第二节镁、铝及其重要化合物课时作业一、选择题（包括8小题。1~6只有一个选项符合题意，7~8有两个选项符合题意。）1.常温下，把钠、镁和铝各一小块分别投入到1mol/LNaOH溶液中，化学反响速率(v)由快到慢的顺序是（）A.v钠＞v镁＞v铝B.v铝＞v钠＞v镁C.v钠＞v铝＞v镁D.v铝＞v镁＞v钠2.只用胶头滴管和试管，不用其他试剂就可以区别的溶液(浓度均为0.1mol·-1L)是（）①CaCl2和Na2CO3②Ba(OH)2和NaHCO3③稀H2SO4和Na2CO3④NaAlO2和盐酸⑤AlCl3和NaOHA.①②③B.③④⑤C.①②D.全部3.假设1.8g某金属跟足量盐酸充分反响，放出2.24L(标准状况)氢气，那么该金属是（）A.AlB.MgC.FeD.Zn10/10\n4.(2022年福州模拟)用一张已除去外表氧化膜的铝箔紧紧包裹在试管外壁(如右图)，将试管浸入硝酸汞溶液中，片刻取出，然后置于空气中，不久铝箔外表生出“白毛”，红墨水柱右端上升。根据实验现象判断，以下说法错误的选项是（）A.实验中发生的反响都是氧化复原反响B.铝是一种较活泼的金属C.铝与氧气反响放出大量的热量D.铝片上生成的白毛是氧化铝和氧化汞的混合物5.双羟基铝碳酸钠是医疗上常用的一种抑酸剂，其化学式是NaAl(OH)2yCO3，关于该物质的说法正确的选项是（）A.该物质属于两性氢氧化物B.该物质是Al(OH)3和Na2CO3的混合物C.1molNaAl(OH)2yCO3最多可消耗3molH+D.该药剂不适合于胃溃疡患者服用6.(2022年北京卷)由短周期元素组成的中学常见无机物A、B、C、D、E、X存在如以以下图转化关系(局部生成物和反响条件略去)。以下推断不正确的选项是（）A.假设X是Na2CO3，C为含极性键的非极性分子，那么A一定是氯气，且D和E不反响B.假设A是单质，B和D的反响是OH-+HCO3-=H2O+CO32-，那么E一定能复原Fe2O3C.假设D为CO，C能和E反响，那么A一定为Na2O2D.假设D为白色沉淀，与A摩尔质量相等，那么X一定是铝盐7.(2022年无锡模拟)用稀H2SO4、NaOH溶液和金属铝为原料制取Al(OH)3。甲、乙、丙三个学生的制备途径分别是：10/10\n甲：AlAl2(SO4)3Al(OH)3乙：AlNaAlO2Al(OH)3丙：假设要得到等量的Al(OH)3，那么（）A.三者消耗的原料相同B.甲消耗的原料的总物质的量最多C.乙消耗的原料的总物质的量最少D.丙消耗的原料的总物质的量最少8.(2022年山东山师附中)将混有氧化钠的过氧化钠，慢慢加到200mL1mol·-1LAlCl3溶液中，充分反响后，产生沉淀7.8g，那么参加这种混合物的质量可能是（）A.9.3gB.26.3gC.10.0g~25.0gD.8.0~9.0g二、非选择题9.把NaOH、MgCl2、AlCl3三种固体组成的混合物溶于足量水后有1.16g白色沉淀，在所得的悬浊液中逐滴参加1mol·-1LHCl溶液，参加HCl溶液的体积V与生成沉淀的质量m的关系如以下图，试答复：10/10\n(1)A点沉淀物的化学式为____________；B点沉淀物的化学式为____________。(2)原混合物中的MgCl2的物质的量为____________，AlCl3的物质的量为____________，NaOH的物质的量为____________。(3)HCl溶液在C点的参加量是____________。10.(2022年宜昌模拟)某混合物A，含有KAl(SO4)2、Al2O3和Fe2O3，在一定条件下可实现如以下图的物质之间的变化：据此答复以下问题：(1)Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ四步中对于溶液和沉淀的别离采取的方法是____________。(2)根据上述框图反响关系，写出以下B、E所含物质的化学式；固体B____________；溶液E____________。(3)写出①、②、③、④四个化学方程式①______________；②______________；③______________；④______________。