第二节水的电离和溶液的酸碱性课时作业一、选择题（包括8小题。1~6小题只有一个选项符合题意，7~8小题有两个选项符合题意。）1.（2022年上海卷）常温下，某溶液中由水电离的c（H+）=1×10-13mol·-1L，该溶液可能是()①二氧化硫水溶液②氯化铵水溶液③硝酸钠水溶液④氢氧化钠水溶液A.①④B.①②C.②③D.③④2.向盛有10mLNaOH溶液的烧杯中逐滴滴加稀盐酸，以以下图象能够表达溶液的pH变化情况的是()3.在由水电离产生的H+的浓度为1×10-13mol·-1L的溶液中，一定能大量共存的离子组是()①K+、Cl-、NO3-、S2-②K+、Fe2+、I-、SO42-③Na+、Cl-、NO3-、SO42-④Na+、Ca2+、Cl-、HCO3-⑤K+、Ba2+、Cl-、NO3-A.①③12/12\nB.③⑤C.③④D.②⑤4.常温下，0.1mol·-1L某一元酸（HA）溶液中c（OH-）/c（H+）=1×10-10，以下表达正确的选项是()A.溶液中水电离出的c（H+）=10-10mol·-1LB.溶液中c（H+）+c（A-）=0.1mol·-1LC.与0.05mol·-1LNaOH溶液等体积混合后所得溶液中离子浓度大小关系为c（A-）>c（Na+）>c（OH-）>c（H+）D.上述溶液中参加一定量CH3COONa晶体或加水稀释，溶液的c（OH-）均增大5.25℃时，pH=3的盐酸aL分别与以下三种溶液充分混合后，溶液均呈中性：①c（NH3·H2O）=10-3mol·-1L的氨水bL,②c（OH-）=10-3mol·-1L的氨水cL,③c（OH-）=10-3mol·-1L的Ba(OH)2溶液dL。试判断a、b、c、d的数量大小关系为()A.a=b>c>dB.b>a=d>cC.b>a>d>cD.c>a=d>b6.（2022年济南模拟）取pH均为2的盐酸和醋酸各100mL,分别加水稀释两倍后，再分别参加6.5g锌粉，相同条件下充分反响，以下说法中，不正确的选项是()A.加水稀释后两溶液的pH不再相等B.起始时醋酸与锌反响的速率大C.醋酸与锌反响放出的氢气多12/12\nD.两者放出的氢气一样多7.（2022年枣庄检测）MOH和ROH两种一元碱的溶液分别加水稀释时，pH变化如右图所示。以下表达中正确的选项是()A.在x点时，ROH完全电离B.在x点时［M+］=［R+］C.MOH是一种强碱D.稀释前，［ROH］=10［MOH］8.（2022年德州模拟）今有室温下四种溶液，有关表达不正确的选项是()①②③④pH111133溶液氨水氢氧化钠溶液醋酸盐酸A.①、②中分别参加适量的氯化铵晶体后，两溶液的pH均减小B.分别加水稀释10倍，四种溶液的pH:①>②>③>④C.等体积③、④两溶液与足量的Zn反响，产生气体量③>④D.温度下降10℃，①②③④四种溶液的pH均不变二、非选择题9.已知水在25℃和95℃时，其电离平衡曲线如右图所示：（1）那么25℃时水的电离平衡曲线应为____________（填“A”或“B”），请说明理由____________12/12\n____________。（2）25℃时，将pH=9的NaOH溶液与pH=4的H2SO4溶液混合，假设所得混合溶液的pH=7,那么NaOH溶液与H2SO4溶液的体积比为______________。（3）95℃时，假设100体积pH1=a的某强酸溶液与1体积pH2=b的某强碱溶液混合后溶液呈中性，那么混合前，该强酸的pH1与强碱的pH2之间应满足的关系是____________。（4）曲线B对应温度下，pH=2的某HA溶液和pH=10的NaOH溶液等体积混合后，混合溶液的pH=5。