内蒙古第一机械制造集团有限公司第一中学高一物理12月月考试题

内蒙古第一机械制造（集团）有限公司第一中学2022-2022学年高一物理12月月考试题一、单选题（本大题共12小题，共24分）1.如图所示，表示五个共点力的有向线段恰分别构成正六边形的两条邻边和三条对角线，已知F1=10N．则这五个共点力的合力大小为（　　）A.0NB.30NC.60ND.90N2.一根轻质弹性绳的两端分别固定在水平天花板上相距80cm的两点上，弹性绳的原长也为80cm.将一钩码挂在弹性绳的中点，平衡时弹性绳的总长度为100cm；再将弹性绳的两端缓慢移至天花板上的同一点，则弹性绳的总长度变为(弹性绳的伸长始终处于弹性限度内)（ ）A.86cmB.92cmC.98cmD.104cm3.如图，在水平桌面上放置一斜面体P，两长方体物块a和b叠放在P的斜面上，整个系统处于静止状态。若将a和b、b与P、P与桌面之间摩擦力的大小分别用f1、f2和f3表示。则（　　）A.f1=0，f2≠0，f3≠0B.f1≠0，f2=0，f3=0C.f1≠0，f2≠0，f3=0D.f1≠0，f2≠0，f3≠04.跳伞运动员在空中打开降落伞一段时间后，保持匀速下降．已知运动员的重量为G1，圆顶形伞面的重量为G2-21-，在伞面边缘有24条均匀分布的相同轻细拉线与运动员相连，每根拉线和竖直方向都成30°角．设运动员所受空气阻力不计，则每根拉线上的张力大小为()A.B.C.D.1.如图所示，水平细杆上套一环A，环A与球B间用一轻质绳相连，质量分别为mA、mB，由于B球受到风力作用，环A与B球一起向右匀速运动．已知细绳与竖直方向的夹角为θ，则下列说法中正确的是（　　）A.B球受到的风力F为mBgsinθB.风力增大时，轻质绳对B球的拉力保持不变C.风力增大时，杆对环A的支持力保持不变D.环A与水平细杆间的动摩擦因数为2.如下图所示，重物A、B叠放在水平桌面上．质量分别为m1、m2、m3的物体分别通过细线跨过定滑轮水平系在重物A、B上，已知m1＞m2+m3，A、B保持静止．现将m3解下放在物体A的上方，发现A、B仍处于静止．关于A、B间的摩擦力f1和B与桌面的摩擦力f2的变化情况，下列说法中正确的是（　　）A.f1变大，f2不变B.f1变大，f2变大C.f1变小，f2不变D.f1变小，f2变大3.如图所示，用绳AC和BC吊起一个物体，绳AC与竖直方向的夹角为60°，能承受的最大拉力为10N．绳BC与竖直方向的夹角为30°，能承受的最大拉力为15N．要使两绳都不断，则悬挂物体的重量不应超过（）A.10NB.15NC.10ND.10N4.如图所示，两段等长轻质细线将质量分别为m、2m的小球A、均可视为质点悬挂在O点，小球A受到水平向右的恒力的作用，小球B受到水平向左的恒力-21-的作用，当系统处于静止状态时，出现了如图所示的状态，小球B刚好位于O点正下方则与的大小关系正确的是（  ）A.B.C.D.1.如图所示，AC是上端带定滑轮的固定竖直杆，质量不计的轻杆BC一端通过铰链固定在C点，另一端B悬挂一重为G的重物，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮A.现用力F拉绳，开始时∠BCA＞90°，使∠BCA缓慢减小，直到杆BC接近竖直杆AC.此过程中，杆BC所受的力()A.大小不变　　B.逐渐增大C.逐渐减小D.先增大后减小2.如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平面上，A、B两物体通过细绳相连，并处于静止状态（不计绳与滑轮间的摩擦）．现用水平向右的力F作用于物体B上，将物体B缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止．在此过程中（　　）A.斜面体对A物体的摩擦力一定变大B.斜面体对A物体的支持力一定变大C.地面对斜面体的摩擦力一定变大D.地面对斜面体的支持力一定变大3.如图所示，在水平天花板的A点处固定一根轻杆a，杆与天花板保持垂直．杆的下端有一个轻滑轮O．另一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O-21-，下端系一个重为G的物体，BO段细线与天花板的夹角θ=30°．系统保持静止，不计一切摩擦．下列说法中正确的是（　　）A.细线BO对天花板的拉力大小是B.a杆对滑轮的作用力大小是GC.a杆和细线对滑轮的合力大小是GD.若B点向右移动少许后系统仍静止，则a杆对滑轮的作用力与移动前相比将要增大1.如图所示，物体a、b和c叠放在水平桌面上，水平力Fb＝5N、Fc＝10N分别作用于物体b、c上，a、b和c仍保持静止．则物体c受力的个数为()A.3B.4C.5D.6二、多选题（本大题共9小题，共36分）2.