11.某校化学兴趣小组用如以下图过程除去AlCl3中含有的Mg2+、K+杂质离子，并尽可能减少AlCl3的损失。请答复以下问题：10/10\n(1)写出混合物中参加足量氢氧化钠溶液时，溶液中发生反响的离子方程式：____________、____________、____________。氢氧化钠溶液能否用氨水代替，为什么？________________________。(2)溶液a中存在的离子有____________；在溶液a中参加盐酸时需控制溶液的pH，为什么？____________；为此，改进方法是____________。12.(2022年宁夏卷)以以下图表示有关物质(均由短周期元素形成)之间的转化关系，其中A为常见的金属单质，B为非金属单质(一般是黑色粉末)，C是常见的无色无味液体，D是淡黄色的固体化合物。(反响条件图中已省略。)(1)A、B、C、D代表的物质分别为____________、____________、__________、____________(填化学式)；(2)反响①中的C、D均过量，该反响的化学方程式是________________________；10/10\n(3)反响②中，假设B与F物质的量之比为4∶3，G、H分别是____________、____________(填化学式)；(4)反响③产物中K的化学式为____________；(5)反响④的离子方程式为____________。参考答案1.解析：Na遇冷水剧烈反响，Al可与NaOH溶液反响，而Mg可与沸水反响。答案：C2.解析：①和②的反响现象与滴加顺序无关；而③④⑤滴加顺序不同现象不同，故答案为B。答案：B3.解析：设金属的摩尔质量为M,化合价为n，根据得失电子守恒有(1.8g/M)×n=2.24/(22.4L/mol)×2,M/n=9g/mol,所以该金属为Al。答案：A4.解析：此题中涉及的反响有：2Al+3Hg(NO3)2=2Al(NO3)3+3Hg,4Al+3O2=2Al2O3，两个反响均为氧化复原反响；由题中所述现象“红墨水柱右端上升”，可推知试管中气体体积受热膨胀，意味着铝与氧气反响是放热反响；铝片上生成的“白色”是氧化铝。答案：D5.解析：双羟基铝碳酸钠是一种盐，所以A、B均错误；1mol该物质最多可消耗4molH+,C错误；该物质与较多的H+反响会产生气体，故不适合胃溃疡患者，D正确。答案：D10/10\n6.解析：A项，当A为NO2时,3NO2+H2O=2HNO3+NO,HNO3与Na2CO3反响产生CO2,CO2+Na2CO3+H2O=2NaHCO3,也符合框图；B项，由B和D的反响可知，B为强碱，那么A为Na等非常活泼的金属，E为H2，4为CO2等酸性气体；C项，此时B为O2，4为C，C为CO2，CO2可与E(NaOH)反响；D项，短周期元素形成白色沉淀有Mg(OH)2、Al(OH)3，且A与D的摩尔质量相等，那么由Al(OH)3为78g/mol,推知A为Na2O2，B为NaOH,4为铝盐；4OH-+Al3+=AlO2-+2H2O,Al3++3AlO2-+6H2O=4Al(OH)3↓。答案：A7.解析：假设以2molAl来说明，甲消耗3molH2SO42-,6molNaOH;乙消耗4molH2SO42-,2molNaOH;而丙消耗0.75molH2SO42-、1.5molNaOH。答案：BD8.解析：根据生成的沉淀量可推算出相当于参加0.3mol或0.7mol的NaOH，折算成这种混合物的物质的量为0.15mol或0.35mol，因为这种混合物的摩尔质量为62g·mol-1~78g·mol-1，所以需要混合物的质量为9.3g~27.3g(不能等于9.3g或27.3g).答案：BC9.解析：NaOH、MgCl2、AlCl3溶于水后，将发生反响，假设NaOH过量产物将为Mg(OH)2、NaAlO2。向三固体溶于水后所得的悬浊液中滴加盐酸，开场没有沉淀增加，说明混合液中有剩余的NaOH,再滴加盐酸沉淀增加说明AlO2-与H+反响生成了Al(OH)3,当AlO2-完全转化为Al(OH)3后，再加盐酸沉淀［Al(OH)3和Mg(OH)2］逐渐溶解，直至完全消失。