请分析其原因：____________。10.随着溶液酸碱性的变化，酚酞分子构造发生转化而显示不同颜色：无色酚酞构造A=红色酚酞构造B。在化学实验课上，细心的某同学发现：当无色的酚酞溶液滴入到氢氧化钠溶液中时，溶液立刻变成红色，但是随后红色溶液又逐渐变成无色。对此，许多同学纷纷发表看法，主要有三种推测：①红色酚酞构造被空气中的氧气氧化；②溶液吸收了空气中的二氧化碳，pH减小，红色褪去；③红色酚酞构造自动转化为另外一种无色酚酞构造C。为此在教师的指导下，同学们做了如下实验。分别取412/12\nmL不同浓度的NaOH溶液于试管中，滴加2滴酚酞溶液，实验现象与数据如下表：编号/静置方式NaOH溶液浓度滴入2滴酚酞溶液加热至沸腾冷却再加热至沸腾冷却滴入适量稀盐酸①敞口1%变红，30min后褪色变红褪色变红褪色/变红②密闭1%变红，29min后褪色变红褪色变红褪色/变红③敞口5%变红，29min后褪色变红褪色变红褪色/变红④密闭5%变红，29min后褪色变红褪色变红褪色/变红⑤敞口10%变红，29min后褪色变红褪色变红褪色/变红⑥密闭10%变红，29min后褪色变红褪色变红褪色/变红请答复以下问题：（1）通过分析表中数据及现象，该组同学认为第①种推测不合理。理由是：_________。（2）第②种推测也不合理。理由是____________。12/12\n（3）红色酚酞构造B转化为无色酚酞构造C是否为可逆反响：____________（填“是”或“否”），在各个滴入适量稀盐酸又变红的试管中参加足量稀盐酸产生的现象是________________________（4）红色酚酞构造B的热稳定性比无色酚酞构造C的热稳定性要____________（填“强”或“弱”），红色酚酞构造B转化为无色酚酞构造C是一个____________（填“吸”或“放”）热的过程。11.（2022年启东质检）在温度T℃下，某Ba(OH)2y的稀溶液中c（H+）=10-amol·-1L，c（OH-）=10-bmol·-1L，已知a+b=12,向该溶液中逐滴参加pH=b的盐酸，测得混合溶液的局部pH如下表所示：序号氢氧化钡的体积/mL盐酸的体积/mL溶液的pH①22.000.008②22.0018.007③22.0022.006（1）依据题意判断，T℃____________25℃（填“大于”、“小于”或“等于”），该温度下水的离子积KW=____________。（2）b=____________，原Ba(OH)2的稀溶液的物质的量浓度为____________。（3）该温度下，向1L硫酸与硫酸钠的混合溶液中参加3L该Ba(OH)2的稀溶液时，沉淀正好达最大量，从所得溶液中取出4mL并加水稀释至20mL,测得溶液的pH为7，那么原硫酸与硫酸钠混合溶液的pH为____________，以及其中Na2SO4的物质的量浓度为____________。12/12\n12.（2022年文昌质检）在一定体积的0.005mol·-1L的Ba(OH)2溶液中，逐滴参加一定物质的量浓度的NaHSO4溶液，当溶液中的Ba2+恰好完全沉淀时，溶液的pH=11。（1）写出所发生反响的离子方程式。（2）假设反响后溶液中由水电离产生的OH-浓度为amol·-1L，而相同pH的Na2CO3溶液中由水电离出的OH-为bmol·-1L，那么a与b的关系为：____________（填序号）。A.a>bB.a=10-8bC.b=10-8aD.a=b（3）假设反响后溶液的体积等于Ba(OH)2溶液与NaHSO4溶液的体积之和，求Ba(OH)2溶液与NaHSO4溶液的体积之比。参考答案：1.解析:由水电离的c（H+)=1×10-13mol·L-1知，该溶液中的溶质对水的电离平衡起抑制作用。