用图示方法可以测定木块a与长木板b之间的滑动摩擦力的大小．把一个木块a放在长木板b上，长木板b放在水平地面上，在恒力F作用下，长木板b以速度v匀速运动，水平弹簧测力计的示数为T．下列说法正确的是（　　）A.木块a受到的滑动摩擦力的大小等于TB.木块a受到的滑动摩擦力的大小等于FC.长木板b以2v的速度匀速运动时，木块a受到的摩擦力的大小等于TD.若用2F的力作用在长木板上，木块a受到的摩擦力的大小等于2F3.如图所示，两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙 上处于平衡状态．已知墙面光滑，水平地面粗糙，现将A球向下移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力N和地面对B的摩擦力的变化f情况是（　　）A.N不变B.N变大C.f变大D.f变小-21-1.如图所示，三段绳子悬挂一物体，开始时OA、OB绳与竖直方向夹角θ=30°，现使O点保持不动，把OB绳子的悬点移到竖直墙与O点在同一水平面的C点，在移动过程中，则关于OA、OB绳拉力的变化情况，正确的是（　　）A.OA绳上的拉力一直在增大B.OA绳上的拉力先增大后减小C.OB绳上拉力先减小后增大，最终比开始时拉力大D.OB绳上拉力先减小后增大，最终和开始时相等2.如图所示，截面为三角形的木块a上放置一铁块b，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的 竖直面上，现用竖直向上的作用力F，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下面说法正确的是（　　）A.木块a与铁块b间一定存在摩擦力B.木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C.木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D.竖直向上的作用力F大小一定等于铁块与木块的重力之和3.如图所示，小圆环Q套在水平固定放置的横杆上，细绳上端与小圆环Q相连，下端吊着一重物P，开始时拉P的水平力为F，P和Q处于静止状态；现缓慢增大F，但在未拉动Q的过程中，关于细绳对环的拉力T、环对杆的弹力N和摩擦力f的变化情况是（ ）A.N增大B.T增大C.N不变D.f增大4.如图所示，表面光滑的半球形物体固定在水平面上，光滑小环D固定在半球形物体球心O的正上方，轻质弹簧一端用轻质细绳固定在A点，另一端用轻质细绳穿过小环D与放在半球形物体上的小球P相连，DA水平现将细绳固定点A向右缓慢平移的过程中小球P未到达半球最高点前，下列说法正确的是 -21-A.弹簧变短B.弹簧变长C.小球对半球的压力不变D.小球对半球的压力变大1.如图所示，质量为M的斜面体A放在粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，整个系统处于静止状态，已知斜面倾角及轻绳与竖直方向夹角均为θ＝30°。不计小球与斜面间的摩擦，则()A.轻绳对小球的作用力大小为mgB.斜面对小球的作用力大小为mgC.斜面体对水平面的压力大小为(M＋m)gD.斜面体与水平面间的摩擦力大小为mg2.如图所示，一条细线一端与地板上的物体B相连，另一端绕过质量不计的定滑轮与小球A相连，定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O'点，细线OO'与竖直方向夹角为α，则（　　）A.无论物体B在地板上向左移还是向右移，只要距离足够小，α角都将不变B.如果将物体B在地板上向右移动少许，B对地面的压力将增大C.增大小球A的质量，B对地面的摩擦力将增大D.悬挂定滑轮的细线的弹力可能等于小球A的重力3.如图所示，质量为M的木板C放在水平地面上，固定在C上的竖直轻杆的顶端分别用细绳a和b连接小球A和小球B，小球A、B的质量分别为mA和mB，当与水平方向成30°角的力F作用在小球B上时，ABC刚好相对静止一起向右匀速运动，且此时绳a、b与竖直方向的夹角分别为30°和60°，则下列判断正确的是（　　）A.力F的大小为mBgB.地面对C的支持力等于（M+mA+mB）g-21-C.地面对C的摩擦力大小为mBgD.mA=mB三、实验题探究题（本大题共2小题，共20分）22.(12分）某同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验中，主要实验步骤如下：A．在桌面上放一块木板，在木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在木板上B．