n(MgCl2)=n［Mg(OH)2］=1.16g/58g/mol=0.02mol;A点→B点发生反响：10/10\nAlO2-+H++H2O=Al(OH)3↓,故n(AlCl3)=n(Al3+)=n(H+)=1mol/L×(30-10)/1000L=0.02mol;反响达B点存在关系式：NaOH~HClMgCl2~2NaOH~Mg(OH)2~2HClAlCl3~4NaOH~NaAlO2~HCl故n(HCl)=1mol/L×(30/1000)L=0.03mol，n(NaOH)=(10/1000)×1mol/L+0.02mol×2+0.02mol×4=0.13mol。由B→C还需n(HCl)=3n［Al(OH)3］+2n［Mg(OH)2］=3×0.02mol+2×0.02mol=0.10mol。即还需V(HCl)=0.10mol/1mol/L=0.10L,故V(HCl)=30mL+100mL=130mL。答案：(1)Mg(OH)2Mg(OH)2、Al(OH)3(2)0.02mol0.02mol0.13mol(3)130mL10.解析：(1)首先利用KAl(SO42-)2易溶于水，而Al2O3、Fe2O3不溶于水，用水充分溶解后，过滤别离。(2)KAl(SO4)2与过量氨水反响生成Al(OH)3沉淀和K2SO42-、(NH4)2SO4等可溶性物质。另外，过量的NH3·H2O也混入溶液。B为Al(OH)3分解产生的Al2O3。(3)沉淀C中加NaOH溶液，主要是Al2O3与NaOH反响；步骤③那么是AlO2-与等物质的量的H+反响生成Al(OH)3。答案：(1)过滤(2)Al2O3K2SO4、(NH4)2SO4和NH3·H2O(3)①Al2O3+2NaOH=2NaAlO2+H2O②Al3++3NH3·H2O=Al(OH)3↓+3NH4+③NaAlO2+HCl+H2O=Al(OH)3↓+NaCl④2Al(OH)3Al2O3+3H2O10/10\n11.解析：(1)参加足量氢氧化钠溶液，Mg2+可与OH-反响生成Mg(OH)2沉淀，Al3+与OH-反响生成NaAlO2和H2O;氢氧化钠溶液不能用氨水代替，因为在Al3+与氨水反响生成Al(OH)3后，Al(OH)3不能与氨水继续反响，从而不能将Al(OH)3与Mg(OH)2分开；(2)参加氢氧化钠溶液后除去了Mg2+,但又引入了Na+,同时Al3+转化成了AlO2-;因为氢氧化铝能与强酸反响，所以在参加盐酸沉淀时需要控制溶液的pH,以防止局部Al(OH)3溶解；氢氧化铝只能与强碱或强酸反响，因此，可在溶液a中通入过量二氧化碳气体；答案：(1)Mg2++2OH-=Mg(OH)2↓Al3++3OH-=Al(OH)3↓Al(OH)3+OH-=AlO2-+2H2O不能，因为Al(OH)3,不能溶于过量的氨水中，不能将Al(OH)3与Mg(OH)2分开(2)K+、Cl-、Na+、AlO2-因为Al(OH)3能溶于强酸，所以需控制pH，防止局部Al(OH)3溶解在a溶液中通入过量CO2气体12.解析：由C是常见无色无味液体，推知C为H2O;D是淡黄色固体化合物，推知D为Na2O2，C、D反响后生成NaOH，并且又能和常见金属单质A反响，可知A为Al；由B为黑色非金属单质，猜测为碳。(2)分步书写，减少错误。先写出Na2O2与H2O的反响，生成的NaOH再与Al发生反响。(3)根据C和O2反响的物质的量，两者比值为4∶4时产物为CO2，比值为4∶2时，产物为CO，现在比值为4∶3，所以产物为CO2和CO的混合物。(4)反响③Na2O2和CO2反响生成Na2CO3和O2.10/10\n(5)反响④溶液甲的成分为NaOH和NaAlO2，通入CO2后，CO2可以和NaAlO2溶液反响生成Al(OH)3沉淀，同时CO2又和NaOH反响生成Na2CO3，两者相加，即得总方程式，然后再拆为离子方程式。答案：(1)AlCH2ONa2O2(2)2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2↑(3)CO2CO(4)Na2CO3(5)CO2+AlO2-+OH-+H2O=CO32-+Al(OH)3↓10/10
