C和D的分子式相同，但结构不同，二者互为同分异构体，故答案为：C、D；④A（）在催化剂作用下发生氧化反应生成B（），反应的方程式为2+O22+2H2O，故答案为：2+O22+2H2O；⑤C（）含有碳碳双键，可发生加聚反应，发生加聚反应的化学方程式为n→，故答案为：n→；【小问3详解】⑥图④中有三个峰，其中两个峰的面积相等，则含有的H原子数相等，二甲醚中只有一种H原子；乙醇、乙酸、乙酸乙酯中不同化学环境的氢原子数目之比分别为3∶2∶1、3∶1、3∶2∶3，因此图④表示乙酸乙酯的核磁共振氢谱图，结构简式为CH3COOCH2CH3，故答案为：CH3COOCH2CH3。22.甲苯()是一种重要的化工原料，能用于生产苯甲醛()、苯甲酸()等产品。下表列出了有关物质的部分物理性质，请回答：\n名称性状熔点(℃)沸点(℃)相对密度()溶解性水乙醇甲苯无色液体易燃易挥发-95110.60.8660不溶互溶苯甲醛无色液体-261791.0440微溶互溶苯甲酸白色片状或针状晶体122.12491.2659微溶易溶注：甲苯、苯甲醛、苯甲酸三者互溶。实验室可用如图装置模拟制备苯甲醛。实验时先在三颈瓶中加入0.5g固态难溶性催化剂，再加入15mL冰醋酸(作为溶剂)和2mL甲苯，搅拌升温至70℃，同时缓慢加入12mL过氧化氢，在此温度下搅拌反应3小时。（1）装置a的名称是___________，主要作用是___________。（2）为使反应体系受热比较均匀，可采用的加热方式是___________；三颈瓶中发生反应的化学方程式为___________。（3）经测定反应温度升高时，甲苯的转化率逐渐增大，但温度过高时，苯甲醛的产量却有所减少，可能的原因是___________。（4）反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，还应经过滤、___________(填操作名称)等操作，才能得到苯甲醛粗产品。（5）实验中加入过量过氧化氢且反应时间较长，会使苯甲醛产品中产生较多的苯甲酸。若想从混有苯甲酸的苯甲醛中分离出苯甲酸，正确的操作步骤是___________(按步骤顺序填字母)。a．对混合液进行分液\nb．过滤、洗涤、干燥c．水层中加入盐酸调节pH=2d．加入适量碳酸氢钠溶液混合震荡【答案】（1）①.球形冷凝管②.冷凝回流，防止甲苯的挥发而降低产品产率（2）①.水浴②.+2H2O2+3H2O（3）H2O2在较高温度时分解速度加快，使实际参加反应的H2O2减少，影响产量（4）蒸馏（5）dacb【解析】【分析】根据甲苯、苯甲醛、苯甲酸的性质结合实验目的、以及过氧化氢受热容易分解分析解答。【小问1详解】根据图示，装置a为球形冷凝管，甲苯挥发会导致产率降低，通过球形冷凝管冷凝回流，可以防止甲苯挥发导致产率降低，故答案为：球形冷凝管；冷凝回流，防止甲苯的挥发而降低产品产率；【小问2详解】为使反应体系受热比较均匀，可采用水浴加热；三颈瓶中甲苯被过氧化氢氧化生成苯甲醛，同时生成水，反应的化学方程式为+2H2O2+3H2O，故答案为：水浴；+2H2O2+3H2O；【小问3详解】经测定反应温度升高时，甲苯的转化率逐渐增大，但温度过高时，过氧化氢分解速度加快，实际参加反应的过氧化氢减小，苯甲醛的产量也会有所减少，故答案为：H2O2在较高温度时分解速度加快，使实际参加反应的H2O2减少，影响产量；【小问4详解】反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，先过滤分离出固体催化剂，再利用蒸馏的方法分离出苯甲酸，故答案为：蒸馏；\n【小问5详解】从混有苯甲酸的苯甲醛中分离出苯甲酸，先使混合液与碳酸氢钠反应生成苯甲酸钠，再分液分离出苯甲醛，再在水层中加入盐酸调节pH=2，反应得到苯甲酸晶体，最后过滤分离得到苯甲酸，再洗涤、干燥得到苯甲酸，故操作步骤为dacb，故答案为：dacb。23.化合物H是一种有机光电材料中间体。实验室由芳香化合物A制备H的一种合成路线如下：已知：①②+（1）A的化学名称是___________。（2）由C生成D和E生成F的反应类型分别是___________、___________。（3）E的结构简式为___________。（4）G为甲苯的同分异构体，由F生成H的化学方程式为___________。（5）写出用环戊烷和2-丁炔为原料制备化合物合成路线___________(其他试剂任选)。【答案】（1）苯甲醛（2）①.加成反应②.取代反应(酯化反应)（3）（4）+\n（5）【解析】【分析】由F和G生成H，结合信息②和H的结构简式可推测出G是，F是，E和C2H5OH反应生成F，根据F的结构简式和反应条件可知发生了酯化反应，所以E的结构简式为。D→E，根据D的分子中有2个Br原子和反应条件，可知发生了消去反应，则D的结构简式为C6H5-CHBr-CHBr-COOH。C→D，由反应条件可知，发生了加成反应，则C的结构简式为C6H5-CH=CH-COOH。A和CH3CHO生成B(C9H8O)；由已知信息①结合B中各原子个数，可推测A中含有7个C原子，且有一个醛基，所以A为苯甲醛，根据信息①可推测B结构中也含有一个醛基，结合C的结构简式，可知B→C发生了氧化反应，则B的结构简式为C6H5-CH=CH-CHO，据此分析解答。【小问1详解】A和CH3CHO生成B(C9H8O)，由已知信息①结合B中各原子个数，可推测A中含有7个C原子，且有一个醛基，所以A为苯甲醛，【小问2详解】经分析C的结构简式为C6H5-CH=CH-COOH，D的结构简式为C6H5-CHBr-CHBr-COOH，结合反应条件可知，C→D的反应类型为加成反应；E的结构简式为，F是，结合反应条件和反应物，E→F的反应类型为酯化反应或取代反应；小问3详解】D→E发生了卤代烃的消去反应，则E的结构简式为；【小问4详解】由F和G生成H，结合信息②和H的结构简式可推测出G是，F是，则F生成H的化学方程式为\n+；【小问5详解】要制备化合物，就要想办法制备，通过H的合成路线和信息②可知，要制备就要想法制备，由原料制备，就要想办法在中引入双键，可联想到卤代烃发生消去反应引入双键的方法，让生成，在让发生消去反应，所以合成路线可设计为。