用图钉把橡皮条的一端固定在木板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的另一端打成绳套C．用两个弹簧秤分别勾住绳套，平行于木板且互成角度地拉橡皮条，把橡皮条的结点拉到某一位置O，记录下O点的位置，读出两个弹簧秤的示数D．按选好的比例，用铅笔和刻度尺作出两个弹簧秤的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F′E．只用一个弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数，记下细绳的方向，按同一比例作出这个力F的图示F．比较力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论（1）上述步骤中：a．有重要遗漏的步骤序号是______ 和______；b．遗漏的内容是______．（2）某同学的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．（a）图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示，下列说法中正确的是______A．图乙中的F是力F1和F2合力的理论值，F′是力F1和 F2合力的实际测量值B．图乙的F′是力F1和F2合力的理论值，F是力F1和F2合力的实际测量值C．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，那么对实验结果没有影响D．在实验中，如果将细绳也换成橡皮条，那么对实验结果有影响（b）本实验采用的科学方法是______（填字母代号）A．理想实验法         B．等效替代法C．控制变量法         D．建立物理模型法（c）在“验证力的平行四边形定则”中，采取下列哪些 方法和步骤可减小实验误差______A．两个分力F1、F2间的夹角越大越好B．两个分力F1、F2的大小在橡皮条的弹性限度内要适当大些C．拉橡皮条的细绳要稍长一些，标记同一细绳方向的两个点要近些D．实验前先把两个弹簧秤的钩子互相钩住，平放在桌子上，向相反方向拉动，检查读数是否相同E．测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行．-21-23.（8分）某学校老师在研究性学习课上给同学们讲了两弹簧串联后的等效劲度系数彪与原两弹簧劲度系数k1、k2的关系式为=+．该研究性学习小组为了证明这个结论的正确性，设计了如图所示的实验，即把两根劲度系数分别为k1和k2的弹簧连接起来进行探究，已知重力加速度为g．（1）某次测量指针如图2所示，示数为______cm；（2）设每个钩码的质量为m，若测量多次并计算得出每增加一个钩码指针A示数的平均伸长量为△xA确，指针B示数的平均伸长量为△xB，则可求得k=______，k1=______，k2=______，从而验证=+的正确性．四、计算题（本大题共2小题，共20分）24.（10分）如图所示，跨过光滑定滑轮O的细绳，一端与质量m1=0.4kg的物块A相连，另一端与斜面上质量为m2=lkg的物体B相连．物块B与斜面间的最大静摩擦力为3N，斜面倾角为30°，斜面及物块A、B均保持静止，重力加速度g取10m/s2．求：（1）物块B受到的摩擦力大小：（2）用水平外力缓慢向左拉物块A，当物块B即将滑动时，OA绳与水平方向的夹角θ．-21-25.（10分）如图所示，一粗糙斜面的倾角θ=37°，物体与斜面间的动摩擦因素μ=0.5，一质量为m=5kg的物块在一水平力F的作用下静止在斜面上，g取10m/s2，最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力，求：（1）要使物体恰能静止在斜面上（即与斜面没有相对滑动的趋势），F应为多大；（2）要使物体静止在斜面上，F应在什么范围内．-21-月考【答案】1.C2.B3.C4.A5.C6.D7.A8.D9.A10.C11.B12.D13.AC14.AC15.AD16.AD17.BCD18.AC19.AD20.BC21.AD22.16.00；；；  23.C；E；C中未记下两条细绳的方向，E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O；BC；B；BDE  24.解：（1）物体B沿斜面向下的分力大小为m2gsin30°=5N，A的重力大小为m1g=4N，所以A对B的拉力大小为F′=4N，所以B受到的摩擦力大小为f=m2gsin30°-F′=5N-4N=1N，方小沿斜面向上；（2）当OA绳与水平方向的夹角θ时，A和B两个物体受力如图所示，以A为研究对象，有：T=fm+m2gsin30°=3N+5N=8N，以A为研究对象，根据几何关系可得：sinθ=，所以θ=30°．