由外加酸、碱抑制水的电离，外加可水解的盐促进水的电离，外加不水解的盐对水的电离无影响知，①④抑制水的电离，②促进水的电离，③对水的电离无影响，故A正确。答案:A2.解析:向盛有10mLNaOH溶液的烧杯中逐滴滴加稀盐酸，开场时溶液呈碱性pH>7。刚开场pH变化比较慢，当接近终点时，pH发生突变，变化比较快；当恰好完全反响时pH=7，随着盐酸的逐滴滴加，pH减小，整体变化趋势图如选项C所示。答案:C12/12\n3.解析:水电离产生的c（H+)=1×10-13mol·L-1<1.0×10-7mol·L-1，水的电离受到了抑制，那么溶液可能是酸溶液或碱溶液。①假设为酸溶液，那么H+、NO3-与S2-反响；②假设为碱溶液那么Fe2++2OH-=Fe（OH)2↓;④HCO3-既不能与H+大量共存，也不能与OH-大量共存。答案:B4.解析:由KW及题意推得，c（H+)=10-2mol·L-1，那么水电离出来的c（H+)=10-12mol·L-1，c（A-)=10-2mol·L-1，A、B错误，C项，得到等量HA和NaA的混合液，溶液中遵循电荷守恒：c（Na+)+c（H+)=c（OH-)+c（A-)，离子浓度大小顺序不可能是c（A-)>c（Na+)>c（OH-)>c（H+);D项，加水稀释会使c（H+)减小，pH增大，参加CH3COONa后，CH3COO-水解使溶液碱性增强，D正确。答案:D5.解析:Ba（OH)2是强碱，那么a=d。由于HCl与NH3·H2O的中和产物NH4Cl可水解呈酸性，那么要使混合溶液呈中性，NH3·H2O必须过量，那么b>a。由于NH3·H2O是一种很弱的碱，只有少局部电离，那么②中的c一定小于a,即d>c。应选B。答案:B6.解析:pH=2的HCl与pH=2的CH3COOH相比，CH3COOH的物质的量浓度大于HCl的物质的量浓度，等体积的HCl和CH3COOH溶液稀释两倍后，HCl中的c（H+)减少得快，CH3COOH中的c（H+)减少得慢，稀释CH3COOH溶液中H+的物质的量浓度大于HCl溶液中H+的物质的量浓度，两溶液的pH不再一样；开场反响时，CH3COOH与Zn反响的速率大，CH3COOH与Zn反响放出的H2也多一些。答案:D12/12\n7.解析:从稀释倍数与溶液pH变化可以看出ROH是一种强碱，MOH是一种弱碱，稀释前［ROH］<10［MOH］,线上任一点，ROH都是完全电离的，在x点二者pH相同，根据电荷守恒，所以有［R+］=［M+］。答案:AB8.解析:NH3·H2O=NH4++OH-，加NH4Cl晶体后平衡左移，pH减小，NaOH+NH4Cl=NaCl+NH3·H2O，溶液pH减小，A正确。分别加水稀释10倍，四溶液pH关系①>②>④>③,B不正确，因加水稀释时NH3·H2O和CH3COOH电离程度增大。等体积③、④两溶液与足量Zn反响产生氢气③>④,因为③、④pH=3,而醋酸浓度大于盐酸。温度下降10℃,NH3·H2O、CH3COOH电解程度减小，pH会发生变化，D不正确。答案:BD9.解析:（1)当温度升高时，促进水的电离，水的离子积增大，水中H+浓度、OH-浓度都增大，但溶液仍然呈中性。因此结合图像中A、B曲线变化情况及H+浓度、OH-浓度可以判断,25℃时水的电离平衡曲线应为A，理由为水的电离是吸热过程，升高温度，水的电离程度增大。（2)25℃时所得混合溶液的pH=7,溶液呈中性即酸碱恰好中和，即n（OH-)=n（H+),那么V（NaOH)·10-5mol·L-1=V（H2SO4)·10-4mol·L-1，得V（NaOH)∶V（H2SO4)=10∶1。