益阳市箴言中学2022届高三第二次模拟考试物理试题时量：90分钟满分：100分一、选择题：本题共14小题，每小题4分，共56分。在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11～14题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1．关于速度、速度的变化量、加速度，下列说法正确的是．A．物体运动时，速度的变化量越大，它的加速度一定越大B．速度很大的物体，其加速度可能为零C．某时刻物体的速度为零，其加速度不可能很大D．加速度很大时，运动物体的速度一定很快变大2．一质点从A点以v0=3m／s的初速度开始作匀加速直线运动，随后依次经过B、C两点，已知AB段、BC.段距离分别为5m、9m，质点经过AB段、BC段时速度增加量相等，则A．质点的加速度大小为2m／s2B．质点从A点运动到C点历时3sC．质点在C点的速度大小为llm/sD．质点在B点的速度大小为6m／s图13．“神舟”十号飞船于2022年6月11日发射升空，如图1所示，在“神舟”十号靠近轨道沿曲线从M点到N点的飞行过程中，速度逐渐减小．在此过程中“神舟”十号所受合力的方向可能是．4．如图2所示，斜面AC与水平方向的夹角为α，在A点正上方与C等高处水平抛出一小球，其速度垂直斜面落到D点，则CD与DA的比为．图2A.B.C.D.5．近年来，人类发射了多枚火星探测器，对火星进行科学探究，为将来人类登上火星、开发和利用火星资源奠定了坚实的基础．如果火星探测器环绕火星做“近地”匀速圆周运动，并测得该探测器运动的周期为T，则火星的平均密度ρ的表达式为(k是一个常数)A．ρ＝B．ρ＝kTC．ρ＝kT2D．ρ＝6．如图3所示，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ，图甲中，A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻质杆相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有．A．两图中两球加速度均为gsinθ图3B．两图中A球的加速度均为零C．图乙中轻杆的作用力一定不为零D．图甲中B球的加速度是图乙中B球加速度的2倍图47．在光滑水平面上，有一转轴垂直于此平面，交点O的上方h处固定一细绳，绳的另一端连接一质量为m的小球B，绳长l>h-7-\n，小球可随转轴转动在光滑水平面上做匀速圆周运动，如图4所示．要使小球不离开水平面，转轴转速的最大值是．A. B．πC. D．8．如图5，是自行车早期发展过程中出现的一种高轮车，它最显著的特点是前轮大后轮小，前后轮间无链条传动。骑行时，脚蹬踏设置在前轮的脚踏一圈，前轮转动一圈。当高轮车沿直线行进且前后车轮都不打滑，下列分析正确的是A．前后两轮转动的角速度相等图5B．前轮转动频率比后轮转动频率小C．脚蹬踏频率一定，前后轮半径比越大，车的骑行速度越大D．脚蹬踏频率一定，后轮越大，车的骑行速度越大9．如图6所示，一个“Y”形弹弓顶部跨度为L，两根相同的橡皮条自由长度均为L，在两橡皮条的末端用一块软羊皮(长度不计)做成裹片．若橡皮条的弹力与形变量的关系满足胡克定律，且劲度系数为k，发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为2L(弹性限度内)，则发射过程中裹片对弹丸的最大作用力为．图6A．kLB．2kLC.kL D.kL图710．如图7所示，一倾角为30°的光滑斜面固定在地面上，一质量为m的小木块在水平力F的作用下静止在斜面上．若只改变F的方向不改变F的大小，仍使木块静止，则此时力F与水平面的夹角为．A．60°B．45° C．30°D．15°11．伽利略为了研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，如图8所示，对于这个研究过程，下列说法正确的是A．斜面实验放大了重力的作用，便于测量小球运动的路程B．斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于小球运动时间的测量图8C．通过对斜面实验的观察与计算，直接得到自由落体运动的规律D．根据斜面实验结论进行合理的外推，得到自由落体运动的规律12．如图9所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是．A．B与水平面间的摩擦力增大B．绳子对B的拉力增大C．悬于墙上的绳所受拉力不变图9D．A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等13．为了实现人类登陆火星的梦想，近期我国宇航员王跃与俄罗斯宇航员一起进行“模拟登火星”实验活动．已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期也基本相同．地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是．A．火星表面的重力加速度是gB．王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的-7-\nC．火星第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的D．王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是h图1014．如图10所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径r＝0.4m，最低点处有一小球(半径比r小很多)现给小球一水平向右的初速度v0，则要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足(g＝10m/s2)．A．v0≥0B．v0≥4m/sC．v0≥2m/sD．v0≤2m/s二、实验题：本大题共两小题，第15题6分，第16题6分，每空2分,共12分。请将答案填写在答题卷相应位置，不要求写出演算过程。15．（6分）某同学在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”时，将轻质弹簧竖直悬挂，弹簧下端挂一个小盘，在小盘中增添砝码，改变弹簧的弹力，通过旁边竖直放置的刻度尺可以读出弹簧末端指针的位置x，实验得到了弹簧指针位置x与小盘中砝码质量m的图象如图2所示，取g=l0m／s2．回答下列问题：(1)某次测量如图1所示，指针指示的刻度值为cm；(2)从图2可求得该弹簧的劲度系数为N／m(结果保留两位有效数字)；(3)另一同学在做该实验时有下列做法，其中做法错误的是A．实验中未考虑小盘的重力B．刻度尺零刻度未与弹簧上端对齐C．读取指针指示的刻度值时，选择弹簧指针上下运动最快的位置读取D．