答：（1）物块B受到的摩擦力大小为1N：（2）用水平外力缓慢向左拉物块儿当物块B即将滑动时，OA绳与水平方向的夹角θ为30°．  25.解：（1）要使物体恰能静止在斜面上，则摩擦力为零，对物体受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：F=mgtanθ=5×10×0.75=37.5N（2）①当F较大时，摩擦力沿斜面向下，根据平衡条件，有：Fmaxsin37°+mgcos37°=FNFmaxcos37°=mgsin37°+fm-21-其中fm=μFN联立解得：Fmax=100N②当F较小时，摩擦力沿斜面向上，根据平衡条件，有：Fmincos37°+μ（Fminsin37°+mgcos37°）=mgsin37°解得：Fmin≈9.09N∴F的范围为：9.09N≤F≤100N答：（1）要使物体恰能静止在斜面上（即与斜面没有相对滑动的趋势），F应为37.5N；（2）要使物体静止在斜面上，F应在9.09N～100N的范围内．  【解析】1.【分析】解决此类问题需要结合平行四边形定则，利用几何知识分析合力的大小。【解答】解：由图可知，最大恒力为F3，根据平行四边形定则，F1与F4的合力为F3，F2与F5的合力为F3，这五个力的合力为三倍的F3，已知F1=10N，根据几何关系可知，F3=20N，所以合力的大小为60N．故C正确，ABD错误；故选：C。2.【分析】本题考场共点力的平衡，本题的关键是找出绳子与竖直方向的夹角，然后计算出劲度系数。另外做这一类题目，要养成画图的习惯，这样题目就能变的简单。绳长变为100cm时，伸长了20cm，可以得出绳子的拉力，根据共点力的平衡关系可得出绳子的劲度系数，进而计算出两端在同一点时弹性绳的总长度。【解答】如图所示，绳子原长是80cm，伸长为100cm，如图，则AB段长50cm，伸长了10cm=0.1m，假设绳子的劲度系数为k，则绳子拉力为：F=0.1k把绳子的拉力分解为水平方向和竖直方向，在竖直方向的分量为：Fx=0.1k×cos53°=0.06k，两个绳子的竖直方向拉力合力为：2Fx物体处于平衡状态，则拉力合力等于重力，即为：0.12k=mg解得：k=当AC两点移动到同一点时，绳子两个绳子的夹角为0，每段绳子伸长x，则两个绳子的拉力合力为：2kx=mg，x=0.06m。所以此时绳子总长度为92cm，故B正确，ACD错误。故选B。-21-3.解：对a物体分析可知，a物体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋势，因此a受到b向上的摩擦力；f1≠0；再对ab整体分析可知，ab整体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋势，因此b受到P向上的摩擦力；f2≠0；对ab及P组成的整体分析，由于整体在水平方向不受外力，因此P不受地面的摩擦力；f3=0；故只有C正确，ABD错误；故选：C。分别对a、ab以及abP整体进行分析，根据平衡条件可明确各研究对象是否受到摩擦力作用。本题考查静摩擦力的分析和判断，要注意明确静摩擦力随物体受到的外力的变化而变化；同时明确静摩擦力产生的条件，从而分析是否存在摩擦力；同时注意整体法与隔离法的正确应用。4.【分析】运动员受本身的重力及24根丝线的拉力而处于平衡状态；将丝线的拉力分解为水平和竖直两个方向上的分力，则竖直上的分力之和等于向下的重力。本题注意24根绳子在竖直方向上的分力均是相同的，而向上的合力与向下的重力一定是大小相等、方向相反的。【解答】如图以一根丝线为例每根丝线拉力向上的分力；由平衡条件可知：24F1=G1；解得：，故A正确，BCD错误。故选A。5.解：A、B、对球B受力分析，受重力、风力和拉力，如左图      风力F=mBgtanθ，故A错误      绳对B球的拉力T=当风力增大时，θ增大，则T增大．故B错误．C、D、把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力（mA+mB）g、支持力N、风力F和向左的摩擦力f，如右图根据共点力平衡条件可得：杆对A环的支持力大小  N=（mA+mB）g-21-  f=F则A环与水平细杆间的动摩擦因数为μ==故D错误；对整体分析，竖直方向上杆对环A的支持力NA=（mA+mB）g，不变，C正确；故选：C．先对球B受力分析，受重力、风力和拉力，根据共点力平衡条件列式分析；对A、B两物体组成的整体受力分析，受重力、支持力、风力和水平向左的摩擦力，再次根据共点力平衡条件列式分析各力的变化．本题关键是先对整体受力分析，再对球B受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析求解．