（3)要注意是95℃时，水的离子积为10-12,即c（H+)·c（OH-)=10-12,即：等体积强酸强碱反响至中性时pH（酸)+pH（碱)=12。根据95℃时混合后溶液呈中性，pH2=b的某强碱溶液中c（OH-)=0b-12;有100×10-a=1×10b-12,即：10-a+2=10b-12,所以，有以下关系：a+b=14,或pH1+pH2=14。12/12\n（4)在曲线B对应温度下，因pH（酸)+pH（碱)=12，可得酸碱两溶液中c（H+)=c（OH-)，如是强酸、强碱，两溶液等体积混合后溶液应呈中性；现混合溶液的pH=5，即等体积混合后溶液显酸性，说明酸过量，所以说酸HA是弱酸。答案:（1)A水的电离是吸热过程，温度低时，电离程度较小，c（H+)、c（OH-)较小（2)10∶1（3)a+b=14或pH1+pH2=14（4)曲线B对应95℃，此时水的离子积为10-12,HA为弱酸，HA中和NaOH后，混合溶液中还剩余较多的HA分子，可继续电离出H+，使溶液pH=5。10.解析:（4)加热能存在的稳定性强，即加热由无色C变为红色B，说明B热稳定性强，温度升高向吸热方向进展，那么逆反响吸热，正反响为放热。答案:（1)假设是红色酚酞被氧气氧化变成无色，①与②、③与④的对照实验中，①和③褪色时间应短，显然与实验结果矛盾。或由①和③敞口实验的褪色时间比对应密闭的对照实验时间长，说明酚酞的红色不可能被氧气氧化褪色。（2)假设是红色酚酞吸收CO2变成无色，①与②、③与④的对照实验中，①和③褪色时间应短，显然与实验结果矛盾。或由①和③敞口实验的褪色时间比对应密闭的对照实验时间长，说明不是吸收空气中CO2使酚酞褪色12/12\n（3)是红色逐渐褪去最后变成无色参加盐酸溶液中c（H+)变大，酸性增强使A=的平衡向左移动，最后变为无色（4)强放11.解析:（1)在Ba（OH2)稀溶液中水的离子积常数KW=c（H+)·cOH-)=10-a·10-b=10-12>10-14，说明溶液的温度大于25℃，且该温度下pH+pOH=12,中性溶液的pH等于6。（2)由①可知Ba（OH)2溶液中c（OH-)=10-4mol·L-1，c［Ba（OH)2］=5×10-5mol·L-1，当滴入盐酸22.00mL时，溶液呈中性时有c（H+)=c（OH-)，所以原盐酸的浓度为1×10-4mol·L-1，b等于4。（3)设混合溶液中H2SO4的物质的量为4mol,Na2SO42-的物质的量为ymol,所参加的Ba（OH)2与SO42-恰好完全反响时有x+y=1.5×10-4,混合溶液稀释后的pH关系有3×10-4-2x=10-5×5×4,解得x=5×10-5,y=1×10-4。进一步得原硫酸与硫酸钠混合溶液的pH=-lg2x=4。答案:（1)大于10-12（2)45×10-5mol·L-1（3)41×10-4mol·L-112.解析:（1)Ba2++OH-+H++SO42-=BaSO42-↓+H2O（2)反响后pH=11,那么由水电离出的OH-浓度为1×10-11mol·L-1；pH=11的Na2CO3溶液中由水电离出的OH-浓度为1×10-3mol·L-1，所以a=10-8b,选项B正确。（3)Ba2+恰好沉淀时反响为：Ba（OH)2+NaHSO42-=BaSO42-↓+H2O+NaOH所以n［Ba（OH)2］=n（NaHSO42-)，应有V［Ba（OH)2］×0.005/V［Ba（OH)2］+V（NaHSO42-)=10-3,解得：V［Ba（OH)2］∶V（NaHSO42-)=1∶4。12/12\n答案:（1)Ba2++OH-+H++SO42-=BaSO42-↓+H2O（2)B（3)1∶412/12