在利用x一m图线计算弹簧的劲度系数时舍弃图中曲线部分数据16．图11为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M.实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．(1)实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是图11A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动-7-\nC．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动(2)实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是( )．A．M＝200g，m＝10g、15g、20g、25g、30g、40gB．M＝200g，m＝20g、40g、60g、80g、100g、120gC．M＝400g，m＝10g、15g、20g、25g、30g、40gD．M＝400g，m＝20g、40g、60g、80g、100g、120g(3)图12是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出，量出相邻的计数点之间的距离分别为：sAB＝4.22cm、sBC＝4.65cm、sCD＝5.08cm、sDE＝5.49cm，sEF＝5.91cm，sFG＝6.34cm.已知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车的加速度大小a＝________m/s2.(结果保留两位有效数字)．图12三、论述计算题（本题共3小题，共32分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17．(9分)如图13甲所示，固定光滑细杆与水平地面成一定倾角，在杆上套有一个光滑小环，小环在沿杆方向向上的推力F作用下向上运动.0～2s内推力的大小为5.0N,2～4s内推力的大小变为5.5N，小环运动的速度随时间变化的规律如图13乙所示，重力加速度g取10m/s2.求：(1)小环在加速运动时的加速度a的大小；(2)小环的质量m；(3)细杆与水平地面之间的夹角α.图1318．（10分）如图14，圆形水平转台半径R=0.5m，上表面离水平地面的高度H=l.25m，小物块A位于转台边缘，与转台中心O距离r=0.3m的小物块B用水平细线与过O点的竖直转轴相连，A、B能随转台一起绕转轴转动，当转台的角速度ω=4rad／s时，物块A刚好要滑离转台、细线断裂，此时转台立即停止转动，设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，小物块B与转台的动摩擦因素μB=0.1，取g=l0m／s2．求：(1)小物块A与转台间的动摩擦因数μ；(2)小物块B落地点离转台中心O的水平距离L．-7-\n图1419．（13分）如图15，质量m1=lkg的长木板在水平恒力F=l0N的作用下沿光滑的水平面运动，当木板速度为υ=2m／s时，在木板右端无初速轻放一质量为m2=1.5kg的小物块，此后木板运动s0=1.5m时撤去力F，已知物块与木板间动摩擦因素μ=0.4，木板长L=1.3m，g取10m／s2．(1)求撤去水平力F时木板的速度大小；(2)通过计算分析物块是否滑离木板；若滑离木板，计算物块在木板上的运动时间；若未滑离木板，计算物块和木板的共同速度大小图15物理试题答案一、选择题：本题共14小题，每小题4分，共56分。在每小题给出的四个选项中，第1～10题只有一项符合题目要求，第11～14题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1234567891011121314BCCDDDABDABDADBCCD二、实验题：本大题共两小题，第15题6分，第16题6分，每空2分,共12分。请将答案填写在答题卷相应位置，不要求写出演算过程。15．（1）18.00（2）30（3）C16.(1)B (2)C (3)0.42三、论述计算题（本题共3小题，共32分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17.（9分)解析 (1)由速度图象可以求出小环在加速运动时的加速度大小为a＝＝m/s2＝0.5m/s2.(3分)(2)设细杆与水平地面的夹角为α，0～2s内，小环速度不变，处于平衡状态，所受的合力为零，沿杆方向由平衡条件可得F1－mgsinα＝0，在2～4s内，对小环应用牛顿第二定律可得F2－mgsinα＝ma，代入数据联立解得小环的质量为m＝1kg.(3分)(3)因为sinα＝＝＝0.5，所以α＝30°.(3分)答案 (1)0.5m/s2 (2)1kg (3)30°18.(10分)-7-\n（1）转台对物块A的静摩擦力提供物块A做圆周运动的向心力，当物块A刚要滑离转台时，转台对物块A的静摩擦力达到最大值，此时有：μAmAg=mAω2R①（1分）代入数据解得：μA=0.8（1分）（2）设细线断裂时物块B的线速度大小为v0，由圆周运动的规律有：v0=ωr②（1分）细线断裂后，物块B在转台上作匀减速运动，设加速度大小为a，位移为s1，滑出转台时的速度大小为v1，由牛顿第二定律有：μBmBg=mBa③（1分）由几何关系有：r2+s12=R2④（1分）由运动学方程有：v02-v12=2as⑤（1分）物块B滑离转台后在空中作平抛运动，竖直方向上有：H=⑥（1分）水平方向上有：s2=v1t⑦（1分）由几何关系可知：(s1+s2)2+r2=L2⑧（1分）由②~⑧式可得：L=m（1分）19.(13分)（1）设物块刚放上木板后木板和物块的加速度大小分别为a1、a2，由牛顿第二定律，对木板有：F-μm2g=m1a1①（1分）对物块有：μm2g=m2a2②（1分）假设撤去力F前，物块未滑离木板，设从物块放上木板至撤去力F经历的时间为t1，由运动学方程，对木块有：s0=v0t1+③（1分）该过程中物块位移s块=④（1分）由①~④式可得物块相对木板的位移大小s相1=s0-s块=1m<L=1.3m⑤（1分）故假设正确，即撤去力F时，物块未滑离木板，此时木板速度大小v板=v0+a1t1⑥（1分）由①②③⑥式可得：v板=4m/s（1分）（2）撤去力F后，木板作匀减速运动，设其加速度大小为a3，由牛顿第二定律有：-7-\nμm2g=m1a3⑦（1分）假设撤去力F后物块未滑离木板，经时间t2两者速度达到共同速度v共，物块相对木板的位移大小为s相2，由运动学方程有：v共=v板-a3t2=a2t1+a2t2⑧（1分）s相2=t2-t2⑨（2分）可得物块相对木板的总位移s相1+s相2=1.2m<L=1.3m⑩（1分）故假设成立，最终物块未离开木板，二者一起作匀速直线运动，由⑧式可得：v共=2.8m/s（1分）-7-