6.解：开始时：A物体保持静止，水平方向上所受合力为零，即向左的拉力和B物体给A物体向右的静摩擦力F1平衡，所以F1=（m2g+m3g）．m3解下放在物体A的上方，发现A仍处于静止，则水平方向上所受合力为零，即向左的拉力和B物体给A物体向右的静摩擦力F1大小为：m2g．所以F1变小了．再分析B物体的受力情况：因为m1＞m2+m3，所以整个系统所受桌面给的摩擦力F2必定向左，否则将不能静止，此时F2=（m1g-m2g-m3g）．当m3解下放在物体A的上方时，B仍处于平衡状态，水平方向上所受合力为零，此时F2=（m1g-m2g），所以F2变大．故选：D由于A、B都处于静止状态，受力平衡，对AB进行受力分析，根据平衡条件列式即可求解，注意静摩擦力与正压力无关．本题解题的关键是对物体进行正确的受力分析，根据平衡条件列式解题，难度适中．7.【分析】以结点C为研究对象作出受力分析图，根据平衡条件，得到三个拉力的比值，确定哪根绳子的拉力先达到最大，再根据受力平衡列方程解得结果。本题是动力学中临界问题，分析临界条件是关键．当绳子刚要被拉断时，绳子的拉力达到最大值，是常用的临界条件。【解答】对点C受力分析，受到三个绳子的拉力，其中向下的拉力大小等于重力，如图所示：根据平衡条件，有：G：FAC：FBC=1：：=2：1：；当FAC=10N时，FBC=10N≈17.32N＞15N，绳子断了，不满足条件；当FBC=15N时，FAC=5N＜10N，绳子没有断，满足条件；故重力的最大值为Gmax==10N，故A正确，BCD错误。故选A。8.【分析】运用整体法研究OA绳与竖直方向的夹角；再隔离B研究，分析AB-21-绳与竖直方向的夹角；由几何关系得到两夹角相等，判断两个拉力的关系。本题考查共点力作用下物体的平衡问题，采用隔离法和整体法，由平衡条件分析物体的状态，考查灵活选择研究对象的能力。【解答】解：A受到F1水平向右的力，B受到F2的水平向左的力，以整体为研究对象，分析受力如图：设OA绳与竖直方向的夹角为α，则由平衡条件得：…①以B球为研究对象，受力如图。设AB绳与竖直方向的夹角为β，则由平衡条件得：…②由几何关系得到：α=β…③联立①②③解得：。故选：D。9.【分析】以B点为研究对象，分析其受力情况，作出受力图，利用三角形相似法，得出各力与三角形ABC三边边长的关系，再分析其变化。 本题涉及非直角三角形的力平衡问题，采用三角形相似，得到力与三角形边长的关系，再分析力的变化，要注意体会相似三角形的用法。【解答】解：以B点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力T（等于重物的重力G）、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出力图如图，由平衡条件得知，N和F的合力与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得:-21-又T=G，解得：,由于在变化的过程中，AC和BC的长度大小保持不变，所以N保持不变，故杆BC所受的力大小不变，故A正确，BCD错误。 故选A。10.解：AB、先隔离物体B为研究对象，分析其受力情况如图所示：则有F=mgtanθ，T=，在将物体B缓慢拉高的过程中，θ增大，则水平力F和细绳上的拉力T随之变大；隔离物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力（可能为零），在这个过程中尽管绳子张力变大，但是开始时物体A所受斜面体的摩擦力方向未知，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定；而支持力等于其重力的垂直斜面的分力，保持不变，故A错误，B错误；CD、对A、B两物体与斜面体这个系统而言，系统处于平衡状态，因拉力F变大，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，而竖直方向并没有增加其他力，故斜面体所受地面的支持力不变；故C正确，D错误；故选：C．本题为动态平衡类题目，分别分析B和整体，由共点力的平衡条件可得出各部分力的变化．对于用绳子连接的物体，可以沿绳子的方向作为整体作出受力分析，则可以简化解题过程．通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法；有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用．11.解：A、对重物G受力分析，受到重力和拉力T，根据平衡条件，有T=G，同一根绳子拉力处处相等，故绳子对天花板的拉力也等于G，故A错误；B、对滑轮受力分析，受到绳子的压力（等于两边绳子拉力的合力），以及杆的弹力（向右上方的支持力），如图根据平衡条件，结合几何关系，有：a杆对滑轮的作用力大小F=T=G，故B正确；C、由于滑轮处于平衡状态，故a杆和细线对滑轮的合力大小是零，故C错误；D、若B点向右移动少许，则BO与竖直方向之间的夹角增大，两根绳子之间的夹角增大，绳子的拉力不变，所以它们的合力减小；系统仍静止，则a杆对滑轮的作用力与移动前相比将要减小。故D错误。故选：B-21-。先对重物受力分析，根据平衡条件求得细线的拉力；再对滑轮受力分析，根据力的合成的平行四边形定则求得细线对滑轮的合力，再得到a杆对滑轮的力．本题的关键是先后对重物和滑轮受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析．解答时，要熟练运用几何知识研究．12.【分析】以a为研究对象，根据平衡条件求出b对a的静摩擦力大小．以AB整体为研究对象，求解c对b的静摩擦力大小．以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件分析c受力的个数。本题是三个物体的平衡问题，物体较多，研究对象要灵活选择，也可以就采用隔离法研究。【解答】以a为研究对象，根据平衡条件得到：b对a的静摩擦力大小Ff1=0，否则a水平方向所受的合力不为零，不能保持平衡．以ab整体为研究对象，根据平衡条件得到：Ff2=Fb=5N．再以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件得：Ff3=Fc-Fb=10N-5N=5N，方向水平向左．所以Ff1=0，Ff2=5N，Ff3=5N．则物体C受力的个数为重力、地面对C的支持力，及b对C的摩擦力，地面对C的摩擦力，b对c的压力，还有拉力FC，共6个，故D正确，ABC错误；故选D。13.解：AB、稳定时，A保持静止．A水平方向受到弹簧的拉力和B对A的滑动摩擦力，由平衡条件得到，木块A受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧的拉力T．与F大小无关故A正确，B错误；C、若长木板B以2v的速度匀速运动时，AB间动摩擦因数不变，A对B的压力不变，则木块A受到的滑动摩擦力的大小不变，仍等于T．故C正确．D、若用2F的力作用在长木板上，木板加速运动，而木块A受到的滑动摩擦力的大小不变，仍等于T，与F无关．故D错误．故选：AC当长木板B匀速运动时，A保持静止．以A为研究对象，根据平衡条件研究B对A的滑动摩擦力的大小．根据滑动摩擦力公式f=μFN，可知滑动摩擦力大小与动摩擦因数和压力成正比，与物体的速度大小无关．本题考查滑动摩擦力的计算方法，解题关键有两点：一是研究对象的选择；二是抓住滑动摩擦力大小与物体的速度大小无关，只与接触面的性质和正压力有关．14.【分析】先对整体受力分析，整体受总重力、地面的支持力、墙壁对A的弹力，地面对B的静摩擦力。整体处于平衡状态，从而可知N的大小变化，再隔离对A球进行受力分析，A球受重力，墙壁的弹力和杆子的弹力，三个力处于平衡状态，通过夹角的变化，判断墙壁弹力的变化，从而得出摩擦力f的变化。在该题中运用了整体法和隔离法，先对整体受力分析，确定地面对球B的支持力不变，再隔离分析，判断墙壁弹力的变化，从而得出地面对B摩擦力的变化。【解答】AB.对整体进行受力分析，知N=2mg，移动两球后，仍然平衡，则N仍然等于2mg，所以N不变。墙壁对小球A的弹力始终等于地面对B的摩擦力f，故A正确，B错误；CD.再隔离对A进行受力分析，墙壁对A的弹力FA=mgtanθ，当A球向下移动一小段距离，夹角θ增加，所以FA增加。而墙壁对小球A的弹力始终等于地面对B的摩擦力f，所以f增加，故C正确，D错误。故选AC。15.【分析】以结点O为研究对象，分析受力，根据平衡条件，运用图解法分析OA、OB绳拉力的变化．本题运用图解法研究动态平衡问题，也可以根据几何知识得到两绳垂直时，轻绳OB-21-的拉力最小来判断．【解答】解：以结点O为研究对象，分析受力：重力G、绳OA的拉力FOA和绳BO的拉力FOB，如图所示，根据平衡条件知，两根绳子的拉力的合力与重力大小相等、方向相反，作出轻绳OB在三个不同位置时力的合成图如图，由图看出，FOA逐渐增大，FOB先减小后增大，当θ=90°时，FOB最小．根据数学知识得知：OB绳上拉力最终和开始时相等．故选：AD.16.解：A、b匀速上升，受到的合力为零，对b受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力，A正确；B、再对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡；整体不受墙壁的弹力和摩擦力，如有，则合力不为零；与墙壁接触但不挤压，不产生摩擦力，BC错误；D、根据竖直方向受力平衡知竖直向上的作用力F大小一定等于铁块与木块的重力之和，D正确；故选：AD．对b受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对a、b整体受力分析，受到重力和推力，二力平衡，整体不是墙壁的弹力和摩擦力．弹力和摩擦力的有无可以根据假设法判断，即假设存在，或假设不存在，看是否与运动状态相矛盾．17.解：以重物P为研究对象，分析受力情况，如图1所示，根据平衡条件得：T=，F=mgtanθ，缓慢增大F时，θ增大，cosθ减小，则T增大；再以圆环Q、物体P及轻绳整体为研究对象，分析受力情况，作出力图如图2-21-所示。根据平衡条件得：杆对环的支持力N=G，总重力G不变，则N保持不变；杆对环的摩擦力f=F，可知，f增大，由牛顿第三定律知，环对杆的摩擦力f增大。所以BCD正确、A错误；故选：BCD。先以重物P为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析细绳的拉力和水平力F如何变化，再以圆环Q、物体P及轻绳整体为研究对象，根据平衡条件分析环对杆的弹力N和摩擦力f的变化情况。本题是力平衡中动态变化分析问题，关键是灵活选择研究对象，正确分析物体的受力情况，通过列式分析。18.【分析】分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力N，作出N、T的合力F，根据三角形相似法分析N、T的变化.本题是平衡问题中动态变化分析问题，N与T不垂直，运用三角形相似法分析，作为一种方法要学会应用.【解答】以小球为研究对象，分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力N，作出N、T的合力F，由平衡条件得知F=G；由△NFP∽△PDO得：将F=G，代入得：，由题缓慢地将小球从A点拉到B点过程中，DO，PO不变，PD变小，可见T变小；N不变。即知弹簧的弹力变小，弹簧变短；由牛顿第三定律知小球对半球的压力不变，故AC正确，BD错误；故选AC。19.【分析】本题采用隔离法和整体法结合研究两个物体的平衡问题，分析受力情况，作出力图是关键。先以B球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件求解轻绳和斜面对小球的作用力大小；再以B球和斜面整体为研究对象，分析受力情况，由平衡条件求出水平面对斜面的支持力和摩擦力。【解答】AB.以B球为研究对象，分析受力情况，如图1所示，根据平衡条件得   2Tcosθ=mg   Tsinθ=N1sinθ-21-解得，轻绳对小球的作用力大小为，斜面对小球的作用力大小为，故A正确，B错误；CD.以B球和斜面整体为研究对象，分析受力情况，如图2所示，则有  N2+Tcosθ=（M+m）g   f=Tsinθ解得水平面对斜面体的支持力，水平面对斜面体的摩擦力，故C错误，D正确。故选AD。20.【分析】先对小球A受力分析，根据平衡条件求解细线的拉力；再对滑轮受力分析，结合平衡条件进行分析即可.本题关键是灵活选择研究对象，根据平衡条件列式分析．从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析；隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析.【解答】A.对小球A受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件，有：T=mg；如果将物体B在地板上向右移动稍许，则∠AOB增加；对滑轮分析，受三个拉力，如图所示：根据平衡条件，∠AOB=2α，故α一定增加，故A错误；BC.对滑块受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件，竖直方向，有：N+Tcos2α=mg，水平方向，有：Tsin2α=f，其中T=mg，如果将物体B在地板上向右移动少许，α增大，故N-21-增大，根据牛顿第三定律，压力也增大，故B正确；增大小球A的质量m，系统可能平衡，B对地面的摩擦力将增大，故C正确；D.由于∠AOB=2α＜90°，弹力F与两个拉力T的合力平衡，而T=mg，故定滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力，故D错误；故选BC.21.解：A、以B为研究对象受力分析，水平方向受力平衡：Fcos30°=Tbcos30°，得：Tb=F竖直方向受力平衡，则：Fsin30°+Tbsin30°=mBg得：F=mBg，以A为研究对象受力分析，竖直方向：mAg+Tbsin30°=Tasin60°水平方向：Tasin30°=Tbsin60°联立得：mA=mB，故AD正确；B、以ABC整体为研究对象受力分析，水平方向：f=Fcos30°=mBgcos30°=mBg，竖直方向：N+Fsin30°=（M+mA+mB）g，可见N小于（M+mA+mB）g，故BC错误；故选：AD分别对AB两个小球受力分析，根据平衡条件求出AB质量的关系以及F的大小；以ABC整体为研究对象受力分析，根据平衡条件求出地面对C的支持力和摩擦力．本题考查受力分析以及平衡条件的应用，关键是灵活的选择研究对象，采用隔离法和整体法结合比较简便．22.解：（1）弹簧刻度计的最小刻度为0.1，故需要估读到下一位，故示数为16.00cm（2）根据胡克定律可知k=，，故答案为：（1）16.00；（2）；；（1）根据刻度的读数方法读数，注意估读到下一位；（2）根据胡克定律求得劲度系数，抓住x为弹簧的形变量本题主要考查了胡克定律，明确F=kx中x为弹簧的形变量即可判断23.解：（1）本实验为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果．所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示．步骤C中未记下两条细绳的方向；步骤E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O．（2）（a）A、B、F1与F2合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F′是F1与F2合成的理论值，F是F1与F2合成的实际值，故A错误，B正确；C、D、由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果，故C正确，D错误．故选：BC．（b）合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法，因此ACD错误，B正确．故选：B．（c）A、画平行四边形时，夹角大的话画出的平行四边形就会准些，而不是要求夹角越大越好，故A错误；-21-B、数据处理时：我们需要画出力的大小和方向，所以力要适当大些可减小测量误差对实验的影响，故B正确；C、为了方便而且更加准确确定力的方向，操作时可以使绳套细且长一些，故C错误；D、实验前先把两个弹簧秤的钩子互相钩住，平放在桌子上，向相反方向拉动，检查读数是否相同，故D正确；E、作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际力的方向有有较大差别，同时为了减小因摩擦造成的误差，故应使各力尽量与木板面平行，故E正确．故选：BDE故答案为：（1）C；E；C中未记下两条细绳的方向，E中未说明把橡皮条的结点拉到位置O；（2）（a）BC；（b）B；（c）BDE（1）由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的理论值（通过平行四边形定则得出的值）与实际值（实际实验的数值）存在差别，实际值的方向沿AO方向，理论值的方向在平行四边形的对角线上．根据实验的原理以及操作注意事项确定操作中有遗漏的步骤；（2）由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的理论值（通过平行四边形定则得出的值）与实际值（实际实验的数值）存在差别，只要O点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响实验结果；数据处理时：我们需要画出力的大小和方向，所以力要尽量大些可减小测量误差对实验的影响，拉橡皮筋时要拉的尽量长一点，了解误差产生的原因即可正确解答．本实验关键理解实验原理，根据实验原理分析实验步骤中有无遗漏或缺陷，因此掌握实验原理是解决实验问题的关键，难度适中．24.（1）以物体B为研究对象进行力的分析，根据共点力的平衡条件求解摩擦力大小；（2）当OA绳与水平方向的夹角θ时，画出A和B两个物体受力示意图，以B为研究对象求解绳子拉力，再以A为研究对象求解θ．本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答．25.（1）物体与斜面没有相对滑动的趋势，物体受重力、推力、支持力，根据平衡条件并结合合成法求解；（2）由于μ＜tan37°，当推力为零时，重力的下滑分量会大于最大静摩擦力，会加速下滑．用推力推住不动，推力较小时有下滑趋势，静摩擦力沿斜面向上；推力较大时有上滑趋势，静摩擦力沿斜面向下．找出即将向上滑动和即将向下滑动的两种临界情况，得出推力的范围即可．本题关键是明确恰好无相对运动趋势、恰好不上滑、恰好不下滑三个临界状态，根据平衡条件列式求解．-21-